2023年老高考生物一轮复习微专题2　分离定律的特例分析.pptx

1、微专题微专题2 2分离定律的特例分析分离定律的特例分析第五单元第五单元2023题型一、不完全显性题型一、不完全显性1.不完全显性:杂合子个体的性状表现介于显性和隐性的亲本之间的显性表现形式,如等位基因A和a分别控制红花和白花,在完全显性时,Aa自交后代中红花 白花=3 1,在不完全显性时,Aa自交后代中红花(AA) 粉红花(Aa) 白花(aa)=1 2 1。2.不完全显性和共显性的比较 专项训练1.萝卜的花有红色、紫色、白色三种,由一对等位基因控制。现选用紫花萝卜分别与红花、白花、紫花萝卜杂交,F1中红花、白花、紫花的数量比例分别如下图中所示,下列相关叙述错误的是()A.红花萝卜与红花萝卜杂交

2、,后代均为红花萝卜B.白花萝卜与白花萝卜杂交,后代均为白花萝卜C.红花萝卜与白花萝卜杂交,后代既有红花萝卜,也有白花萝卜D.可用紫花萝卜与白花萝卜杂交验证基因的分离定律答案 C解析 根据题图中的杂交结果,紫花萝卜自交的后代比例为1 2 1,可知该遗传遵循基因的分离定律,可确定紫花萝卜为杂合子,红花萝卜和白花萝卜都为纯合子。则红花萝卜与白花萝卜杂交,后代只有紫花萝卜,C项错误。2.(2021福建泉州模拟)某种植物的叶色与花色皆是由一对等位基因控制的。研究人员任取红叶植株与绿叶植株杂交,F1均表现淡红叶;任取红花植株与白花植株杂交,F1均表现淡红花。研究人员经分析认为叶色和花色是由同一对基因控制的

3、,若让淡红叶淡红花植株自交,则下列关于子代的预期不能支持该看法的是()A.红叶植株皆开红花B.绿叶植株皆开白花C.淡红叶淡红花植株占1/4D.红叶红花植株占1/4答案 C解析 红叶植株与绿叶植株杂交,后代全部为淡红叶植株,则控制红叶和绿叶的性状为不完全显性;红花植株与白花植株杂交,F1均表现淡红花,控制红花和白花的性状也为不完全显性,由于这两对相对性状由一对等位基因控制,假设相关基因用A、a表示,淡红叶淡红花基因型为Aa,Aa自交后代中Aa个体比例为1/2,即淡红叶淡红花植株占1/2,C项符合题意。题型二、从性遗传问题题型二、从性遗传问题1.从性遗传及其本质2.从性遗传伴性遗传从性遗传和伴性遗

4、传的表现型都与性别有密切的联系,但它们是两种截然不同的遗传方式从性遗传时,基因随常染色体传递而传递,伴性遗传时,基因随性染色体(X或Y,Z或W)传递而传递。专项训练3.山羊胡子的出现由B基因决定,等位基因Bb、B+分别决定有胡子和无胡子,但是Bb在雄性中为显性基因,在雌性中为隐性基因。有胡子雌山羊与无胡子雄山羊的纯合亲本杂交产生F1,F1中的2个个体交配产生F2(如下图所示)。下列判断正确的是()A.F1中雌性表现为有胡子B.F1中雄性50%表现为有胡子C.F2纯合子中有胡子和无胡子两种表现型均有D.控制山羊有无胡子的基因的遗传为伴性遗传答案 C解析 无胡子雄山羊B+B+与有胡子雌山羊BbBb

5、杂交,F1的基因型都是B+Bb,雄性都表现为有胡子,雌性都表现为无胡子。F2的基因型有B+B+(雌雄都表现为无胡子),BbBb(雌雄都表现为有胡子),B+Bb(雄性都表现为有胡子,雌性都表现为无胡子)。在杂合子中,决定有胡子基因Bb的表现受性别影响,但该基因的遗传不是伴性遗传。4.从性遗传是指由常染色体上的基因控制的性状,在表现型上受个体性别影响的现象。安哥拉兔的长毛和短毛是由一对等位基因(A/a)控制的。现用纯种安哥拉兔进行杂交,实验结果如表。长毛(雌)短毛(雄)实验一F1雄兔全为长毛雌兔全为短毛F1雌、雄个体交配实验二F2雄兔长毛 短毛=3 1雌兔长毛 短毛=1 3下列说法错误的是()A.

