2019中考物理分类汇编：考点25：磁现象电生磁.docx

1、一、选择题一、选择题 1. （2019 贵州省铜仁市，第贵州省铜仁市，第 15 题，题，2 分）分） 【答案】【答案】C 【解析】【解析】A、磁体外部，磁感线从 N 极出发，回到 S 极，错误； B、两个 N 极，磁感线方向都应向外，错误； C、电磁铁正面电流方向向上，由安培定则可知，电磁铁左端为 N 极，右端为 S 极，正确； D、电磁铁正面电流方向向下，由安培定则可知，电磁铁左端为 S 极，右端为 N 极，错误。 2. （2019 湖南省邵阳市，第湖南省邵阳市，第 16 题，题，2 分）分） 【答案】【答案】C 【解析】【解析】A、电磁铁正面电流方向向上，由安培定则可知电磁铁 A 端为 N

2、 极，B 端为 S 极，正确； B、小磁针的 N 极与电磁铁 S 极相互吸引，向左指向 B 端的 S 极，正确； C、这一现象说明电流具有磁效应，发电机的原理是电磁感应，错误； D、滑片 P 向右移动，滑动变阻器连入电路电阻变小，电路中电流变大，电磁铁磁性变强，正确。 3. （2019 山西山西省省 ，题号，题号 18，分值，分值 2） 【答案答案】D D 【解析】根据安培定则可知，螺线管正面电流方向向上，右侧为【解析】根据安培定则可知，螺线管正面电流方向向上，右侧为 N N 级，左侧为级，左侧为 S S 级，则该指南针的南极应级，则该指南针的南极应 标在泡沫板的标在泡沫板的 d d 处，即处

3、，即 D D 正确正确. . 4. （2019 上海市，第上海市，第 3 题，题，2 分）分） 【答案】【答案】D 【解析】牛顿发现了万有引力定律，建立了经典力学；欧姆发现了欧姆定律；安培提出了右手螺旋定则，奥斯【解析】牛顿发现了万有引力定律，建立了经典力学；欧姆发现了欧姆定律；安培提出了右手螺旋定则，奥斯 特第一个发现了电流的磁效应，本题选特第一个发现了电流的磁效应，本题选 D。 5. （2019 云南省昆明市，题号云南省昆明市，题号 2，分值，分值 3） 【答案】【答案】A 【解析】通电螺线管的磁性强弱与线圈匝数、电流大小、有无铁芯灯因素有关；要使螺线管吸引更多的铁钉，【解析】通电螺线管的

4、磁性强弱与线圈匝数、电流大小、有无铁芯灯因素有关；要使螺线管吸引更多的铁钉， 需要使其磁性增强需要使其磁性增强，可以在纸筒中插入铁芯可以在纸筒中插入铁芯、增大线圈匝数增大线圈匝数、增大电流等增大电流等，故故 A 增强增强、B、C 错误错误；将电源正负将电源正负 极对调，只能改变通电线圈的极性，而不能改版其磁性强弱，故极对调，只能改变通电线圈的极性，而不能改版其磁性强弱，故 D 错误错误. 6.（2019 山东省潍坊市，题号山东省潍坊市，题号 8，分值，分值 3） 如图所示，一条形磁铁静止在粗糙的水平桌面上，通电螺线管与条形磁铁处于同一水平面上，并靠近。开关闭如图所示，一条形磁铁静止在粗糙的水平

5、桌面上，通电螺线管与条形磁铁处于同一水平面上，并靠近。开关闭 合后，滑片合后，滑片 P 向下滑动的过程中，条形磁铁始终保持静止。对条形磁铁所受摩擦力的判断，下列说法中正确向下滑动的过程中，条形磁铁始终保持静止。对条形磁铁所受摩擦力的判断，下列说法中正确 的是（的是（） A摩擦力减小，方向水平向左摩擦力减小，方向水平向左 B摩擦力减小，方向水平向右摩擦力减小，方向水平向右 C摩擦力增大，方向水平向左摩擦力增大，方向水平向左 D摩擦力增大，方向水平向右摩擦力增大，方向水平向右 【答案】【答案】D 【解答【解答】解解：由安培定则得由安培定则得，电磁铁左端为电磁铁左端为 N 极极，右端为右端为 S 极

6、极，则与条形磁铁的异名极相对则与条形磁铁的异名极相对，相互吸引相互吸引，则则 条形磁铁受到电磁铁向左的吸引力，因条形磁铁始终保持静止，所以它受到的吸引力和桌面给它的摩擦力是条形磁铁受到电磁铁向左的吸引力，因条形磁铁始终保持静止，所以它受到的吸引力和桌面给它的摩擦力是 一对平衡力，大小相等，方向相反，所以条形磁铁受到的摩擦力的方向是向右的；一对平衡力，大小相等，方向相反，所以条形磁铁受到的摩擦力的方向是向右的； 当滑片逐渐向下移动时当滑片逐渐向下移动时，连入电路的电阻逐渐减小连入电路的电阻逐渐减小，由欧姆定律可得线圈中电流逐渐变大由欧姆定律可得线圈中电流逐渐变大，则磁场逐渐变强则磁场逐渐变强，

