云南省三校2022届高三上学期11月高考备考实用性联考（二）理科综合试题含答案.pdf

1、 理科综合参考答案第 1 页（共 18 页） 2022 届云南三校高考备考实用性联考卷（二） 理科综合参考答案 一、选择题：本题共 13 小题，每小题 6 分。 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 答案 C C D B A C D C B A B C D 二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 1418 题只有一项符合题目要求；第 1921 题有多项符合题目要求，全部选对的给 6 分，选对但不全的给 3分，有选错的给 0 分。 题号 14 15 16 17 18 19 20 21 答案 D A B A D AD BC AC 【解

2、析】 1Ca 是大量元素，A 错误。果糖、赤藓糖醇等甜味剂来代替蔗糖、白砂糖，只是不含蔗糖，但不是真正意义上的无糖，B 错误。矿泉水含有天然离子，D 错误。 2水、CO2、甘油、乙醇、苯等物质运输方式是自由扩散，不需要载体蛋白协助，则可通过图甲所示的人工膜，但氨基酸的运输方式是主动运输，A 错误。磷脂分子的结构包括亲水的头部和疏水的尾部，磷脂双分子之间是疏水性的，则脂溶性的药物被包在两层磷脂分子之间，B 错误。 葡萄糖进人的红细胞是协助扩散，不需要能量；乳酸的跨膜运输虽然是主动运输，但是人的成熟红细胞只能进行无氧呼吸；故图乙所示细胞放在无氧环境中，葡萄糖和乳酸的跨膜运输都不会受到影响，C 正确

3、。在单位体积的 1mol/L 的葡萄糖溶液和1mol/L 的乳酸溶液中，溶质分子数相等，水分子数也相等，在图甲所示人工膜上贯穿上图乙的蛋白质，再用作图丙的半透膜，由于缺少能量，乳酸不能跨膜运输，葡萄糖也不能跨膜运输，则液面不再变化时，A、B 两侧液面高度相等，D 错误。 3由图可知，人工光合系统的模块 1 相当于光反应中色素吸收光能，模块 2 相当于进行水的光解和 ATP 的生成，即叶绿体中类囊体膜的功能，A 正确。模块 2 进行暗反应，若气泵突然停转，进入系统 CO2减少，短时间内甲（C5）的含量上升、乙（C3）的含量下降，B 正确。若太阳能发电装置突然停转，光反应无法进行，一段时间后模块

4、3 运转效率会受到影响，C 正确。人工系统没有呼吸作用，若系统积累淀粉的量与某植物相等，则系统固定二氧化碳的量小于该植物的固定量，故选 D。 理科综合参考答案第 2 页（共 18 页） 4浆细胞是高度分化的细胞，不分裂，因此 DNA 不复制，A 错误。DNA 复制过程中有 AT、CG 两种配对方式，而翻译过程中的碱基配对方式为 AU、CG，故 DNA 复制和翻译过程中的碱基配对方式不完全相同，B 正确。DNA 双链解开，RNA 聚合酶起始转录、移动到终止子时停止转录，而终止密码子在 mRNA 上，C 错误。一个细胞周期中，核 DNA只复制一次，D 错误。 5图示形成的受精卵多了一条 21 号染

5、色体，发育成的个体为 21 三体综合征患者，即患有先天智力障碍，A 正确。图中卵细胞形成过程中，在减数第一次分裂发生异常，B 错误。基因重组发生在减数分裂过程中，而不是发生在受精作用过程中，C 错误。图中若 2 号染色体上 DNA 缺失 20 个碱基对所引起的变异属于基因突变。 6琼脂块中生长素浓度为图甲 d 点时，对燕麦胚芽鞘的生长既不促进也不抑制，所以胚芽鞘不弯曲，A 错误。根据图甲和图乙分析可知：琼脂块中生长素浓度在 b 点时促进作用最强，胚芽鞘弯曲最大，A 具有最小值，所以图乙中 A 值最小时，琼脂块中生长素浓度应对应图甲中的 b 点，B 错误。在胚芽鞘向光性实验中，如果图甲中的 a

6、点浓度是向光侧浓度，则背光侧生长素浓度应高于向光侧， 且促进效果也高于向光侧， 所以 X 的范围应为 aXc，C 正确。赤霉素能促进种子萌发，而脱落酸能抑制种子萌发，番茄种子成熟后需经低温储藏才能萌发，萌发时赤霉素含量增多。由图三可知，随着低温储藏时间的增长，a 激素的含量降低，b 激素的含量逐渐增多，b 为赤霉素，a 最可能是脱落酸，D 错误。 7煤的气化、液化、干馏和石油的裂化、裂解、催化重整都是伴随着旧键的断裂与新键的形成，有新物质生成均属于化学变化，A 正确。为了延缓海水中钢闸门的腐蚀，常将钢闸门与直流电源的负极相连，该方法为外加电流的阴极保护法，B 正确。硝酸铵溶于水发生电离， 固体