6、安哥拉兔的长毛和短毛的性状遗传属于从性遗传B.安哥拉兔的短毛在雌性中为显性性状,雄性中为隐性性状C.纯种短毛雌兔与F2长毛雄兔杂交,若子代出现长毛兔一定为雄性D.纯种短毛雄兔与F2长毛雌兔杂交,若子代出现短毛兔一定为雄性答案 D解析 纯种安哥拉兔杂交,F1基因型相同,但雌、雄个体表现型不同,且F1雌、雄个体交配,F2雌、雄个体性状分离比相反,说明安哥拉兔的长毛和短毛的性状遗传属于从性遗传,A项正确;由F2显隐性比例可知,雌、雄兔中,长毛和短毛的显隐性关系不同,在雄性中长毛为显性,短毛为隐性,在雌性中短毛为显性,长毛为隐性,B项正确;纯种短毛雌兔aa与F2长毛雄兔(AA、Aa)杂交,子代的基因型

7、为aa、Aa,aa在雌雄中均为短毛,Aa在雌性中为短毛,在雄性中为长毛,C项正确;纯种短毛雄兔aa与F2长毛雌兔AA杂交,子代的基因型为Aa,Aa在雌性中为短毛,在雄性中为长毛,若子代出现短毛兔则一定为雌性,D项错误。5.(2017全国节选)已知某种羊的有角和无角性状由位于常染色体上的等位基因(N/n)控制,请分析:公羊中基因型为NN或Nn的表现为有角,nn无角;母羊中基因型为NN的表现为有角,nn或Nn无角。若多对杂合子公羊与杂合子母羊杂交,则理论上,子一代群体中母羊的表现型及其比例为;公羊的表现型及其比例为。答案 有角 无角=1 3有角 无角=3 1解析 据题意推知公羊基因型为有角NN、N

8、n,无角nn,母羊基因型为有角NN,无角Nn、nn。多对杂合子公羊与杂合子母羊杂交,NnNnNN、Nn、nn,比例为1 2 1。对应上述表现型子一代群体中母羊的表现型及其比例为有角 无角=1 3;子一代群体中公羊的表现型及其比例为有角 无角=3 1。题型三、复等位基因问题题型三、复等位基因问题复等位基因是指一对同源染色体的同一位置上的基因有多个。复等位基因尽管有多个,但遗传时仍符合分离定律,彼此之间有显隐性关系,表现特定的性状。如控制人类ABO血型的IA、IB、i三个基因,ABO血型由这三个复等位基因决定,其显隐性关系为IA=IBi,表现型与基因型的关系如下表所示:血型A型B型AB型O型基因型

9、IAIA、IAiIBIB、IBiIAIBii注:复等位基因最根本来源是“基因突变”。专项训练6.某哺乳动物的毛色受三个位于常染色体上的复等位基因A1(黄色)、A2(黑色)、A3(白色)控制(A1对A2、A3为显性,A2对A3为显性),某一基因存在纯合致死现象。基因型为A1A3的个体与基因型为A1A2的个体交配得到F1,F1表现型及比例如下图所示。下列叙述错误的是()A.该哺乳动物中复等位基因的存在体现了基因突变的不定向性B.该哺乳动物的群体中,基因型为A1A1的个体不能存活C.F1中个体随机交配所得F2中黄色 黑色 白色=5 3 1D.F1中黄色个体与黑色个体交配,后代出现白色个体的概率为1/