7、条形磁铁受到电磁铁的吸引力逐渐变大，因条形磁铁受的是平衡力，故摩擦力的大小也会逐渐增大。条形磁铁受到电磁铁的吸引力逐渐变大，因条形磁铁受的是平衡力，故摩擦力的大小也会逐渐增大。 故选：故选：D。 7. （2019 浙江省宁波市，题号浙江省宁波市，题号 4，分值，分值 4） 下列都是教材中的实验，其中为了说明下列都是教材中的实验，其中为了说明“ “对物体做功，物体内能增加对物体做功，物体内能增加” ”的是（的是（） A.A. 图甲：手帕摩擦塑料丝后，塑料丝散开图甲：手帕摩擦塑料丝后，塑料丝散开B.B. 图乙：缝衣针与磁铁摩擦后，有了磁性图乙：缝衣针与磁铁摩擦后，有了磁性 C.C. 图丙：加热后，

8、水蒸气把木塞冲出试管图丙：加热后，水蒸气把木塞冲出试管D.D. 图丁：迅速下压活塞后，浸过乙醚的棉花燃烧图丁：迅速下压活塞后，浸过乙醚的棉花燃烧 【答案】【答案】 D D 【解析】【解析】A.A.图甲：手帕摩擦塑料丝后，塑料丝散开图甲：手帕摩擦塑料丝后，塑料丝散开 ，说明同种电荷相互排斥，故，说明同种电荷相互排斥，故 A A 不合题意；不合题意； B.B.图乙：缝衣针与磁铁摩擦后，有了磁性，这是磁化现象，故图乙：缝衣针与磁铁摩擦后，有了磁性，这是磁化现象，故 B B 不合题意；不合题意； C.C.图丙：加热后，水蒸气把木塞冲出试管，这是水蒸气对外界做功，内能减少，故图丙：加热后，水蒸气把木塞冲

9、出试管，这是水蒸气对外界做功，内能减少，故 C C 不合题意；不合题意； D.D.图丁：迅速下压活塞后，活塞对里面的空气做功，使乙醚的内能增加，导致浸过乙醚的棉花燃烧，这说明外图丁：迅速下压活塞后，活塞对里面的空气做功，使乙醚的内能增加，导致浸过乙醚的棉花燃烧，这说明外 界对物体做功，物体内能增加，故界对物体做功，物体内能增加，故 D D 符合题意；符合题意； 故选故选 D D。 8. （20192019 浙江省绍兴市，题号浙江省绍兴市，题号 1010，分值，分值 4 4） 如图所示，内部均装有磁铁的两块清洁器如图所示，内部均装有磁铁的两块清洁器 MM 和和 N N 隔着窗玻璃总能合在一起移动

10、，这让玻璃清洁变得安全高效。隔着窗玻璃总能合在一起移动，这让玻璃清洁变得安全高效。 关于清洁器的分析正确的是（关于清洁器的分析正确的是（） A.A. 两块清洁器能合在一起的原理是异名磁极相互吸引两块清洁器能合在一起的原理是异名磁极相互吸引 B.B. N N 受到的重力和受到的重力和 MM 对对 N N 的吸引力是一对平衡力的吸引力是一对平衡力 C.C. 玻璃对玻璃对 N N 的支持力和的支持力和 MM 对对 N N 的吸引力是一对相互作用力的吸引力是一对相互作用力 D.D. 移动移动 MM 时，时，N N 也能跟着一起移动，说明力能改变物体的形状也能跟着一起移动，说明力能改变物体的形状 【答案

11、】【答案】 A A 【解析】【解析】A.A.两块清洁器各是一块磁铁，之所以能够合在一起是因为：异名磁极相互吸引，故两块清洁器各是一块磁铁，之所以能够合在一起是因为：异名磁极相互吸引，故 A A 正确；正确； B.NB.N 的重力方向竖直向下，而的重力方向竖直向下，而 MM 对对 N N 的吸引力在水平方向，二者不在同一直线上，因此不是平衡力，故的吸引力在水平方向，二者不在同一直线上，因此不是平衡力，故 B B 错错 误；误； C.C.玻璃对玻璃对 N N 的支持力水平向外的支持力水平向外，MM 对对 N N 的吸引力水平向内的吸引力水平向内，二者作用在同一物体二者作用在同一物体，同一直线上同一

12、直线上，大小相等大小相等，方方 向相反，因此是平衡力而不是相互作用力，故向相反，因此是平衡力而不是相互作用力，故 C C 错误；错误； D.D.移动移动 MM 时，时，N N 也能跟着一起移动，说明力能改变物体的运动状态，故也能跟着一起移动，说明力能改变物体的运动状态，故 D D 错误。错误。 故选故选 A A。 9.（20192019 浙江省绍兴市，题号浙江省绍兴市，题号 1313，分值，分值 4 4） 如图是小敏设计的汽车尾气中如图是小敏设计的汽车尾气中 COCO 排放量的检测电路排放量的检测电路。当当 COCO 浓度高于某一设定值时浓度高于某一设定值时，电铃发声报警电铃发声报警。图中气敏

