2013河北省年中考物理试卷.doc

1、河北省2013年中考物理试卷一、选择题（本大题共22个小题；每小题2分，共44分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意）1（2分）（2013河北）下列四个探究实例：探究影响电阻大小的因素 探究空气中氧气的含量 探究电流与电压的关系 探究铁的锈蚀条件其中主要研究方法相同的是（）ABCD考点：物理学方法专题：其他综合题分析：物理研究中常常用到“控制变量法”、“等效替代法”、“模型法”、“类比法”、“转化法”等方法解答：解：探究影响电阻大小的因素，采用的是控制变量法； 探究空气中氧气的含量，采用的是实验法；探究电流与电压的关系，采用的是控制变量法；探究铁的锈蚀条件，采用的是控制变量法故选C点

2、评：本题主要考查学生对物理学研究方法的了解和掌握，属于基础知识的考查2（2分）（2013河北）对图中所示的事例分析不正确的是（）A图：用墨绘制的古画保存至今常温下碳的化学性质不活泼B图：往鱼缸里不断通入空气，增加水中含氧量氧气不易溶于水C图：利用悬挂重物的细线检查墙壁是否竖直重力的方向总是竖直向下D图：用等大的力拉伸和压缩弹簧，弹簧形状不同力的作用效果与作用点有关考点：重力的方向；力的三要素专题：运动和力；重力、弹力、摩擦力分析：碳在常温下化学性质不活泼；氧气不易溶于水；根据重力方向竖直向下，制成了重锤线检查物体是否竖直；力的作用效果与力的大小、方向、作用点有关解答：解：A、由于常温下碳的化学

3、性质不活泼，所以用墨绘制的古画保存至今，故A正确；B、由于氧气不易溶于水，所以要往鱼缸里不断通入空气，增加水中含氧量，故B正确；C、由于重力的方向总是竖直向下的，所以可以利用悬挂重物的细线检查墙壁是否竖直，故C正确；D、用等大的力拉伸和压缩弹簧，弹簧形状不同，这说明力的作用效果与力的方向有关，故D错误；本题选择错误的，故选D点评：本题涉及的知识点较多，是一道综合题，但难度不大，熟练应用基础知识即可正确解题3（2分）（2013河北）第一位提出“物体的运动并不需要力来维持”的物理学家是（）A伽利略B奥斯特C帕斯卡D阿基米德考点：力与运动的关系；物理常识专题：运动和力分析：伽利略最早提出“物体的运动

4、并不需要力来维持”，并用斜面实验结合推理对这一观点进行了验证解答：解：A、伽利略最早提出“物体的运动并不需要力来维持”，并用斜面实验结合推理对这一观点进行了验证B、奥斯特是第一个发现电流能产生磁场的人，不合题意；C、帕斯卡的主要贡献是对液体压强的研究，发现了帕期卡原理，不合题意；D、阿基米德总结了阿基米德原理以及杠杆原理等，不合题意故选A点评：本题考查物理学史，了解科学家的贡献，有利于对培养学习物理的兴趣4（2分）（2013河北）下列数据最接近实际情况的是（）A一支铅笔的直径约为1dmB夏天白洋淀的水温平均约为2C石家庄日出至日落的时间约为4hD500mL罐装饮料的质量约为500g考点：长度的

5、测量；温度；质量的估测；时间的估测专题：估算综合应用题分析：不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个解答：解：A、中学生食指的宽度大约1cm，铅笔的直径不到1cm=0.1dm此选项不符合实际；B、夏天白洋淀的水温平均不低于20此选项不符合实际；C、石家庄日出至日落的时间不少于8h此选项不符合实际；D、500mL=50cm3罐装饮料的质量为1g/cm3500cm3=500g此选项符合实际故选D点评：对于生活中数据的估测，应从实际的角度出发进行判断，也可从自己的角度出发判断，如自己的身高、自己的体重、自己正常时的体温及正常行走的

6、速度等方面来与题目中的数据比较，只要相差不大，即该数据就是合理的5（2分）（2013河北）图所示现象中，由光的反射形成的是（）A露珠下的叶脉B玩具在镜中的像C日食D白光的色散考点：光的反射专题：光的传播和反射、平面镜成像分析：（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射