10、8答案 C解析 基因突变的不定向性表现为一个基因可以向不同的方向发生突变,产生一个以上的等位基因,A项正确;基因型为A1A2的个体与基因型为A1A3的个体交配,理论上F1的基因型为A1A1、A1A3、A1A2、A2A3,而图中F1表现型及比例为黄色 黑色=2 1,推知A1基因纯合致死,B项正确;F1中个体随机交配,得到的F2中致死(1/9A1A1) 黄色(2/9A1A2、2/9A1A3) 黑色(1/9A2A2、2/9A2A3) 白色(1/9A3A3)=1 4 3 1,故F2实际表现型及比例为黄色 黑色 白色=4 3 1,C项错误;F1中黄色个体的基因型为1/2A1A3、1/2A1A2,黑色个体

11、的基因型为A2A3,它们交配产生的后代出现白色个体的概率为1/21/4=1/8,D项正确。7.植物喷瓜的性别类型由aD、a+、ad三种基因决定,详细情况如下表所示,请根据有关信息回答下列问题。性别类型基因型雄性植株aDa+、aDad两性植株(雌雄同株)a+a+、a+ad雌性植株adad(1)由表中的信息可知喷瓜是倍体植物,自然界没有雄性纯合植株的原因是。(2)请设计一个操作最简便的实验,以确定某两性植株的基因型。该实验选择的亲本类型为,交配方式为,可以避免人工去雄等复杂操作;如果后代,则亲本的基因型是a+a+;如果后代,则亲本的基因型是a+ad。答案 (1)二无基因型为aD的卵细胞(2)两性植

12、株自交都是两性植株两性植株 雌性植株=3 1(或出现雌性植株)解析 (1)由表格中可看出喷瓜的性别是由复等位基因决定的,而它们存在于一对同源染色体上,可由此推出喷瓜是二倍体植物。比较分析表中基因型:雄性基因型中都存在基因aD,而两性植株、雌性植株中均没有基因aD,即有基因aD的喷瓜均为雄性;两性植株、雌性植株均不能提供aD的雌配子,故在自然界中不会出现雄性纯合植株。(2)a+a+自交后代基因型全为a+a+,都表现为两性植株,而a+ad自交后代出现三种基因型:a+a+、a+ad、adad,其中a+a+、a+ad表现为两性植株,adad表现为雌性植株,从而可以从花的结构上区分。所以操作最简便的设计

13、方案为将两性植株进行自交,可避免人工去雄等复杂操作,若子代全部是两性植株,则该两性植株基因型为a+a+;若子代出现雌性植株,则该两性植株基因型是a+ad。题型四、表型模拟问题题型四、表型模拟问题1.表型模拟指生物的表现型不仅仅取决于基因型,还受所处环境的影响,从而导致基因型相同的个体在不同环境中的表现型有差异,即生物的表现型=基因型+环境。2.实例分析果蝇长翅(V)和残翅(v)的遗传受温度的影响,其表现型、基因型与环境的关系如下表:基因型温度/25(正常温度)35VV、Vv长翅残翅vv残翅3.设计实验确认是“aa”的表型还是“Aa”的表现型模拟 专项训练8.兔的毛色黑色(W)与白色(w)是一对

14、相对性状,与性别无关。下图所示两种交配中,亲代兔E、F、P、Q均为纯合子,子代兔在不同环境下成长,其毛色如图所示。下列分析错误的是()A.兔G和兔H的基因型相同B.兔G与兔R交配得到子代,若子代在30环境下成长,其毛色最可能全为黑色C.兔G与兔R交配得到子代,若子代在-15环境下成长,最可能的表现型及其比例为黑色 白色=1 1D.由图可知,表现型是基因和环境因素共同作用的结果答案 B解析 兔E和兔F均为纯合子,所以兔G与兔H的基因型均为Ww,但两者的表现型不同,A项正确;兔G(Ww)与兔R(ww)交配所得子代的基因型为Ww和ww,若子代在30环境下成长,则Ww和ww的表现型均为白色,B项错误;