13、图中气敏 电阻电阻 R R，阻值随，阻值随 COCO 浓度的增大而减小。下列说法正确的是（浓度的增大而减小。下列说法正确的是（） A.A. 电铃应接在电铃应接在 A A 和和 C C 之间之间 B.B. 当当 COCO 浓度升高，电磁铁磁性减弱浓度升高，电磁铁磁性减弱 C.C. 用久后，电源电压用久后，电源电压 U U1 1会减小，报警时会减小，报警时 COCO 最小浓度比设定值高最小浓度比设定值高 D.D. 为使该检测电路在为使该检测电路在 COCO 浓度更低时报警，可将浓度更低时报警，可将 R R2 2控制电路的滑片向下移控制电路的滑片向下移 【答案】【答案】 C C 【解析【解析】A.A

14、.当当 COCO 浓度增大浓度增大，电阻减小电阻减小，电流增大时电流增大时，电磁铁才会吸引衔铁电磁铁才会吸引衔铁，这时衔铁与下面的触点接通这时衔铁与下面的触点接通，只有只有 电铃在电铃在 BDBD 部分才能报警，故部分才能报警，故 A A 错误；错误； B.B.当当 COCO 浓度增大，电阻减小，电流增大时，电磁铁的磁性会增强，故浓度增大，电阻减小，电流增大时，电磁铁的磁性会增强，故 B B 错误；错误； C.C.电磁铁吸引衔铁需要的磁力是不变的，即线圈中需要达到的电流大小不变；当电源电压减小时，控制电路部电磁铁吸引衔铁需要的磁力是不变的，即线圈中需要达到的电流大小不变；当电源电压减小时，控制

15、电路部 分电流变小分电流变小， 此时电磁铁磁力较小不能将衔铁吸下来报警此时电磁铁磁力较小不能将衔铁吸下来报警； 只有只有 COCO 的浓度继续增大的浓度继续增大， 气敏电阻的阻值继续减小气敏电阻的阻值继续减小， 电路电流增大才能再次报警，因此报警时电路电流增大才能再次报警，因此报警时 COCO 的最小浓度设定值偏高，故的最小浓度设定值偏高，故 C C 正确；正确； D.D.报警时控制电路中电流保持不变，即总电阻不变；当报警时控制电路中电流保持不变，即总电阻不变；当 COCO 的浓度降低时，气敏电阻的阻值变大，为了正常报的浓度降低时，气敏电阻的阻值变大，为了正常报 警，变阻器的阻值必须变小，即滑

16、片向上移动，故警，变阻器的阻值必须变小，即滑片向上移动，故 D D 错误。错误。 故选故选 C C。 10. （20192019 浙江省台州市，题号浙江省台州市，题号 7 7，分值），分值） 能写红黑双色的磁画板截面如图所示，按下写字笔黑色按钮写出黑色的字，按下红色按钮写出红色的字，刷子能写红黑双色的磁画板截面如图所示，按下写字笔黑色按钮写出黑色的字，按下红色按钮写出红色的字，刷子 左右移动则字消失。下列说法正确的是（左右移动则字消失。下列说法正确的是（） A.A.刷子可以用铁制作刷子可以用铁制作B.B.写黑字时笔尖为写黑字时笔尖为 S S 极极 C.C.写红字时笔尖为写红字时笔尖为 N N

17、极极D.D.写字的原理是同名磁极相互排斥写字的原理是同名磁极相互排斥 【答案】【答案】A A 【解析】【解析】当按下黑色按钮，笔尖靠近磁画板时，画板上黑色的当按下黑色按钮，笔尖靠近磁画板时，画板上黑色的 S S 极在上显示黑字，根据极在上显示黑字，根据“异名磁极相互吸引异名磁极相互吸引” 可知，这时笔尖为可知，这时笔尖为 N N 极，故极，故 B B 错误；错误； 当按下红色按钮，笔尖靠近磁画板时，画板上红色的当按下红色按钮，笔尖靠近磁画板时，画板上红色的 N N 极在上显示红字，根据极在上显示红字，根据“异名磁极相互吸引异名磁极相互吸引”可知，这可知，这 时笔尖为时笔尖为 S S 极，故极，

18、故 C C 错误；错误； 写字的原理是写字的原理是“异名磁极相互吸引异名磁极相互吸引”，故，故 D D 错误；错误； 当用刷子左右移动时，文字消失，说明磁画板上的小磁体又在刷子的引力恢复原来的位置，因此刷子可以用铁当用刷子左右移动时，文字消失，说明磁画板上的小磁体又在刷子的引力恢复原来的位置，因此刷子可以用铁 制作，故制作，故 A A 正确。正确。 故选故选 A A。 11.（ 2019 黑 龙 江 省 大 庆 市 ， 第黑 龙 江 省 大 庆 市 ， 第 8 题 ，题 ， 4 分 ）分 ） 下 列 关 于 四 幅 图 片 的 描 述 中 正 确 的 是 A. S 闭合后小磁针 N 极向左偏转

