2020版高考物理大一轮复习第二章专题强化二受力分析共点力的平衡课件教科版.pptx

1、专题强化二受力分析共点力的平衡第二章相互作用1.本专题是本章重要知识和规律的综合，特别是受力分析和平衡条件的应用更是高考的重点和热点.2.高考对本专题内容的考查主要是在选择题中作为一个考查点出现，但近年在计算题中也作为一个力学或电学考点命题.3.用到的相关知识有：受力分析，力的合成与分解，共点力的平衡条件，用到的主要方法有：整体法与隔离法、合成法、正交分解法等.专题解读NEIRONGSUOYIN内容索引过好双基关研透命题点课时作业回扣基础知识 训练基础题目细研考纲和真题 分析突破命题点限时训练 练规范 练速度过好双基关一、受力分析1.把指定物体(研究对象)在特定的物理环境中受到的所有外力都找出

2、来，并画出受力 的过程.2.一般步骤示意图整体重力方向自测1(2018福建省三明市上学期期末)如图1，某电视台每周都有棋类节目，铁质的棋盘竖直放置，每个棋子都是一个小磁铁，能吸在棋盘上，不计棋子之间的相互作用力，下列说法正确的是A.小棋子共受三个力作用B.棋子对棋盘的压力大小等于重力C.磁性越强的棋子所受的摩擦力越大D.质量不同的棋子所受的摩擦力大小不同图1解析小棋子受到重力G、棋盘面的吸引力F引、N和静摩擦力f，共四个力作用，重力竖直向下，摩擦力竖直向上，且重力和摩擦力是一对平衡力；支持力和吸引力为一对平衡力；棋子掉不下来的原因是棋盘对它向上的摩擦力和它的重力大小相等，所以质量不同的棋子所受

3、摩擦力大小不同，故选项D正确.二、共点力的平衡1.平衡状态物体处于 状态或 状态.2.平衡条件匀速直线运动静止如图2甲和乙所示，小球静止不动，物块匀速运动.则小球F合 ；物块Fx ，Fy .图20003.平衡条件的推论(1)二力平衡：如果物体在两个共点力的作用下处于平衡状态，这两个力必定大小 ，方向 .(2)三力平衡：如果物体在三个共点力的作用下处于平衡状态，其中任何一个力与另外两个力的合力大小 ，方向 ，并且这三个力的矢量可以形成一个封闭的矢量 .(3)多力平衡：如果物体在多个共点力的作用下处于平衡状态，其中任何一个力与另外几个力的合力大小 ，方向 .相反相等相等相反三角形相等相反自测2 (

4、多选)如图3所示，一架救援直升机通过软绳打捞河中物体，物体质量为m，由于河水的流动对物体产生水平方向的冲击力，使软绳偏离竖直方向，当直升机相对地面静止时，绳子与竖直方向成角，已知物体所受的浮力不能忽略.下列说法正确的是A.绳子的拉力为B.绳子的拉力可能小于mgC.物体受到河水的水平方向的作用力等于绳子的拉力D.物体受到河水的水平方向的作用力小于绳子的拉力图3解析对物体受力分析，如图所示：根据平衡条件，竖直方向有F浮Tcos mg，则有T ，故绳子的拉力可能小于mg，故A错误，B正确在水平方向上有fTsin ，sin 1，有ff故A、C、D正确，B错误.例2如图6所示，甲、乙两个小球的质量均为m

5、，两球间用细线2连接，甲球用细线1悬挂在天花板上.现分别用大小相等的力F水平向左、向右拉两球，平衡时细线都被拉紧.则平衡时两球的可能位置是下列选项中的图6解析用整体法分析，把两个小球看做一个整体，此整体受到的外力为竖直向下的重力2mg、水平向左的力F(甲受到的)、水平向右的力F(乙受到的)和细线1的拉力F1，两水平力相互平衡，故细线1的拉力F1一定与重力2mg等大反向，即细线1一定竖直；再用隔离法，分析乙球受力的情况，乙球受到竖直向下的重力mg、水平向右的拉力F、细线2的拉力F2.要使得乙球受力平衡，细线2必须向右倾斜.故A正确.变式2如图7所示，两段等长细线串接着两个质量相等的小球a、b，悬