7、形成的解答：解：A、露珠相当于放大镜，用放大镜看物体，是凸透镜成像，发生的是光的折射现象；B、玩具在镜中的像是平面镜成像，是光的反射现象；C、日食的形成是光的直线传播形成的；D、光的色散是一种折射现象，与反射无关故选B点评：本题从生活中的现象入手，考查光现象的知识，理论联系实际，考查物理知识在实际生活中的应用，锻炼学生的观察和思考能力6（2分）（2013河北）下列关于声现象的说法正确的是（）A声音在各种介质中的传播速度一样大B只要物体在振动，我们就一定能听到声音C减弱噪声的唯一方法是不让物体发出噪声D拉二胡时不断地用手指控制琴弦，是为了改变音调考点：声音的综合利用专题：声现象分析：A、在不同的

8、介质中，声音的传播速度不同，介质密度越大，声速越大；B、人耳的听觉是有一定范围的，超出频率范围或响度太小的声音，人耳都是听不到的；C、从减弱噪声的三个途径来进行判断；D、从振动频率与音调的关系角度来做出判断解答：解：A、声音在不同介质中的传播速度是不同的，介质密度越大，声速越大，故说法错误，不合题意；B、只有频率在2020000Hz之间，响度在0dB以上的声间人耳才能的得到，故说法错误，不合题意；C、减弱噪声的方法包括在声源处、在传播过程中、在人耳处三个途径，故说法错误，不合题意；D、拉二胡时不断地用手指控制琴弦，改变了弦的长短，从而改变振动的频率，是为了改变音调，故说法正确，符合题意故选D点

9、评：本题考查了有关声现象的几个基本知识点，包括声速、人耳的到声音的条件、减弱噪声的途径、音调与频率的关系等，有一定综合性，但难度不大7（2分）（2013河北）关于家庭安全用电，下列说法不正确的是（）A使用试电笔时，手不要接触金属笔尾B一旦发生触电事故，应先切断电源再进行抢救C电脑、电视机等用电器长时间待机，应切断电源D同时使用大功率用电器前，必须先考虑电能表、保险丝等的承受能力考点：安全用电原则专题：应用题；电与热、生活用电分析：（1）使用测电笔时，手要接触笔尾金属体，才能形成回路（2）一旦有人触电，应立即切断电源或用绝缘棒将导线挑开，使接触者尽快脱离电（3）电脑、电视机等用电器在待机时会消耗

10、电能，应从节能的角度分析判断（4）电能表和保险丝都有允许通过的最大电流，同时使用大功率用电器时，要考虑电能表、保险丝等的承受能力解答：解：A、使用测电笔辨别火线和零线时，用手接触笔尾金属体，笔尖接触电线，当氖管发光，表明检测的是火线，故A符合题意B、发现有人触电时，千万不能用手将触电人拉开，会使救人者触电，应立即切断电源或用绝缘棒将导线挑开，使接触者尽快脱离电源，故B不符合题意C、电脑、电视机等用电器在待机时会消耗电能，为了节约电能，用电器长时间待机时要切断电源，故C不符合题意D、电能表和保险丝都有允许通过的最大电流，而造成家庭电路电流过大的原因有两个：一是总功率过大；二是短路，所以同时使用大

11、功率用电器前，必须先考虑电能表、保险丝等的承受能力故，故D不符合题意故选A点评：（1）安全用电原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体（2）触电原因是直接或间接接触火线（3）金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地8（2分）（2013河北）图所示的工具中属于费力杠杆的一组是（）考点：杠杆的分类专题：简单机械分析：判断杠杆的种类，可结合生活经验，根据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系，若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆，若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆，若动力臂等于阻力臂，则是等臂杠杆解答：解：核桃夹、手推车在使用时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；船桨、碗夹在使用时动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆故选C点评：