19、B.表示的是汽油机的做功冲程 C 图中船闸的工作过程应用了帕断卡定律D.验钞机利用了红外线来辨别钞票的真伪 【答案】【答案】A 【解析【解析】有电流表的连接可以判断电电流的方向，再依据右手螺旋定则。可判断出螺线管左端是 N 极，小磁针 N 极向左偏转。所以 A 正确。进气门排气门关闭，活塞向上运动，属于压缩冲程。所以 B 错误。船闸是应用了连 通器原理。所以 C 错误。验钞机是利用紫外线来辨别钞票的真伪。所以 D 错误。 12. （2019 湖北省武汉市，题号湖北省武汉市，题号 17，分值，分值 3） 【答案答案】C 【解析】由电源的正负极可知，电流从螺线管的左后方流入，右前方流出，由右手螺旋

20、定则可知，螺线管右端【解析】由电源的正负极可知，电流从螺线管的左后方流入，右前方流出，由右手螺旋定则可知，螺线管右端 应为应为 N 极，左端为极，左端为 S 极；因同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引，所以小磁针甲静止时极；因同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引，所以小磁针甲静止时 N 极指向左端，极指向左端，S 极极 指向右，小磁针乙静止时指向右，小磁针乙静止时 N 极指向右端，极指向右端，S 极指向左，故极指向左，故 B 正确，正确，ACD 错误；故选错误；故选 B。 13. （2019吉林省长春市，吉林省长春市，3，2分）分）世界上第一个发现电流周围存在磁场的物理学家是（） A.奥斯特B.焦

21、耳C.安培D.欧姆 【答案】【答案】A 【解析】根据初中物理学物理常识，结合题意来分析解答；【解析】根据初中物理学物理常识，结合题意来分析解答； 1820 年，年， 丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应， 发现电流周围存在磁场，发现电流周围存在磁场， A 选项正确。选项正确。 故选故选 A。 14. （2019 内蒙赤峰，内蒙赤峰，9，3） 【答案】【答案】B 【解析】【解析】 螺线管中电流方向如图所示，利用安培螺旋定则可以判定螺线管左侧为螺线管中电流方向如图所示，利用安培螺旋定则可以判定螺线管左侧为 N 极、右侧为极、右侧为 S 极。根据同名极。根据同名

22、 磁极相互排斥、异名磁极相互吸引的原理，小磁针磁极相互排斥、异名磁极相互吸引的原理，小磁针 N 极与螺线管极与螺线管 S 极相互吸引，向左旋转极相互吸引，向左旋转 90?。 N S 15. （20192019 江苏省无锡市，题号江苏省无锡市，题号 4 4，分值，分值 2 2） 【答案】【答案】B B 【解析【解析】A A 选项该永磁体在高温下也产生很强的永久磁场选项该永磁体在高温下也产生很强的永久磁场，说明这种永磁体具有耐高温的性质说明这种永磁体具有耐高温的性质，A A 选项说法正确选项说法正确， 不符合题意；不符合题意；B B 选项该永磁体能产生很强的永久磁体，选项该永磁体能产生很强的永久磁

23、体，B B 选项说法错误，符合题意；选项说法错误，符合题意；C C 选项由题知选项由题知“利用强大电利用强大电 流进行磁化制成的永磁体流进行磁化制成的永磁体”，C C 选项说法正确选项说法正确，不符合题意不符合题意；D D 选项由题知选项由题知“由稀土原材料与其他金属一起经过由稀土原材料与其他金属一起经过 熔化熔化、冷却冷却、破碎破碎、烧结等复杂工艺形成毛坯烧结等复杂工艺形成毛坯”，说明制作时经历了熔化和凝固过程说明制作时经历了熔化和凝固过程，D D 选项说法正确选项说法正确，不符合不符合 题意。题意。 16. 17. 18. 19. 20. 21. 22. 23. 24. 25. 26. 2

24、7. 28. 29. 30. 31. 32. 33. 34. 35. 36. 37. 38. 39. 二、填空题二、填空题 1. （2019 黑龙江省龙东地区，黑龙江省龙东地区，23，2 分）分） 【答案】【答案】N；变暗。；变暗。 【解析】根据右手定则判断出电磁铁左侧的极性，再根据滑片向右移动时，控制电路中的电流的变化，再分析【解析】根据右手定则判断出电磁铁左侧的极性，再根据滑片向右移动时，控制电路中的电流的变化，再分析 出巨磁电阻的电阻的大小变化情况，再分析出电路中电流的变化情况，最后分析出小灯泡的亮度的变化情况即出巨磁电阻的电阻的大小变化情况，再分析出电路中电流的变化情况，最后分析出小灯

25、泡的亮度的变化情况即 可。可。 由题意可知，当开关闭合时，由右手定则可知，控制电路中电磁铁左侧为由题意可知，当开关闭合时，由右手定则可知，控制电路中电磁铁左侧为 N 极；当滑片极；当滑片 P 向右移动时，滑动变向右移动时，滑动变 阻器连入电路的电阻变大，控制电路的电流变小，电磁铁磁性变弱，巨磁电阻的阻值变大，工作电路中的电流阻器连入电路的电阻变大，控制电路的电流变小，电磁铁磁性变弱，巨磁电阻的阻值变大，工作电路中的电流 变小，小灯泡的亮度变暗。变小，小灯泡的亮度变暗。 2. （2019 湖北省黄石市，题号湖北省黄石市，题号 28，分值，分值 4） 【答案】【答案】奥斯特；奥斯特；N；大于；左；