6、挂于O点.现在两个小球上分别加上水平的外力，其中作用在b球上的力大小为F、作用在a球上的力大小为2F，则此装置平衡时的位置可能是图7解析设两个球的质量均为m，Oa与ab和竖直方向的夹角分别为、.以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力情况，如图甲所示，根据平衡条件可知，Oa细线的方向不可能沿竖直方向，否则整体的合力不为零，不能保持平衡.以b球为研究对象，分析受力情况，1.动态平衡动态平衡就是通过控制某一物理量，使物体的状态发生缓慢的变化，但变化过程中的每一个状态均可视为平衡状态，所以叫动态平衡.2.常用方法(1)平行四边形定则法：但也要根据实际情况采用不同的方法，若出现直角三角形，常用三角函数

7、表示合力与分力的关系.(2)图解法：图解法分析物体动态平衡问题时，一般是物体只受三个力作用，且其中一个力大小、方向均不变，另一个力的方向不变，第三个力大小、方向均变化.命题点二动态平衡问题(3)矢量三角形法若已知F合的方向、大小及一个分力F1的方向，则另一分力F2的最小值的条件为F1F2；若已知F合的方向及一个分力F1的大小、方向，则另一分力F2的最小值的条件为F2F合.例3(多选)(2017全国卷21)如图8，柔软轻绳ON的一端O固定，其中间某点M拴一重物，用手拉住绳的另一端N，初始时，OM竖直且MN被拉直，OM与MN之间的夹角为( ).现将重物向右上方缓慢拉起，并保持夹角不变.在OM由竖直

8、被拉到水平的过程中A.MN上的张力逐渐增大B.MN上的张力先增大后减小C.OM上的张力逐渐增大D.OM上的张力先增大后减小图8解析以重物为研究对象，受重力mg、OM绳上拉力F2、MN上拉力F1，由题意知，三个力的合力始终为零，矢量三角形如图所示，F1、F2的夹角为不变，在F2转至水平的过程中，矢量三角形在同一外接圆上，由图可知，MN上的张力F1逐渐增大，OM上的张力F2先增大后减小，所以A、D正确，B、C错误.变式3(2018广东省惠州市第二次调研)甲、乙两人用两绳aO和bO通过装在P楼和Q楼楼顶的定滑轮，将质量为m的物块由O点沿Oa直线缓慢向上提升，如图9所示.则在物块由O点沿直线Oa缓慢上

9、升过程中，以下判断正确的是A.aO绳和bO绳中的弹力都逐渐减小B.aO绳和bO绳中的弹力都逐渐增大C.aO绳中的弹力先减小后增大，bO绳中的弹力一直在增大D.aO绳中的弹力一直在增大，bO绳中的弹力先减小后增大图9解析以物块为研究对象，分析受力情况：重力G、绳bO的拉力F和绳aO的拉力T，由平衡条件得知，F和T的合力与G大小相等、方向相反，当将物块沿直线Oa向上缓慢移动，aO绳方向不变则T方向不变，bO绳绕O点逆时针转动，作出转动过程三个位置力的合成图如图所示，由F3到F2到F1的过程，由图可以看出aO绳弹力T一直变大，bO绳弹力F先减小后变大，故D正确.例4(多选)(2017天津理综8)如图

10、10所示，轻质不可伸长的晾衣绳两端分别固定在竖直杆M、N上的a、b两点，悬挂衣服的衣架挂钩是光滑的，挂于绳上处于静止状态.如果只人为改变一个条件，当衣架静止时，下列说法正确的是A.绳的右端上移到b，绳子拉力不变B.将杆N向右移一些，绳子拉力变大C.绳的两端高度差越小，绳子拉力越小D.若换挂质量更大的衣服，则衣架悬挂点右移图10解析设两杆间距离为d，绳长为l，Oa、Ob段长度分别为la和lb，则llalb，两部分绳子与竖直方向夹角分别为和，受力分析如图所示.绳子中各部分张力相等，FTaFTbFT，则.对O点受力分析可得2FTcos mg，dlasin lbsin lsin ，当绳右端上移或两端高