15、兔G(Ww)与兔R(ww)交配所得子代的基因型为Ww和ww,若子代在-15环境下成长,则Ww的表现型为黑色,ww的表现型为白色,比例是1 1,C项正确;由图可知,表现型是基因与环境共同作用的结果,D项正确。9.果蝇的翅型由位于常染色体上的一对等位基因(A、a)决定,但是也受环境温度的影响(如表一),现在用6只果蝇进行三组杂交实验(如表二),其中雄性亲本在室温(20)长大,分析表格相关信息回答下列问题。表一 表二 饲喂条件AAAaaa室温(20)正常翅正常翅残翅低温(0) 残翅 残翅 残翅组别雌性亲本 雄性亲本子代饲喂条件子代表现型及数量 残翅残翅低温(0)全部残翅 正常翅 残翅室温(20)正常

16、翅91残翅89 残翅正常翅室温(20)正常翅152残翅49(1)亲代雌果蝇中(填表二中亲本序号)一定是在低温(0)的条件下饲喂的;亲代果蝇中的基因型一定是。(2)果蝇翅型的遗传说明了生物性状是由共同调控的。(3)亲本的基因型可能是,为确定其基因型,某生物兴趣小组设计了实验思路,首先将第组的子代进行随机自由交配得F2,然后把F2放在室温(20)的条件下饲喂,观察统计F2表现型及比例。若F2正常翅与残翅的比例为,则果蝇的基因型为Aa。还可以设计实验思路为:用亲本与亲本杂交,然后把后代放在的条件下饲喂,观察并统计后代表现型及比例。(4)若第组的亲本与亲本杂交,子代在室温(20)的条件下饲喂,子代只有

17、两只果蝇成活,则子代果蝇中出现残翅果蝇的概率是。答案 (1)Aa(2)基因与环境(3)AA、Aa、aa7 9室温(20)(4)3/4解析 (1)根据残翅与正常翅杂交,后代在室温(20)条件饲喂,子代果蝇出现正常翅 残翅3 1的性状分离比,说明亲本的基因型均为Aa。因此亲代雌果蝇中一定是在低温(0)的条件下饲喂的。由于亲代果蝇中是正常翅,与残翅杂交,后代正常翅 残翅1 1,所以其基因型一定是Aa。(2)基因型Aa的个体在室温(20)条件下饲喂表现为正常翅,而在低温(0)条件下饲喂表现为残翅,说明生物性状是由基因与环境共同调控的。(3)亲本为残翅,其子代又在低温条件下饲喂,所以无法直接判断其基因型

18、,的基因型可能是AA、Aa、aa。将第组的子代进行自由交配,且把F2放在室温(20)的条件下饲喂,最后观察并统计子代翅型的表现型及比例。由题干“雄性亲本在室温(20)长大”可知,残翅的基因型为aa,若残翅的基因型为Aa,则F1中A基因频率为1/4,a基因频率为3/4,根据遗传平衡定律,F2中aa占9/16,则A_占7/16,因此正常翅 残翅=7 9。还可以设计实验思路为用亲本与亲本杂交,然后把后代放在室温(20)的条件下饲喂,观察并统计后代表现型及比例。(4)若第组的亲本与亲本杂交,子代在室温(20)的条件下饲喂,后代正常翅 残翅=1 1。如果子代只有两只果蝇成活,则都为正常翅果蝇的概率是1/