26、大于；左 【思路分析】【思路分析】奥斯特发现了电流的磁效应，即通电导线周围都存在磁场；由小磁针的奥斯特发现了电流的磁效应，即通电导线周围都存在磁场；由小磁针的 N N 极方向可得电磁极方向可得电磁 铁的磁极铁的磁极，由安培定则可得电流流向及电源的正负极由安培定则可得电流流向及电源的正负极；根据电流方向和电磁铁的绕线情况根据电流方向和电磁铁的绕线情况，根据安培定根据安培定 则判断出电磁铁的极性则判断出电磁铁的极性；根据杠杆的平衡条件判断根据杠杆的平衡条件判断，不计衔铁不计衔铁、杠杆的质量杠杆的质量，左侧电磁吸力应大于密封左侧电磁吸力应大于密封 罩的重力罩的重力. . 【解题过程】【解题过程】在通

27、电导体放在小磁针上方时，小磁针会发生偏转，即发明电流周围存在磁场。电磁铁的在通电导体放在小磁针上方时，小磁针会发生偏转，即发明电流周围存在磁场。电磁铁的 工作原理是电流的磁效应工作原理是电流的磁效应，该现象最早是奥斯特发现的该现象最早是奥斯特发现的；由图看出由图看出，电流从电磁铁上端流入电流从电磁铁上端流入，依据安培依据安培 定则定则，四指顺着电流方向四指顺着电流方向，大拇指应向上握住电磁铁大拇指应向上握住电磁铁，所以上端为所以上端为 N N 极极；若密封罩被提起并悬挂于空中若密封罩被提起并悬挂于空中， 不计衔铁不计衔铁、杠杆的质量杠杆的质量，由图可知由图可知，衔铁这段电磁吸力的力臂小于密封罩

28、的重力的力臂衔铁这段电磁吸力的力臂小于密封罩的重力的力臂，根据杠杆的平根据杠杆的平 衡条件衡条件，左侧电磁吸力应大于密封罩的重力左侧电磁吸力应大于密封罩的重力；提不起提不起，则应将滑动变阻器滑片向左移动则应将滑动变阻器滑片向左移动，根据欧姆定律根据欧姆定律 可知，电路中电流变大，衔铁这段电磁吸力就会变大可知，电路中电流变大，衔铁这段电磁吸力就会变大. . 3. （2019 吉林省长春市吉林省长春市，15，2 分分）如图所示，闭合开关 S，小磁针静止时 N 极指向（选填“左” 或“右”）。向左移动滑动变阻器的滑片，螺线管的磁性（选填“增强”“减弱”）。 【答案】【答案】左；增强。左；增强。 【解

29、析】由右手定则判断出通电螺线管的极性，再利用磁极间的相互作用规律分析出【解析】由右手定则判断出通电螺线管的极性，再利用磁极间的相互作用规律分析出 N 极的指向，再由题意分极的指向，再由题意分 析出向左移动滑动变阻器的滑片时，变阻器连入电路的电阻的变化情况，分析出电路中的电流的变化情况，最析出向左移动滑动变阻器的滑片时，变阻器连入电路的电阻的变化情况，分析出电路中的电流的变化情况，最 后分析出螺线管的磁性的变化情况。后分析出螺线管的磁性的变化情况。 根据右手定则根据右手定则，电流方向向上电流方向向上，因此电磁铁的因此电磁铁的 N 极向左极向左，根据同极相斥根据同极相斥，异极相吸异极相吸，小磁针小

30、磁针 N 极指向左极指向左，滑动滑动 变阻滑片变阻滑片 P 向左移动后向左移动后，滑动变阻器的电阻接入电路部分减少滑动变阻器的电阻接入电路部分减少，使得电路中电流增大使得电路中电流增大，因此电磁铁的磁性增强因此电磁铁的磁性增强。 4. （2019 云南省，题号云南省，题号 16，分值，分值 2）2019 年 5 月 23 日，我国时速 600 公里高速磁浮试验样车在青岛下线，这 标志看我国在高速磁浮技术领域实现重大突破磁浮列车“悬浮”是利用了电流的_效应；丹麦物理学家 _是第一个发现电与磁之间有联系的人 【答案答案】磁】磁奥斯特奥斯特 【解析【解析】磁悬浮列车能够悬浮是利用了同名磁极相互排斥的

31、特点，它的核心部分是电磁铁。电磁铁是利用电流的 磁效应制成的； 奥斯特在 1820 年发现了通电导线周围存在着磁场，是第一个发现电与磁之间联系的人 5. （20192019 贵州省安顺市，题号贵州省安顺市，题号 9 9，分值，分值 4 4） 如甲、乙两图所示，能说明电动机工作原理的是图如甲、乙两图所示，能说明电动机工作原理的是图乙乙，如图丙所示，在电磁铁正上方用弹簧挂着一条形磁，如图丙所示，在电磁铁正上方用弹簧挂着一条形磁 铁，当开关铁，当开关 S S 闭合后，在渐片闭合后，在渐片 P P 由由 b b 端向端向 a a 端滑动过程中，弹簧长度端滑动过程中，弹簧长度变长变长（选填（选填“变长变