11、度差减小时，d和l均不变，则sin 为定值， 为定值， cos 为定值， 绳子的拉力保持不变， 故A正确， C错误；将杆N向右移一些， d增大， 则sin 增大， cos 减小， 绳子的拉力增大， 故B正确；若换挂质量更大的衣服，d和l均不变，绳中拉力增大，但衣服的位置不变，D错误.变式4 (2018江西省横峰中学、铅山一中等校联考)有甲、乙两根完全相同的轻绳，甲绳A、B两端按图11甲的方式固定，然后将一挂有质量为M的重物的光滑轻质动滑轮挂于甲轻绳上，当滑轮静止后，设甲绳子的张力大小为T1；乙绳D、E两端按图乙的方式固定，然后将同样的定滑轮且挂有质量为M的重物挂于乙轻绳上，当滑轮静止后，设乙绳

12、子的张力大小为T2.现甲绳的B端缓慢向下移动至C点，乙绳的E端缓慢向右移动至F点，在两绳的移动过程中，下列说法正确的是A.T1、T2都变大 B.T1变大、T2变小C.T1、T2都不变 D.T1不变、T2变大图11解析设绳子总长为L，两堵竖直墙之间的距离为s，左侧绳长为L1，右侧绳长为L2.由于绳子上的拉力处处相等，所以两绳与竖直方向夹角相等，设为，则由几何知识，得：sL1sin L2sin (L1L2)sin ，又L1L2L设绳子的拉力大小为T，重物的重力为G.以滑轮为研究对象，根据平衡条件得2Tcos G，可见，对题图甲，当绳子右端慢慢向下移时，s、L没有变化，则不变，绳子拉力T1不变；对题

13、图乙，当绳子的右端从E向F移动的过程中，由于绳子的长度不变，所以两个绳子之间的夹角增大，cos 减小，则绳子拉力T2增大，故A、B、C错误，D正确.1.临界问题当某物理量变化时，会引起其他几个物理量的变化，从而使物体所处的平衡状态“恰好出现”或“恰好不出现”，在问题的描述中常用“刚好”“刚能”“恰好”等语言叙述.2.极值问题平衡物体的极值，一般指在力的变化过程中的最大值和最小值问题.3.解决极值问题和临界问题的方法(1)极限法：首先要正确地进行受力分析和变化过程分析，找出平衡的临界点和极值点；临界条件必须在变化中去寻找，不能停留在一个状态来研究临界问题，而要把某个物理量推向极端，即极大和极小.

14、命题点三平衡中的临界与极值问题(2)数学分析法：通过对问题的分析，依据物体的平衡条件写出物理量之间的函数关系(画出函数图像)，用数学方法求极值(如求二次函数极值、公式极值、三角函数极值).(3)物理分析方法：根据物体的平衡条件，作出力的矢量图，通过对物理过程的分析，利用平行四边形定则进行动态分析，确定最大值与最小值.例5如图12所示，质量为m的物体放在一固定斜面上，当斜面倾角为30时恰能沿斜面匀速下滑.对物体施加一大小为F、方向水平向右的恒力，物体可沿斜面匀速向上滑行.设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，当斜面倾角增大并超过某一临界角0时，不论水平恒力F多大，都不能使物体沿斜面向上滑行，试求：(1)

15、物体与斜面间的动摩擦因数；图12解析如图所示，未施加力F时，对物体受力分析，由平衡条件得mgsin 30mgcos 30(2)这一临界角0的大小.答案60解析设斜面倾角为时，受力情况如图所示，由平衡条件得：Fcos mgsin fNmgcos Fsin fN即“不论水平恒力F多大，都不能使物体沿斜面向上滑行”，此时，临界角060.变式5(2018河南省开封市第三次模拟)课堂上，老师准备了“”形光滑木板和三个完全相同、外表面光滑的匀质圆柱形积木，要将三个积木按图13所示(截面图)方式堆放在木板上，则木板与水平面夹角的最大值为A.30 B.45 C.60 D.90图13解析取0时，下面两圆柱之间将