19、21/2=1/4,出现残翅果蝇的概率是1-1/4=3/4。题型五、题型五、“母性效应母性效应”与与“雄性不育雄性不育”问题问题1.“母性效应”问题是指子代的某一表现型受到母本基因型的影响,而和母本的基因型所控制的表现型一样。因此正反交不同,但不是细胞质遗传,这种遗传不是由细胞质基因所决定的,而是由核基因的表达并积累在卵细胞中的物质所决定的。2.雄性不育问题(1)细胞核雄性不育:核基因控制的雄性不育,有显性核不育和隐性核不育,遗传方式符合孟德尔遗传定律。(2)细胞质雄性不育:表现为母体遗传、花粉败育和雌穗正常。可以被显性核恢复基因恢复育性。(3)核质互作不育型:是由核基因和细胞质基因相互作用共同

20、控制的雄性不育类型。专项训练10.“母性效应”是指子代某一性状的表现型由母体的核基因型决定,而不受本身基因型的支配。椎实螺是一种雌雄同体的软体动物,一般通过异体受精繁殖,但若单独饲养,也可以进行自体受精,其螺壳的旋转方向有左旋和右旋的区分。旋转方向符合“母性效应”,遗传过程如下图所示。下列叙述正确的是()A.与螺壳旋转方向有关的基因的遗传不遵循基因的分离定律B.螺壳表现为左旋的个体和表现为右旋的个体的基因型都有3种C.让图示中F2个体进行自交,其后代螺壳都将表现为右旋D.欲判断某左旋椎实螺的基因型,可用任意的右旋椎实螺作为父本进行交配答案 D解析 与螺壳旋转方向有关的基因是一对等位基因,且F1

21、自交后代出现三种基因型,其比例是1 2 1,说明与螺壳旋转方向有关基因的遗传遵循基因的分离定律,A项错误;螺壳表现为左旋,说明母本的基因型为dd,故螺壳表现为左旋的个体的基因型为dd或Dd(2种),螺壳表现为右旋,说明母本的基因型为DD或Dd,故螺壳表现为右旋的个体的基因型为DD、dd或Dd(3种),B项错误;“母性效应”是指子代某一性状的表现型由母体的核基因型决定,而不受本身基因型的支配,因此,让图示中F2个体进行自交,基因型为Dd和DD的个体的子代螺壳都将表现为右旋,而基因型为dd的个体的子代螺壳将表现为左旋,C项错误;左旋椎实螺的基因型是Dd或dd,欲判断某左旋椎实螺的基因型,可用任意的

22、右旋椎实螺作父本进行交配,若左旋椎实螺基因型为dd,则子代螺壳均为左旋,若左旋椎实螺基因型为Dd,则子代螺壳均为右旋,D项正确。11.(2021四川凉山模拟)农作物的雄性不育(雄蕊异常雌蕊正常)在育种方面发挥着重要作用。油菜的雄性不育与育性正常由3个等位基因(A1、A2、a)决定,其显隐性关系是A1对A2、a为显性,A2对a为显性。利用油菜的雄性不育突变植株进行的杂交实验如下图所示。下列分析正确的是()A.根据杂交实验一、二的结果可判断控制雄性不育性状的基因是aB.杂交实验一的F2,重新出现雄性不育植株的原因是发生了基因重组C.杂交实验一的F2中育性正常植株随机传粉,后代出现的性状分离比为8

23、1D.虚线框内的杂交是利用基因突变的原理,将品系3的性状与雄性不育性状整合在同一植株上答案 C解析 根据杂交实验一、二的结果可判断杂交一的亲本基因型为A2A2A1A1,杂交二的亲本基因型为A2A2aa,控制雄性不育性状的基因是A2,A项错误;杂交实验一的F2,重新出现雄性不育植株的原因是发生了基因分离,导致性状分离,B项错误;杂交实验一的F2中育性正常植株(1/3A1A1、2/3A1A2)随机传粉,产生的配子的类型及比例为A1 A2=2 1,后代出现的性状分离比为育性正常(A1-) 雄性不育(A2A2)=8 1,C项正确;虚线框内的杂交是利用基因重组的原理,将品系3的性状与雄性不育性状整合在同