32、长”或或“缩短缩短” ） 。 【答案】乙；变长【答案】乙；变长 【解析】解【解析】解： （1 1）电动机是根据通电导体在磁场中受力的原理制成的，电路中有电源，故应为图乙；发电机）电动机是根据通电导体在磁场中受力的原理制成的，电路中有电源，故应为图乙；发电机 是根据电磁感应原理制成的，电路中无电源，为图甲；是根据电磁感应原理制成的，电路中无电源，为图甲； （2 2）读图可知，当滑片）读图可知，当滑片 P P 从从 b b 端到端到 a a 端滑动过程中，变阻器的阻值变小，电路中的电流变大，电磁铁的磁端滑动过程中，变阻器的阻值变小，电路中的电流变大，电磁铁的磁 性增强；性增强； 电流从螺线管的下端

33、流入电流从螺线管的下端流入，上端流出上端流出，右手握住螺线管右手握住螺线管，使四指指向电流方向使四指指向电流方向，则螺线管的上端为则螺线管的上端为 N N 极极。根根 据异名磁极相互吸引可知，条形磁铁与电磁铁的相互作用为吸引，当电路中的电流变大时，电磁铁的磁性变据异名磁极相互吸引可知，条形磁铁与电磁铁的相互作用为吸引，当电路中的电流变大时，电磁铁的磁性变 强，吸引力变大，则弹簧长度变长。强，吸引力变大，则弹簧长度变长。 6. 7. 8. 9. 10. 11. 12. 13. 14. 15. 16. 17. 18. 19. 20. 21. 22. 23. 24. 25. 26. 27. 28.

34、29. 30. 31. 32. 33. 34. 35. 36. 37. 38. 39. 三、解答题三、解答题 1. （20192019 浙江省丽水市，题号浙江省丽水市，题号 3232，分值，分值） 如图是一款用锂电池供电的平衡台灯如图是一款用锂电池供电的平衡台灯， 悬挂在中间的木质小球是它的悬挂在中间的木质小球是它的“ “开关开关” ”。 使用时只需要将上下两个小球靠近使用时只需要将上下两个小球靠近， 小球就相互吸引，灯管发光。以下为平衡台灯参数；小球就相互吸引，灯管发光。以下为平衡台灯参数； 额定电压：额定电压：5 5 伏伏 额定功率：额定功率：5 5 瓦瓦 光源类型：光源类型：LEDLED

35、 狸电池输出电压：狸电池输出电压：5 5 伏伏 但电池容量：但电池容量：48004800 毫安时毫安时 （注：以（注：以 48004800 毫安的电流放电能工作毫安的电流放电能工作 1 1 小时）小时） （1 1）若）若 A A 球内置的磁体下端为球内置的磁体下端为 N N 极，则极，则 B B 球内置磁体上端为球内置磁体上端为_极；极； （2 2）求平衡台灯正常发光时电路中的电流；）求平衡台灯正常发光时电路中的电流； （3 3）给该台灯充电时给该台灯充电时，充电器的输出电压为充电器的输出电压为 5 5 伏伏、电流电流 2 2 安安，充电效率为充电效率为 80%80%，则为用完电的台灯充满电至

36、少则为用完电的台灯充满电至少 需要多长时间？需要多长时间？ 【答案】【答案】 （1 1）南（）南（S S） ； （2 2）1A1A； （3 3）3h3h 【思路分析思路分析】 （1 1）根据异名磁极相互吸引回答；）根据异名磁极相互吸引回答； （2 2）已知灯的额定功率额定电压为，根据）已知灯的额定功率额定电压为，根据 P=UIP=UI 求平衡台灯正常发光时电路中的电流；求平衡台灯正常发光时电路中的电流； （3 3）W=UIt=UQW=UIt=UQ 求出给该台灯充电时获得输出电能求出给该台灯充电时获得输出电能： W W h= 输入 得出得出 WW 输入输入； ；根据根据 W=UItW=UIt 求

37、出用完电求出用完电 的台灯充满电至少需要的时间。的台灯充满电至少需要的时间。 【解【解题过程题过程】 （ （1 1）开关开关” ”使用时只需要将上下两个小球靠近使用时只需要将上下两个小球靠近，小球就相互吸引小球就相互吸引，灯管发光灯管发光，若若 A A 球内球内 置的磁体下端为置的磁体下端为 N N 极，根据异名磁极相互吸引，则极，根据异名磁极相互吸引，则 B B 球内置磁体上端为球内置磁体上端为 S S 极；极； （2 2）额定功率为：）额定功率为：P=5WP=5W，额定电压为：，额定电压为：U=5VU=5V， 平衡台灯正常发光时电路中的电流：平衡台灯正常发光时电路中的电流： 5 1 5 P