12、准确分析题目中工具的动力臂与阻力臂的关系，是判断省力杠杆和费力杠杆的关键9（2分）（2013河北）下列叙述正确的是（）A相互接触的物体发生相对运动时，一定会产生摩擦力B静止在斜坡上的汽车如果受到的力全部消失，汽车仍保持静止C行驶中的公交车刹车时，站立的乘客身体会前倾，是由于人受到惯性的作用D马拉车向前运动时，车受到向后的摩擦力，马受到向前的摩擦力，说明力的作用是相互的考点：摩擦力产生的条件；力作用的相互性；惯性现象；力与运动的关系专题：运动和力分析：（1）摩擦力产生的条件：两个互相接触的物体，相互挤压，并且有相对运动的趋势；（2）根据牛顿第一定律进行分析，即物体在不受任何外力时，总保持静止状态

13、或匀速直线运动状态；（3）一切物体都有保持原来运动状态的性质，叫惯性；（4）相互作用力的条件，大小相对，方向相反，作用在一条直线上，作用在不同的物体上解答：解：A、相互接触的物体，不一定相互挤压，因此即使发生相对运动时，也不一定会产生摩擦力；故A错误；B、因为汽车原来就处于静止状态，当受到的力全部消失，汽车仍保持静止，故B正确；C、行驶中的公交车刹车时，站立的乘客身体会前倾，是由于人的惯性，不可以说惯性作用，故C错误；D、马拉车向前运动时，车受到向后的摩擦力，地面受到车向后的摩擦力，二力是一对相互作用；马受到向前的摩擦力，地面受到向后的摩擦力，二力是一对相互作用力故D错误故选B点评：本题综合考

14、查摩擦力产生的条件、力的作用是相互的、惯性现象以及牛顿第一定律等，综合性强，涉及的知识点多，但难度不大10（2分）（2013河北）如图所示，电源电压保持不变，R1和R2为定值电阻下列说法正确的是（）A只闭合S1，滑片P向右滑动，电压表示数变大B先闭合S1，再闭合S2，电压表示数变大，电流表示数不变C先闭合S1和S2，再闭合S3，电压表与电流表示数的比值变小D闭合S1、S2和S3，滑片P向右滑动，电压表与电流表示数的比值变大考点：电路的动态分析；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用；电阻的串联；电阻的并联专题：应用题；电路和欧姆定律；电路变化分析综合题分析：（1）只闭合S1时，R1、R2与滑动变阻器

15、串联，电压表测R2两端的电压，根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和电压表示数的变化；（2）闭合S1、S2时，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联可知电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和电压表示数的变化；（3）先闭合S1和S2，再闭合S3时，R1、R2与滑动变阻器并联，电压表测电源的电压，电流表测R1和R2支路的电流之和，根据欧姆定律可知电压表与电流表示数的比值等于R1和R2并联后的总电阻，利用电阻的并联即可得出答案；（4）根据并联电路各支路独立工作、互不影响判断闭合S1、S2和S3，滑片P向右滑动，电压表与电流表示数的比

16、值变化解答：解：A、只闭合S1时，R1、R2与滑动变阻器串联，电压表测R2两端的电压，当滑片P向右滑动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，R2两端的电压变小即电流表的示数变小，故A不正确；B、闭合S1、S2时，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，串联电路中电阻越串越大、大于任何一个分电阻，先闭合S1，再闭合S2时，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大即电流表的示数变大，R2两端的电压变大即电流表的示数变大，故B不正确；C、先闭合S1和S2，再闭合S3时，R1、R2与滑动变阻器并联，电压表测电源的电压，电流表测R1和R2支路的

17、电流之和，并联电路中电阻越并越小、小于任何一个分电阻，电压表与电流表示数的比值即R1、R2并联后的总电阻变小，故C正确；D、并联电路中各支路独立工作、互不影响，闭合S1、S2和S3，滑片P向右滑动时，不能改变R1、R2并联后的总电阻，即电压表与电流表示数的比值不变，故D不正确故选C点评：本题考查了电路的动态分析，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的辨别和电表所测电路元件的判断，同时要注意串联电路和并联电路特点和欧姆定律的灵活应用二、填空及简答题（本大题共9个小题；第24小题3分，其他小题每空1分，共34分）11（4分）（2013河北）图是一幅三峡大坝的图片针对三峡大坝涉及的物理知识，回答下列问

