1、江苏省苏州高新区第一中学2020-2021学年度高一物理单元测试必修第三册第十一章电路及其应用满分100分 时间75分钟一、单选题（本大题共11小题，共44.0分）1. 以下说法正确的是()A. 导体中的电流是正电荷的定向移动形成的B. 电荷定向移动的速率等于电流的传导速率C. 导体中横截面积越大的地方运动电荷的平均速率越大D. 单位时间内通过导体横截面的电荷量越大，电流越大2. 如图所示的电解槽接入电路后，在t时间内有n1个1价正离子通过溶液内截面S，有n2个1价负离子通过溶液内截面S，设e为元电荷，以下说法正确的是()A. 当n1=n2时电流为零B. 当n1n2时，电流方向从AB，电流I=
2、n1n2teC. 当n1r，改变滑动变阻器时无法达到电路中内、外电阻相等，此时当外电阻越接近内电阻时，电源输出功率最大，故C正确。D.电源的效率=IEI2rIE，电流越小效率越大，可见滑动变阻器的滑动头P滑到最右端时效率最大，故D错误。故选C。12.【答案】(1)0.900；14.50；(2)2018；20；(3)0.40；2.4；(4)3；0.5；1【解析】略13.【答案】(1)甲；(2)； (3)；4.5(4.34.7均可)；(4)C； (5)CD。【解答】(1)用伏安法测金属丝的电阻Rx时，由记录数据根据欧姆定律，可知金属丝的电阻Rx约5.则有RxRA=50，RVRx=600，比较Rx为
3、小电阻应该采用外接法测量误差小；又由(图3)知是用伏安特性曲线来测量电阻的，就要求电压电流从接近0开始调节，所以应该采用分压接法甲；(2)电路图如图(a)：；(3)描绘出的UI图线如图(b)，由图线得到金属丝的阻值Rx为图像的斜率。故Rx=1.000.220=4.5；(4)根据电阻定律R=lS有：=RSl，带入数据金属丝电阻率约为1106m，故C正确；(5)螺旋测微器测量金属丝直径时，由于读数引起的误差属于偶然误差；由于电流表和电压表内阻引起的误差属于系统误差，答案为CD。故答案为：(1)甲；(2)； (3)；4.5(4.34.7均可)；(4)C； (5)CD。14.【答案】解：(1)从A的图
4、线可读出电动势为：E=3V，内阻为：r=UI=36=0.5；(2)从图象的交点可读出路端电压为：U=2V，电路电流为：I=2A，则电源的输出功率为：P=UI=22W=4W；(3)从图象的交点可得：R=UI=22=1当内外电阻相等时，即外电路总电阻为R1=r=0.5时，电源有最大输出功率，由电阻并联关系可得并联的电阻为：R2=1电源最大输出功率为：Pm=E24r=3240.5W=4.5W。答：(1)电源电动势和内阻分别是3V和0.5；(2)电源的输出功率为4W；(3)若要获得电源的最大输出功率，要并联一个1的电阻，电源最大输出功率4.5W。15.【答案】解：(1)将乙图中AB线延长，交U轴于20
5、V处，所以电源的电动势为E=20V.图象斜率表示内阻(2)当P滑到R3的右端时，电路参数对应乙图中的B点，只有电阻R2接入电路，由图乙所示图象可知，U2=4V，I2=0.8A，则定值电阻R2的阻值(3)当P滑到R3的左端时，电路参数对应乙图中的A点，此时并联部分电阻此时滑动变阻器阻值RpR并=RpR1Rp+R1当外电路总电阻与电源内阻相等时，电源输出功率最大，故并联部分总电阻为则解得16.【答案】解：(1)当变阻器的滑动片向左移动时，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，定值电阻R0的电压增大，路端电压减小，由图分析可得V1对应AC、V2对应BC；(2)由题意得：U1=IR0，则R0=U1
6、I=61.520.5=3当滑动变阻器取最大值时，电流最小Imin=0.5A，而UR=UBUA=7.5V1.5V=6V所以Rmax=URImin=60.5=12；(3)因为U2=EIr，则内阻r=U2I=67.520.5=1所以E=U2+Ir=7.5V+0.51V=8V。17.【答案】解：(1)把三个这样的灯泡串联后，接到电动势为12V的电源上，每个灯泡得到的实际电压为4V，在图甲上可以查到每个灯泡加上4V实际电压时的工作电流为：I=0.4A，由此可以求出此时每个灯泡的实际电阻为：R=UI=40.4=10(2)在图乙所示的混联电路中，设每个灯泡加上的实际电压和实际电流分别为U和I，在这个闭合电路中，有E=U+2IR0，代入数据并整理得： U=820I，这是一个反映了电路约束的直线方程；把该直线在题图甲上画出，可得如图所示图象。这两条曲线的交点为U=2V、I=0.3A，同时满足了电路结构和元件的要求，此时通过电流表的电流值IA=2I=0.6A，每个灯泡的实际功率P=UI=20.3W=0.6W。【解析】此题电灯是非线性元件，电阻R=UIUI，本题的技巧是应用数学方法，通过作图求解电灯的电流。