24、一植株上,D项错误。题型六、分离定律中的致死问题题型六、分离定律中的致死问题1.隐性致死隐性基因存在于同一对同源染色体上时,对个体有致死效应,如镰状细胞贫血(红细胞异常,使人死亡)和植物中的白化苗(不能形成叶绿素,从而不能进行光合作用而死亡)。2.显性致死显性基因具有致死效应,如人的神经胶质症(皮肤畸形生长,智力严重缺陷,出现多发性肿瘤等症状)。显性致死又分为显性纯合致死和显性杂合致死。3.配子致死致死基因在配子时期发生作用,从而不能形成有生命活力的配子的现象。分成雄配子致死或雌配子致死或含隐性或显性的某配子成一定比例的死亡。4.合子致死致死基因在胚胎时期或幼体阶段发生作用,从而不能形成活的幼

25、体或个体的现象。若隐性致死导致的是胚胎死亡,则当代突变产生的隐性亲本是不死亡的,如:突变产生的基因型为XbY的个体是不死亡的。专项训练12.(2021山东济南外国语模拟)某开两性花的植株,某一性状由一对完全显性的等位基因A和a控制。某基因型为Aa的植株自交,后代性状分离比明显偏离3 1(后代数量足够多)。以下分析正确的是()A.若后代性状分离比为2 1,原因可能是后代隐性纯合子致死B.若后代只有显性性状,原因可能是显性纯合子致死C.若后代性状分离比为1 1,原因可能是含A基因的某性别配子致死D.该植株A和a基因的遗传不遵循基因的分离定律答案 C解析 若后代性状分离比为2 1,原因可能是后代显性

26、纯合子致死,A项错误;若后代只有显性性状,原因可能是隐性纯合子致死,B项错误;若后代性状分离比为1 1,则类似测交,原因可能是含A基因的某性别配子致死,C项正确;该性状由一对完全显性的等位基因A和a控制,其遗传遵循基因的分离定律,D项错误。13.已知等位基因D、d位于一对同源染色体上,让种群中基因型为Dd的个体相互交配,所获得的子代出现1 1的性状分离比。下列解释合理的是()A.基因D对基因d为不完全显性B.含显性基因的精子或卵细胞存在致死现象C.种群中存在显性杂合致死现象D.雌雄亲本均产生了2种生活力相同的配子答案 B解析 若基因D对基因d为不完全显性,则后代性状分离比为1 2 1,这与题干

27、不符;含显性基因的精子或卵细胞存在致死现象,则一种配子的基因型及比例为D d=1 1,另一种配子只有d一种基因型,子代会出现1 1的性状分离比;若种群中存在显性杂合致死现象,则不会出现Dd的个体;若雌雄亲本均产生了2种生活力相同的配子,则后代基因型及比例为DD Dd dd=1 2 1,不会出现1 1的性状分离比。14.一豌豆杂合子(Aa)植株自交时,下列叙述错误的是()A.若自交后代基因型比例是2 3 1,可能是含有隐性基因的花粉50%的死亡造成的B.若自交后代的基因型比例是2 2 1,可能是隐性个体有50%的死亡造成的C.若自交后代的基因型比例是4 4 1,可能是含有隐性基因的配子有50%的死亡造成的D.若自交后代的基因型比例是1 2 1,可能是花粉有50%的死亡造成的答案 B解析 理论上Aa自交后代应为AA Aa aa=1 2 1,若自交后代AA Aa aa=2 3 1,则可能是含有隐性基因的花粉50%的死亡造成的,A项正确;若自交后代AA Aa aa=2 2 1,则可能是显性杂合子和隐性个体都有50%的死亡造成的,B项错误;若含有隐性基因的配子有50%的死亡,则自交后代的基因型比例是4 4 1,C项正确;若花粉有50%的死亡,并不影响花粉的基因型比例,所以后代的性状分离比仍然是1 2 1,D项正确。本本 课课 结结 束束