18、题（1）问题：水电站中的发电机是利用什么原理制成的？回答：电磁感应（2）问题：大坝侧面的船闸是利用什么原理修建的？回答：连通器（3）请从机械能角度提出一个问题并回答问题：大坝为什么要建得很高？回答：提高水位，增大重力势能考点：发电机的构造和原理；连通器原理；机械能和其他形式能的转化专题：其他综合题分析：（1）发电机的原理：电磁感应；（2）船闸是利用连通器的原理制成的；（3）从高度方面分析重力势能的变化解答：解：（1）发电机是利用电磁感应原理工作的；（2）船闸是利用连通器的原理制成的；（3）大坝为什么要建得很高？是为了提高水位，增大重力势能故答案为：（1）电磁感应；（2）连通器；（3）大坝为什么

19、要建得很高； 提高水位，增大重力势能点评：本题考查发电机的原理、船闸的原理以及大坝修建得很高的缘故，本题将现实与知识联系在一起12（2分）（2013河北）图甲所示，从游泳池里出来的小明感觉比下水前冷，是由于身体表面的水蒸发吸热造成的他向下看，感到池水的深度比实际的要浅请你在图乙中大致画出小明在岸上B点观察池底A点的光路图考点：汽化及汽化吸热的特点；作光的折射光路图专题：光的折射、光的色散；汽化和液化、升华和凝华分析：物质由液态变为气态发生汽化时要吸收热量；光由水斜射入空气时要发生折射，折射光线向水面偏折，使池水看起来变浅；根据光的折射作出光路图解答：解：小明从游泳池里出来后，附着在身上的水发生

20、汽化变为水蒸气，在这一过程中水要吸收小明身体的热量，所以从游泳池里出来的小明感觉比下水前冷；由于光从水中斜射入空气时要发生折射，小明向下看，感到池水的深度比实际的要浅；光路图如图所示故答案为：身体表面的水蒸发吸热；浅；如图所示点评：本题考查了物态变化、光的折射等问题，物质发生汽化时要吸收热量，光从水中斜射入空气中时，折射角大于入射角13（3分）（2013河北）小明去打开水，水未开，此时观察到温度计示数为77，电能表示数为；水开时，温度计示数为97，电能表示数为，电热水器消耗了5.04106J的电能第二天小明又去打水，发现水仍未开，水的温度为t，等到水开时温度计示数为98，这段时间内电热水器消耗

21、的电能为2.1 kWh，则t=68两天水开时的温度不同，是由于液体的沸点与液面上的气压大小有关c水=4.2103 J/（kg），电路中只有电热水器，且水的质量相等，不计热损失考点：电功与热量的综合计算；沸点及沸点与气压的关系；热量的计算；电能表参数的理解与电能的求法专题：计算题；电与热、生活用电；电和热综合题分析：（1）电能表的读数方法：月末的减去月初的示数最后一位是小数单位kWh，1kWh=3.6106J；（2）电热水器消耗的电能转化为水的内能，根据W=Q吸=cm（tt0）分别表示出前一天和第二天水吸收的热量，联立等式即可求出水的温度为t；（3）沸点与液面上方气压有关，液面上方气压越大，沸点

22、越高解答：解：（1）电热水器消耗的电能：W=865.4kWh864.0kWh=1.4kWh=1.43.6106J=5.04106J；（2）设水的质量为m，根据W=Q吸=cm（tt0）可得：Q吸=W=cm（t2t1），即5.04106J=4.2103 J/（kg）m（9777）Q吸=W=cm（t2t），即2.13.6106J=4.2103 J/（kg）m（98t）联立等式可得：t=68；（3）两天水开时的温度不同，是由于液体的沸点与液面上的气压大小有关故答案为：5.04106；68；液面上的气压大小点评：本题考查了电能表的读数和吸热公式的应用以及沸点与压强的关系，知道电热水器是纯电阻用电器和知道