38、W IA UV = ； （3 3）给该台灯充电时，充电器的输出电压为）给该台灯充电时，充电器的输出电压为 5 5 伏、电流伏、电流 2 2 安，输出电能为：安，输出电能为： W=UIt=UQ=5VW=UIt=UQ=5V 4.8A4.8A 3600s=86400J3600s=86400J； W W h= 输入 ，故，故 86400 10800 80% WJ WJ h = 输入 ； 用完电的台灯充满电至少需要时间：用完电的台灯充满电至少需要时间： 22 108000 108003 52 WJ tsh U IVA = 输入 2. （20192019 江苏省常州市，题号江苏省常州市，题号 3030，分

39、值，分值 8 8） 【答案【答案】 （1 1）如图所示）如图所示： （2 2）120120（3 3）484484 【思路分析】【思路分析】 【解题过程【解题过程】 （1 1）由于温度为）由于温度为 6060时，热敏电阻的阻值为时，热敏电阻的阻值为 4040，根据欧姆定律，根据欧姆定律 I=U/R=6V/40I=U/R=6V/40=0.15A=0.15A，电流小，电流小 于于 0.2A(0.2A(线圈电流大于线圈电流大于 0.2A0.2A 时，衔铁被吸下，线圈电流小于时，衔铁被吸下，线圈电流小于 0.2A0.2A 时，衔铁被弹回时，衔铁被弹回) )，则需要将定值电阻，则需要将定值电阻 R R0

40、0和热和热 敏电阻敏电阻 R Rx x并联连接时并联连接时，线圈中的电流才能达到线圈中的电流才能达到 0.2A0.2A；电磁继电器的动触点要接在火线上电磁继电器的动触点要接在火线上，要温度低于要温度低于 6060要吹要吹 热风，根据图象可知：低于热风，根据图象可知：低于 6060时热敏电阻变小，根据欧姆定律可知：电路中电流变大，则衔铁被吸下，则电时热敏电阻变小，根据欧姆定律可知：电路中电流变大，则衔铁被吸下，则电 热丝要接在下方静触点上，电热丝和电风扇并联连接，电风扇不受电磁继电器控制，电风扇直接接在火线和零热丝要接在下方静触点上，电热丝和电风扇并联连接，电风扇不受电磁继电器控制，电风扇直接接

41、在火线和零 线上线上； （2 2）根据题意、题图和欧姆定律，）根据题意、题图和欧姆定律，U/RU/R0 0+U/R+U/Rx x=0.2A=0.2A，即，即 6V/R6V/R0 0+6V/40+6V/40=0.2A=0.2A，解得：，解得：R R0 0=120=120； （3 3）由于）由于 吹热风功率是吹热风功率是 120W120W，吹冷风功率是，吹冷风功率是 20W20W，则电热丝的功率为，则电热丝的功率为 120W-20W=100W120W-20W=100W，则电热丝的电阻，则电热丝的电阻为为 R=UR=U 2 2/P=(220V) /P=(220V) 2 2/100W=484 /100

42、W=484。 方法二方法二： （1 1） 由于湿度由于湿度 40%40%时时， 湿敏电阻的阻值为湿敏电阻的阻值为 4040， 根据欧姆定律根据欧姆定律 I=U/R=6V/40I=U/R=6V/40=0.15A=0.15A， 电流小于电流小于 0.2A(0.2A(线线 圈电流大于圈电流大于 0.2A0.2A 时，衔铁被吸下，线圈电流小于时，衔铁被吸下，线圈电流小于 0.2A0.2A 时，衔铁被弹回时，衔铁被弹回) )，则需要将定值电阻，则需要将定值电阻 R R0 0和热敏电阻和热敏电阻 R Rx x 并联连接时，线圈中的电流才能达到并联连接时，线圈中的电流才能达到 0.2A0.2A；电磁继电器的

43、动触点要接在火线上，要湿度低于；电磁继电器的动触点要接在火线上，要湿度低于 40%40%要吹热风，根要吹热风，根 据图象可知据图象可知：湿度低于湿度低于 40%40%时电阻变小时电阻变小，根据欧姆定律可知根据欧姆定律可知：电路中电流变大电路中电流变大，衔铁被吸下衔铁被吸下，则电热丝要接在下则电热丝要接在下 方静触点上，电热丝和电风扇并联连接，电风扇不受电磁继电器控制，电风扇直接接在火线和零线上方静触点上，电热丝和电风扇并联连接，电风扇不受电磁继电器控制，电风扇直接接在火线和零线上； （2 2）根）根 据题意、题图和欧姆定律，据题意、题图和欧姆定律，U/RU/R0 0+U/R+U/Rx x=0.

44、2A=0.2A，即，即 6V/R6V/R0 0+6V/40+6V/40=0.2A=0.2A，解得：，解得：R R0 0=120=120； （3 3）由于吹热风功率）由于吹热风功率是是 120W120W，吹冷风功率是，吹冷风功率是 20W20W，则电热丝的功率为，则电热丝的功率为 120W-20W=100W120W-20W=100W，则电热丝的电阻为，则电热丝的电阻为 R=UR=U 2 2/P=(220V) /P=(220V) 2 2/100W=484 /100W=484。 3. 4. 5. 6. 7. 8. 9. 10. 11. 12. 13. 14. 15. 16. 17. 18. 19.