16、会分开，无法稳定，应适当增大以保持系统稳定，此时下面两圆柱之间有弹力；当下面两圆柱之间的弹力恰好为0时，对应的为最小值；继续增大，右圆柱和上圆柱之间弹力减小，若太大，此两圆柱将分开，当上圆柱和右圆柱之间的弹力恰好为0，对应的为最大值.临界情况为max时，左边两圆柱的圆心连线在竖直方向上，保证上圆柱只受到两个力的作用恰好处于平衡状态，此时上圆柱与右圆柱间相互接触且无弹力，可得30.故A正确，B、C、D项错误.变式6(2019黑龙江省齐齐哈尔市调研)重力都为G的两个小球A和B用三段轻绳按如图14所示连接后悬挂在O点上，O、B间的绳子长度是A、B间的绳子长度的2倍，将一个拉力F作用到小球B上，使三段

17、轻绳都伸直且O、A间和A、B间的两段绳子分别处于竖直和水平方向上，则拉力F的最小值为图14解析对A球受力分析可知，因O、A间绳竖直，则A、B间绳上的拉力为0.对B球受力分析如图所示，则可知当F与O、B间绳垂直时F最小，FminGsin ，课时作业1.(2018湖北省黄冈中学模拟)如图1所示，与竖直方向成45角的天花板上有一物块，该物块在竖直向上的恒力F作用下恰好能沿天花板匀速上升，则下列说法中正确的是A.物块一定受两个力的作用B.物块一定受三个力的作用C.物块可能受三个力的作用D.物块可能受四个力的作用双基巩固练图1123456789101112解析物块沿天花板匀速上升，受力平衡，对物块受力分

18、析可知，若天花板对物块没有向下的压力，则物块只受到重力和向上的恒力.若天花板对物块有垂直天花板向下的压力，则物块必定受沿天花板向下的摩擦力，则物块受到重力、向上的恒力、垂直天花板向下的压力和沿天花板向下的摩擦力，所以物块可能受到两个力，也可能受到四个力，故A、B、C错误，D正确.1234567891011122.(多选)(2019安徽省六安市质检)如图2所示，水平地面上的L形木板M上放着小木块m，M与m间有一个处于拉伸状态的弹簧，整个装置处于静止状态.下列说法正确的是A.M对m无摩擦力作用B.M对m的摩擦力方向向左C.地面对M的摩擦力方向向左D.地面对M无摩擦力作用图2123456789101

19、112解析对m受力分析，m受到重力、支持力、水平向右的弹簧的拉力和木板的摩擦力，根据平衡条件知，M对m的摩擦力方向向左，故A错误，B正确；对整体受力分析，在竖直方向上受到重力和支持力平衡，若地面对M有摩擦力，则整体合力不为零，故地面对M无摩擦力作用，故C错误，D正确.1234567891011123.(2018广东省惠州市第三次调研)如图3所示，倾角为30，重为100 N的斜面体静止在粗糙水平面上.一根弹性轻杆一端垂直固定在斜面体上，杆的另一端固定一个重为20 N的小球，斜面体和小球处于静止状态时，下列说法正确的是A.斜面有向左运动的趋势，受到水平向右的静摩擦力B.弹性轻杆对小球的作用力为20

20、 N，方向垂直斜面向上C.球对弹性轻杆的作用力为20 N，方向竖直向下D.地面对斜面体的支持力为100 N ，方向竖直向上图3123456789101112解析先对小球受力分析，受到重力和杆的作用力，小球一直处于静止状态，故杆对球的力与球受到的重力二力平衡，故杆对球的力方向竖直向上，大小等于球的重力，为20 N，杆对球的力与球对杆的力是相互作用力，等值、反向、共线，故球对杆的力方向竖直向下，大小等于20 N，B错误，C正确；再对斜面体、杆、球的整体受力分析，受重力和地面的支持力，不受静摩擦力(如果受静摩擦力，不能保持受力平衡)，根据平衡条件，支持力大小等于总重力，为120 N，A、D错误.12

21、34567891011124.(2018山东省青岛市二模)如图4所示，水平面上A、B两物块的接触面水平，二者叠放在一起在作用于B上的水平恒定拉力F的作用下沿地面向右做匀速运动，某时刻撤去力F后，二者仍不发生相对滑动，关于撤去F前后下列说法正确的是A.撤去F之前A受3个力作用B.撤去F之前B受到4个力作用C.撤去F前后，A的受力情况不变D.A、B间的动摩擦因数1不小于B与地面间的动摩擦因数2图4123456789101112解析撤去F前，整体做匀速运动，故B受地面的摩擦力与F平衡，而A水平方向不受外力，故A不受B的摩擦力，B受重力、支持力、压力、拉力和地面的摩擦力共5个力作用；A只受重力和B对A