23、电能示数的最后一位是小数是解题的关键14（5分）（2013河北）阅读短文，回答问题地球同步卫星人造地球同步卫星发射过程可简化为点火加速、离开大气层后关闭发动机自由上升和调整姿态三个阶段从地面上看，它相对于地球静止于赤道上空，与地球转动同步，故称地球同步卫星在赤道上空约为36 000 km的高度上布设3颗通讯卫星，可实现除两极外的全球通讯地球同步卫星常用于通讯、气象、广播电视、导弹预警、数据中继等方面，以实现对同一地区的连续工作（1）同步卫星相对于地面是静止（选填“运动”或“静止”）的（2）点火加速阶段中能量转化为：化学能内能机械能（3）从地面发送电磁波信号通过同步卫星返回至少需要0.24 s（

24、4）同步卫星的用途有通讯、广播电视（答出两种即可）考点：运动和静止的相对性；速度公式及其应用；能量的相互转化专题：信息的传递；长度、时间、速度分析：（1）被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的（2）解决此题要用能量的转化去分析解答；（3）根据距离s和速度v，利用公式t=就可以计算出时间（4）同步卫星固定在一个轨道上，主要用于通信和监视地面，如通信卫星和同步气象卫星也可以用于军事侦察，长期监视某一地区电视台利用同步卫星传播电视节目解答：解：（1）同步卫星相对于地面来说没有发生位置的变化，以地面做参照物，同步卫星

25、是静止的；（2）点火加速阶段中能量转化为：化学能内能机械能（3）v=，无线电波传播的距离：s=36000km2=72000km；从地面发送电磁波信号通过同步卫星返回至少需要的时间t=0.24s（4）同步卫星的用途很多，可以用于通信和监视地面，也可以用于军事侦察，电视台利用同步卫星传播电视节目故答案为：（1）静止（2）机械（3）0.24（4）通讯、广播电视点评：此题涉及到运动与精致的相对性、速度公式及其变形的应用、能量的相互转化，对于判断能量转化的题目，我们可以从影响能量大小的因素来分析能量的变化，找到能量转化的方向也可以看它要消耗什么能量，得到什么能量，总是消耗的能量转化为得到的能量三、实验探

26、究题（本大题共4个小题；第32小题4分，第33小题6分，第34、35小题各7分，共24分）15（4分）（2013河北）根据图12所示的四幅图，在下面的空格处填入相应的内容（1）甲图：风中雨伞容易“上翻”，是由于气体流速越大的位置压强越小（2）乙图：两个压紧的铅块能吊起钩码，说明分子间存在引力（3）丙图：导线触接电源后小磁针发生偏转，说明通电导线周围存在磁场（4）丁图：验电器的金属箔张开一定角度，是由于同种电荷相互排斥考点：流体压强与流速的关系；通电直导线周围的磁场；分子间的作用力；验电器的原理及使用专题：图像综合题分析：（1）我们知道，流体越大的位置压强越小，所以观察一下伞的形状，想象一下气流

27、经过时的情形，就不难解释这一现象了（2）组成物质的分子间存在相互作用的引力，分子间的引力把两铅块紧紧地结合在一起（3）电流的磁效应是由丹麦物理学家奥斯特通过实验得出，其内容为：导线通电时，静止在旁边的小磁针会发生偏转，这说明通电导体周围存在磁场（4）验电器的工作原理是同种电荷相互排斥解答：解：（1）伞的形状是上方凸起的，当气流经过时，上方的流速大，压强小，下方的流速慢，压强大，就会产生一个向上的压强差，使伞容易被风吸起来（2）组成物质的分子间存在相互作用的引力，两块表面干净的光滑铝块压紧后，它们会结合在一起，并能在下面吊起一个砝码，证明了物体的分子间有引力（3）导线触接电源后小磁针发生偏转，当

28、小磁针发生偏转时，说明磁针处在磁场中，即说明通电导体周围存在着磁场；（4）电荷通过验电器的金属球传给金属杆传给两片金属箔，两片金属箔带同种电荷，即由于同种电荷相互排斥而张开故答案为：（1）气体流速越大的位置压强越小；（2）分子间存在引力；（3）通电导线周围存在磁场；（4）同种电荷相互排斥点评：此题主要考查了流体压强与流速的关系，通电导线周围存在磁场，分子间的作用力，验电器的工作原理等知识点，是一道综合性较强的题目16（6分）（2013河北）由某种合金制成的两个大小不同的工艺品，其中一个实心，一个空心小明为判定哪个是空心的，进行了如下实验（已知水=1.0 g/cm3，取g=10 N/kg）实验过