45、20. 21. 22. 23. 24. 25. 四四、实验探究题、实验探究题 1. （2019 湖北省襄阳市，题号，分值）湖北省襄阳市，题号，分值） 40.小明同学在做“探究通电螺线管外围的磁场分布”的实验中 (1)当他在通电螺线管四周不同位置摆放多枚小磁针,最后静止在 如图所示位置。则通电螺线管外部的磁场与磁体的磁场相似。 (2)当他改变通电螺线管中电流方向后,发现周围每个小磁针转动度角后重新静止下来。 【答案【答案】 （1）条形条形； （2 2）180180 【思路分析【思路分析】 （1 1）通电螺线管的磁场分布与条形磁体相似）通电螺线管的磁场分布与条形磁体相似； （2 2）通电螺线管外部

46、磁场方向与螺线管中的）通电螺线管外部磁场方向与螺线管中的 电流方向和线圈的绕法有关电流方向和线圈的绕法有关. . 【解题过程【解题过程】 （1 1）通电螺线管外部的磁场分布与条形磁体相似，都是具有两个磁性较强的磁极；）通电螺线管外部的磁场分布与条形磁体相似，都是具有两个磁性较强的磁极； （2 2）通电螺线管外部磁场方向与螺线管中的电流方向有关，所以只改变螺线管中的电流方向，小磁针）通电螺线管外部磁场方向与螺线管中的电流方向有关，所以只改变螺线管中的电流方向，小磁针 会转动会转动 180180后重新静止下来，南北极所指方向正好与原来相反后重新静止下来，南北极所指方向正好与原来相反. . 2. 3

47、. 五五、作图题、作图题 1. （2019 广西贵港，广西贵港，21（1） ，2） 律；律； 【解析】【解析】 小磁针沿顺时针方向偏转小磁针沿顺时针方向偏转 90 后静止后静止，则它的则它的 N 极向右极向右、S 极向左极向左。根据异名磁极相互排斥的原理根据异名磁极相互排斥的原理，得得 出螺线管的右端为出螺线管的右端为 N 极极、左端为左端为 S 极极。由于磁体周围的磁感线都是从由于磁体周围的磁感线都是从 N 极出发极出发，回到回到 S 极极，所以所以 A 点的磁点的磁 感线方向向左。根据安培螺旋定则判断电源左端为正极，右端为负极。感线方向向左。根据安培螺旋定则判断电源左端为正极，右端为负极。

48、 【答案】如图所示【答案】如图所示 NS +- 2. （2019 毕节市，题号毕节市，题号 32，分值，分值 2） 【答案】【答案】如图所示如图所示 【思路分析】由小磁针静止时的位置判断电磁铁的磁场方向及【思路分析】由小磁针静止时的位置判断电磁铁的磁场方向及 N 极；用安培定则确定电流方向；根据电磁铁的极；用安培定则确定电流方向；根据电磁铁的 磁性强弱与电流大小的关系确定滑动变阻器的接入方法。磁性强弱与电流大小的关系确定滑动变阻器的接入方法。 【解题过程【解题过程】 （1）由小磁针静止时由小磁针静止时 N 极所指的方向就是该处磁场的方向可知极所指的方向就是该处磁场的方向可知：该处电磁铁的磁场方

49、向是向右的该处电磁铁的磁场方向是向右的。 由在磁体外部由在磁体外部，磁场从磁场从 N 极出发极出发，回到回到 S 极极，可知电磁铁的左端为可知电磁铁的左端为 N 极极； （2）利用安培定则可判断出电磁利用安培定则可判断出电磁 铁线圈的电流方向是从左流向右，即开关与电源正极相连铁线圈的电流方向是从左流向右，即开关与电源正极相连； （3）根据线圈电流越大，电磁铁磁性越强，可）根据线圈电流越大，电磁铁磁性越强，可 知：当滑动变阻器的滑片向右移动时，线圈中的电流变小。即向右移动滑片，滑动变阻器接入电路的电阻知：当滑动变阻器的滑片向右移动时，线圈中的电流变小。即向右移动滑片，滑动变阻器接入电路的电阻 变

50、大。所以滑动变阻器的下端接的是做左面的接线柱变大。所以滑动变阻器的下端接的是做左面的接线柱。 （4）根据分析作处电路，如图。）根据分析作处电路，如图。 3. （2019 鄂州市，题号鄂州市，题号 33，分值，分值 3） 33如图所示为电磁铁和永磁体相互作用产生的磁场，请根据图中磁感线的方向标出永磁体右端的磁极，并在括 号内标出电磁铁电源的“+ ”、“-”极. 【答案】【答案】如图所示如图所示 【思路分析】根据磁感线的方向判断磁极、利用安培定则判断电磁铁线圈电流和电源正负极。【思路分析】根据磁感线的方向判断磁极、利用安培定则判断电磁铁线圈电流和电源正负极。 【解题过程】在磁体的外部，磁感线总是从