22、的支持力两个力的作用，A、B错误；撤去拉力F后，由于整体做减速运动， A受到重力和B对A的支持力及B对A的摩擦力3个力的作用，C错误；撤去拉力F后，由于整体做减速运动，整体的加速度a2g，而A的加速度aA2g1g，即21，D正确.1234567891011125.(2018陕西省安康市第二次质量联考)如图5所示，两个小球a、b的质量均为m，用细线相连并悬挂于O点.现用一轻质弹簧给小球a施加一个拉力F，使整个装置处于静止状态，且Oa与竖直方向夹角为30，已知弹簧的劲度系数为k，重力加速度为g，则弹簧的最短伸长量为图5123456789101112解析以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力，如图

23、.根据平衡条件得知：F与T的合力与重力mg总是大小相等、方向相反，由力的合成图可知，当F与绳子Oa垂直时，F有最小值，即图中2位置，F的最小值为：Fkx2mgsin mg，则弹簧的最短伸长量为x ，故B正确.1234567891011126.(2018安徽省芜湖市上学期期末)如图6甲所示，在粗糙水平面上静止放置一个截面为三角形的斜劈，其质量为M.两个质量分别为m1和m2的小物块恰好能沿两侧面匀速下滑.若现在对两物块同时各施加一个平行于斜劈侧面的恒力F1和F2，且F1F2，如图乙所示.则在两个小物块沿斜面下滑的过程中，下列说法正确的是A.斜劈可能向左运动B.斜劈受到地面向右的摩擦力作用C.斜劈对

24、地面的压力大小等于(Mm1m2)gD.斜劈对地面的压力大小等于(Mm1m2)gF1sin F2sin 图6123456789101112解析在未施加力之前，三个物体都处于平衡状态，故可以对三个物体的整体受力分析，受重力和支持力，故支持力为(Mm1m2)g，没有摩擦力；施加力之后，m1、m2与M的摩擦力、弹力都不变，则M受力情况不变，斜劈仍保持静止，根据牛顿第三定律可知斜劈对地面的压力大小等于(Mm1m2)g，与地面间没有摩擦力，C正确.1234567891011127.(多选)(2018江西省重点中学协作体第二次联考)如图7所示，自重不计的横梁的一端固定在墙壁上的A点，另一端B点用绳悬挂在墙壁

25、上的C点，当重为G的物体由挂在梁上的B点处逐渐移至A点的过程中，横梁始终保持静止.问此过程中，A点对横梁作用力F的大小和CB绳对横梁的拉力T的大小是如何变化的A.F先增大后减小B.T一直减小C.F一直减小D.T先减小后增大图7123456789101112解析对B点受力分析，受重物的拉力，横梁的支持力和细线的拉力，如图所示，根据平衡条件，有T ， NGtan ，当重为G的物体由挂在梁上的B点处逐渐移至A点的过程中，减小，故N减小， T也减小；由于横梁处于平衡状态，故A点处对横梁作用力F与N等大，也减小，B、C正确.1234567891011128.(2018福建省龙岩市3月模拟)如图8所示，两

26、个相同的小物体P、Q静止在斜面上，P与Q之间的弹簧A处于伸长状态，Q与挡板间的弹簧B处于压缩状态，则以下判断正确的是A.撤去弹簧A，物体P将下滑，物体Q将静止B.撤去弹簧A，弹簧B的弹力将变小C.撤去弹簧B，两个物体均保持静止D.撤去弹簧B，弹簧A的弹力将变小图8123456789101112综合提升练解析由于不知道物体P与斜面之间的摩擦力情况，故撤去弹簧A不能判断物体P的运动状态，选项A错误；撤去弹簧A的瞬间弹簧B的长度不变，所以弹簧B的弹力不变，故选项B错误；将PQ看成整体可以知道，P和Q的摩擦力方向均沿斜面向上，且PQ整体的摩擦力大于整体重力沿斜面向下的分力，故撤去弹簧B后物体P和Q仍然