29、程将下列实验步骤中空白处补充完整用弹簧测力计测出小工艺品的重力G1=2N将挂在测力计下方的小工艺品浸没水中，小工艺品受到三个力的作用，此时测力计的示数F1=1.6N，则浮力F浮=0.4 N用测力计测出大工艺品的重力G2=3N如图所示，将挂在测力计下方的大工艺品浸没水中，测力计的示数F2=2.2 N合金的密度=5 g/cm3，则大（选填“大”或“小”）工艺品是空心的拓展应用空心工艺品空心部分的体积是20 cm3考点：空心、混合物质的密度计算；密度公式的应用；弹簧测力计的使用与读数；阿基米德原理专题：实验题；密度及其应用；浮力分析：（1）对浸没水中的小工艺受力分析可知受到的力，利用称重法求出受到的

30、浮力；（2）根据弹簧测力计的分度值读出示数；（3）根据称重法求出大工艺品受到的浮力，根据阿基米德原理求出大工艺品和小工艺品排开水的体积即为工艺品的体积，根据密度公式和重力公式求出两者的密度，密度大的为实心的且密度为合金的密度，小的为空心的；（4）根据密度公式求出空心工艺品中合金的体积，总体积减去合金的体积即为空心部分的体积解答：解：实验过程：对浸没水中的小工艺受力分析可知，小工艺品受到竖直向下的重力和竖直向上绳子的拉力、液体的浮力，故小工艺品受到三个力的作用；根据称重法可知，小工艺品受到的浮力F浮=G1F1=2N1.6N=0.4N；图中弹簧测力计的分度值为0.2N，测力计的示数F2=2.2N；

31、大工艺品受到的浮力F浮=G2F2=3N2.2N=0.8N，两者完全浸没，根据阿基米德原理可得，两者排开液体的体积即合金的体积：V1=4105m3，V2=8105m3，两者的密度：1=5103kg/m3=5g/cm3，2=3.75103kg/m3=3.75g/cm3，12，合金的密度为5g/cm3，大工艺品是空心的；拓展应用：大工艺品中合金的体积：V合=6105m3，空心工艺品空心部分的体积：V空=V2V合=8105m36105m3=2105m3=20cm3故答案为：实验过程：三；0.4；2.2；5；大；拓展应用：20点评：本题考查了称重法求浮力和阿基米德原理、密度公式的应用以及弹簧测力计的读数

32、，关键是会根据两者的密度判断是否空心和空心部分体积的计算17（7分）（2013河北）小明学习了电功率后，用额定电压分别为2.5 V、6 V的灯泡L1和L2设计了图所示的电路图，来探究灯泡的发光亮度与哪些因素有关（1）小灯泡发光时，将电能转化为内能和光能（2）探究L1的亮度时，只闭合S、S1，发现电压表有示数，电流表无示数，则电路故障可能是：灯泡断路，排除故障后，继续实验，收集的数据及现象如下：表一电压/V电流/A亮暗情况110.16暗21.50.22较亮32.50.28亮表二电压/V电流/A亮暗情况410.28很暗52.50.38暗660.72很亮（3）探究L2的亮度时，只闭合S、S2，进行实

33、验，收集的数据及现象如表二（4）分析两表可知，同一规格的小灯泡发光亮度与实际功率有关，不同规格的小灯泡发光亮度还应与电能转化为光能的转化效率有关拓展完成探究后，小明用电源、电流表、滑动变阻器、电阻箱各1个，2个开关及若干条导线，对额定电流为0.1 A的小灯泡的额定功率进行了测定请在虚线框内画出他设计的电路图，并写出实验步骤及测定额定功率的表达式实验步骤：表达式：P额=（0.1A）2R考点：探究用电器的电功率实验专题：探究型实验综合题分析：（1）小灯泡发光时将电能转化为内能与光能（2）常见的电路故障有：断路与短路，根据电路故障现象分析电路故障原因（4）同一灯泡的亮度与灯泡的实际功率有关，不同灯泡

34、的亮度与灯泡把电能转化为光能的效率有关拓展：测灯泡额定功率需要测出灯泡的额定电流与额定电压，现在只有电流表而没有电压表，可以把灯泡与电阻箱并联，测出灯泡正常发光时通过电阻箱的电流，读出电阻箱的阻值，由欧姆定律及并联电路特点求出灯泡正常发光时的电压，然后由电功率公式求出灯泡的额定功率解答：解：（1）小灯泡发光时，将电能转化为内能和光能（2）由电路图可知，只闭合S、S1，电源、电流表、灯L1、滑动变阻器组成简单电路；电流表无示数，说明电路存在断路，电压表有示数，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外电路不存在断路，与电压表并联的灯泡断路（4）由表中实验数据可知：同一规格的小灯泡发光亮度与实际

35、功率有关，不同规格的小灯泡发光亮度还应与电能转化为光能的转化效率有关拓展：实验电路：只用电流表而没有电压表测灯泡额定功率的实验电路图如图所示实验步骤：根据电路图连接实物电路图只闭合S1，移动变阻器滑片，使电流表示数为0.1 A；断开S1，闭合S2，滑片不动，调节电阻箱，当电流表示数为0.1 A时，读出电阻箱连入电路中的电阻为R灯泡的额定功率：由实验步骤可知，灯泡正常发光时的电阻为R，则灯泡的额定功率P额=I额2R=（0.1A）2R故答案为：（1）内；（2）灯泡断路；（4）实际功率；电能转化为光能；拓展：实验电路图如图所示；实验步骤如上所述；（0.1A）2R点评：本题考查了能量的转化、电路故障分

36、析、实验数据处理、实验设计等问题，拓展部分是本题的难点，应用等效法测出灯泡电阻然后应用电功率公式即可求出灯泡额定功率，知道实验的实验原理是正确解题的关键四、计算应用题（本大题共3个小题；第36小题5分，第37小题6分，第38小题7分，共18分解答时，要求有必要的文字说明、公式和计算步骤等，只写最后结果不得分）18（9分）（2013河北）如图所示，重为1140N的物体，它与水平地面的接触面积为1.5103 cm2工人师傅用600 N的力匀速提升物体，物体的速度为0.2 m/s（不计摩擦及绳重）求：（1）工人师傅拉绳的功率；（2）滑轮组的机械效率；（3）体重为450 N的小明用此滑轮组提升物体，但

37、物体没有被拉动，物体对地面的最小压强为多大考点：滑轮（组）的机械效率；压强的大小及其计算；功率的计算专题：功、功率、机械效率分析：（1）根据v拉=2v物求出拉力移动速度，根据P=Fv求出拉力的功率；（2）根据=求出机械效率；（3）根据工人师傅的拉力F=（G+G动）求出动滑轮重，小明的最大拉力为F=G=450N，根据F=（F拉+G动）求出绳子对物体的拉力，则物体对地面的压力F压=F支=GF拉，根据p=求出对地面的最小压强解答：已知：物体重G=1140N，面积S=1.5103cm2=0.15m2，工人师傅拉力F=600N，物体速度=0.2m/s，小明体重G人=450N，求：（1）工人师傅拉绳的功率

38、P=？；（2）滑轮组的机械效率=？；（3）物体对地面的最小压强p=？解：（1）拉力移动速度：v拉=2v物=20.2m/s=0.4m/s，工人师傅拉绳的功率：P=Fv=600N0.4m/s=240W；（2）机械效率：=100%=100%=100%=100%=95%；（3）不计摩擦及绳重，F=（G+G动），所以动滑轮重：G动=2FG=2600N1140N=60N，小明拉绳子时的最大拉力等于其重力，F=G人=450N，F=（F拉+G动），所以绳子对物体的最大拉力：F拉=2FG动=2450N60N=840N，物体对地面的最小压力：F压=F支=GF拉=1140N840N=300N，物体对地面的最小压强：