27、可以处于静止状态，弹簧A的弹力不变，故选项D错误，C正确.1234567891011129.(2018江西省赣州市十四县市期中)如图9所示，倾角为的斜面体c置于水平地面上，小物块b置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与沙漏a连接，连接b的一段细绳与斜面平行.在a中的沙子缓慢流出的过程中，a、b、c都处于静止状态，则A.c对b的摩擦力一定减小B.地面对c的摩擦力为零C.c对b的摩擦力一定增大D.地面对c的摩擦力一定减小图9123456789101112解析设a、b的重力分别为Ga、Gb.对a分析，绳子的拉力TGa；对b分析：若GaGbsin ，此时GafGbsin ，c对b的摩擦力方向沿斜面向上

28、，当沙子流出时，Ga减小，摩擦力增大；若GaGbsin ，刚开始一段时间有GaGbsin f，c对b的摩擦力方向沿斜面向下，随着Ga减小，摩擦力在减小，当减小到GaGbsin 时，摩擦力减小为零，随后GaGbsin ，跟第种情况一样，故A、C错误；123456789101112以b、c整体为研究对象，分析受力如图，根据平衡条件得知水平面对c的摩擦力fTcos Gacos ，方向水平向左在a中的沙子缓慢流出的过程中，摩擦力在减小，B错误，D正确10.(2018安徽省皖北协作区联考)如图10所示，两块固定且相互垂直的光滑挡板POQ，OP竖直放置，OQ水平，小球a、b固定在轻弹簧的两端，现有一个水平

29、向左的推力，作用于b上，使a、b紧靠挡板处于静止状态.现用力F推动小球b，使之缓缓到达b位置，则A.推力F变大 B.b对OQ的压力变大C.弹簧长度变短 D.弹簧长度变长图10123456789101112解析隔离a分析受力， 设此时a、 b间作用力与水平方向的夹角为，如图所示：小球到达b位置，当a、b重新处于静止状态时，由几何关系可知，增大，则sin 、tan 增大，F减小，N减小，根据胡克定律可知弹簧的形变量变小，所以弹簧长度变长，故D正确，C错误；123456789101112对ab的整体受力分析如图所示：由共点力的平衡条件可知，a、b重新处于静止状态前后，OQ挡板对b的支持力始终和a、b

30、的总重力大小相等，保持不变，推力FN在减小，故A、B错误.12345678910111211.(2018湖北省黄冈市质检)如图11所示，质量为M的物块被质量为m的夹子夹住刚好能不下滑，夹子由长度相等的轻绳悬挂在A、B两轻环上，轻环套在水平直杆上，整个装置处于静止状态.已知物块与夹子间的动摩擦因数为，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g.求：(1)直杆对A环的支持力的大小； 图11123456789101112123456789101112解析直杆对A、B环的支持力N大小相等，方向竖直向上，选取物块和夹子整体为研究对象，由平衡条件可得：2N(Mm)g(2)夹子右侧部分对物块的压力的大小.

31、解析由于物块恰好能不下滑，故物块受到两侧夹子的摩擦力为最大静摩擦力fm，fm等于滑动摩擦力，设此时夹子一侧对物块的压力为F，以物块为研究对象，由平衡条件可得：2fm MgfmF12345678910111212.(2019河北省邢台市调研)质量为M的木楔倾角为，在水平面上保持静止，当将一质量为m的木块放在木楔斜面上时，它正好匀速下滑.如果用与木楔斜面成角的力F拉着木块沿斜面匀速上升，如图12所示(已知木楔在整个过程中始终静止).(1)当时，拉力F有最小值，求此最小值；图12123456789101112答案mgsin 2解析木块在木楔斜面上匀速向下运动时，有mgsin mgcos ，即tan .木块在力F作用下沿斜面向上匀速运动时，有Fcos mgsin fFsin Nmgcos fN123456789101112则当时，F有最小值，Fminmgsin 2.(2)当时，木楔对水平面的摩擦力是多大？解析因为木块及木楔均处于平衡状态，整体受到的地面摩擦力等于F的水平分力，即fFcos ()当时，F取最小值Fminmgsin 2，123456789101112