39、p=2000Pa答：（1）工人师傅拉绳的功率为240W；（2）滑轮组的机械效率为95%；（3）物体对地面的最小压强为2000Pa点评：此题主要考查的是学生对功率、机械效率、压强计算公式的理解和掌握，弄明白物体对地面的压力是解决此题的关键19（10分）（2013河北）如图1所示，L上标有“6 V 3 W”字样，电流表量程为00.6 A，电压表量程为015 V，变阻器R的最大电阻为100只闭合S1，滑片置于a点时，变阻器连入电路中的电阻为Ra，电流表示数为Ia只闭合S2，移动滑片，变阻器两端电压与其连入电路的电阻关系如图2所示；当滑片置于b点时，电压表示数Ub=8 V，电流表示数为Ib已知Ra：R

40、0=12：5，Ia：Ib=3：5（灯丝电阻不随温度变化）求：（1）小灯泡的电阻；（2）定值电阻R0和电源电压；（3）在电表的示数不超过量程，灯泡两端的电压不超过额定值的情况下，只闭合S1时，变阻器连入电路的最小电阻为多少；只闭合S2时，电路消耗的最小功率为多少考点：电功率的计算；欧姆定律的应用专题：计算题；欧姆定律；电能和电功率分析：（1）根据小灯泡的额定电压和额定功率利用P=UI=即可求电阻；（2）先根据图象得出滑片在a、b处时，变阻器的电压和电阻，根据欧姆定律求出电流Ia和Ib，根据串联电路的电压特点和电源电压不变列出关于Ra和Rb的等式，结合已知Ra：R0=12：5解方程即可（3）只闭合

41、S1时，在电表的示数不超过量程，灯泡两端的电压不超过额定值的情况下，得出电路中的最大电流，利用欧姆定律和串联电路的电阻特点即可求变阻器连入电路的最小电阻；只闭合S2时，滑动变阻器和定值电阻R0串联，则滑动变阻器两端的电压可以达到电压表的最大量程15V，由此可求出滑动变阻器需要连入的最大阻值，与变阻器R的最大电阻为100比较，判断出滑动变阻器能连入的最大阻值，然后即可求出电流，利用P=UI求消耗的最小功率解答：解：（1）已知U额=6V，P额=3W，根据P=UI=得：灯泡电阻RL=12（2）只闭合S2时，滑动变阻器R和定值电阻R0串联，当滑片置于b点时，电压表示数Ub=8V，由图可知电压为Ub时电

42、阻Rb=16，所以根据欧姆定律得：此时电路中电流，即电流表示数为Ib=0.5A，则根据串联电路的电压特点和欧姆定律得：U=IbRb+IbR0=Ib（Rb+R0）=0.5A（16+R0）只闭合S1时，滑动变阻器R和灯泡L串联，当滑片置于a点时，由题意知：Ia：Ib=3：5，则Ia=Ib=0.5A=0.3A则根据串联电路的电压特点和欧姆定律得：U=IaRa+IaRL=Ia（Ra+RL）=0.3A（Ra+12）已知：Ra：R0=12：5则解方程得：R0=20，U=18V；（3）只闭合S1时，滑动变阻器R和灯泡L串联，因电流表的最大量程0.6A，灯泡的额定电流I额=0.5A，所以电流表的最大量程大于灯

43、泡的额定电流，则电路中的最大电流应等于为灯泡的额定电流0.5A，根据欧姆定律得：R总1=36，则变阻器连入电路的最小电阻为R最小=R总1RL=3612=24；只闭合S2时，滑动变阻器和定值电阻R0串联，要使电路消耗的功率最小，则滑动变阻器这时连入电路的阻值达到最大值设为R最大，即此时变阻器两端的电压可以达到电压表的最大量程15V，根据串联电路的电流特点和欧姆定律得：=，即=，解得R最大=100，而变阻器R的最大电阻为100，即滑动变阻器连入电路的阻值可以最大达到100；则电路中的电流最小为：I最小=0.15A，消耗的最小功率P最小=UI最小=18V0.15A=2.7W答：（1）小灯泡的电阻为12；（2）定值电阻R0为20，电源电压为18V；（3）只闭合S1时，变阻器连入电路的最小电阻为24；只闭合S2时，电路消耗的最小功率为2.7W点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是分析比较在电表的示数不超过量程和灯泡两端的电压不超过额定值的条件，知道二者如何才能满足这个条件