7、变成自由移动的离子形式， 熵增加， S0， C 正确。 蔗糖的分子式是122211C H O，其组成可表示为12211C (H O)，但不代表蔗糖中含有水，另外，浓硝酸不能使蔗糖炭化，D错误。 8标况下HF不是气体，所以反应后气体的体积不是44.8L，A错误。电解精炼铜时，阳极上减少的质量除了铜失去电子外，还有铁、锌等，以及难失电子的形成阳极泥，故失去的电子不等于1mol，转移的电子数不等于6.021023，B错误。pH为3的FeCl3溶液中c(H+)=103mol/L， n(H+)=1L103mol/L=0.001mol， 由水电离产生的H+离子数目为0.001NA，C正确。金刚砂为原子晶体

8、，每个碳原子与相邻的硅原子形成4个CSi键，1mol SiC中含CSi键数目为4NA，D错误。 理科综合参考答案第 3 页（共 18 页） 9验证卤素原子时先加碱、加热水解后，首先加硝酸酸化后再加硝酸银溶液，直接加硝酸银会与氢氧化钠反应产生沉淀，干扰卤素的检验，A错误。手性碳原子应连接4个不同的原子或原子团，Y中存在手性碳原子， 即，B正确。 有机物X的结构中肽键、F都能发生水解反应，C错误。有机物Z（氯硝柳胺）含有的官能团为氯原子、羟基、硝基和肽键，D错误。 10实验现象有气泡产生，即发生反应：3HCO+24H AsO=24HAsO+H2O+CO2，根据强酸制弱酸原理，A正确。 氢氧化钠溶液

9、过量， 加入FeCl3溶液与NaOH溶液反应生成Fe(OH)3红褐色沉淀，不能证明Mg(OH)2和Fe(OH)3溶度积的大小，若加入足量氯化镁完全生成氢氧化镁沉淀后再加入氯化铁，能生成红褐色沉淀，则可证明，B错误。白铁皮（镀锌铁）出现刮痕后浸泡在饱和食盐水中，构成原电池，锌是负极，锌失去电子，铁是正极，铁被保护，所以该过程发生氧化还原反应，C错误。甲烷与氯气反应生成的二氯甲烷、三氯甲烷、四氯甲烷都是油状液滴，无法判断是否生成了四氯甲烷，D错误。 11由分子结构知Y形成5个共价键，则Y原子最外层有5个电子，由于W、X、Y、Z是原子序数依次增大的短周期主族元素，W、Y同主族，则W是氮元素，Y是磷元

10、素；Y、Z的最外层电子数之和是X的最外层电子数的2倍，磷的最外层有5个电子，Z最外层电子数也是奇数，X最外层电子数为偶数，结合都是短周期主族元素，则Z是氯元素，最外层有7个电子，所以X最外层电子数为6，原子序数比磷小，则X是氧元素。综上分析，W是氮元素，X是氧元素，Y是磷元素，Z是氯元素。金属Na与O形成的过氧化钠中既有离子键又有共价键，A错误。非金属性：ClP，故最简单氢化物的热稳定性：ZY，B正确。原子半径应为YZWX，同周期元素原子半径随着核电荷数的增加而减小，C错误。氯离子不发生水解，故不会影响水的电离平衡，D错误。 12阳极室的Ca2+通过A膜（阳离子交换膜）进入产品室，原料室的Na

11、+通过C膜（阳离子交换膜）进入阴极室，原料室的24H PO通过B膜（阴离子交换膜）进入产品室，在产品室中制得产品Ca(H2PO4)2，A错误。阴极室的电极反应：2H2O+2e=H2+2OH，B错 误 。a极 为 原 电 池 的 负 极 ，b为 原 电 池 的 正 极 。a电 极 反 应 式 为 理科综合参考答案第 4 页（共 18 页） CH48e+4O2=CO2+2H2O，a极上通入4.48L（标准状况下） 甲烷， 转移电子1.6mol，根据e守恒，阳极室中Cl失去的电子也为1.6mol，产生0.8mol氯气，C正确。石墨电极起导电作用，不参与电极反应，可用铂（导电也不参与电极反应）替换石墨

12、，D错误。 13HA为弱酸，NaOH为强碱，HA与NaOH恰好完全反应时生成强碱弱酸盐NaA，由于A的水解使NaA溶液呈碱性， 可用酚酞作指示剂，A正确。 溶液在B点时pH=5.3，(A )lg(HA)cc =0，则 c(A)=c(HA)，弱酸HA的电离平衡常数 Ka=(A ) (H )(HA)ccc=c(H+)=105.3，B正确。在A、B点 时 ， 溶 液 显 酸 性 ， 则 c(H+)c(OH)， 溶 液 中 存 在 电 荷 守 恒 ：c(Na+)+c(H+)=c(OH)+c(A)，由于 c(H+)c(OH)，所以 c(Na+)p2p3。 29 （除特殊标注外，每空 2 分，共 10 分

13、） （1）酶能降低化学反应的活化能 （2）避免偶然因素对实验结果的干扰 无关（1 分） （3）淀粉（1 分） B（1 分） （4）用 ba 代表淀粉酶的活性高低，ac 代表淀粉酶的活性高低，比较两者数值大小，数值越大，活性越高（3 分） 【解析】（1）酶的作用原理是降低化学反应的活化能。 （2）实验中，每组设 10 支试管，而不是一支，是平行重复原则，避免偶然因素对实验结果的干扰；实验中除自变量、因变量外其他变量为无关变量，无关变量应相同且适宜，因此加入的淀粉量相等，这是实验中控制无关变量。 （3）据题意，淀粉酶在 70条件下处理 15min 就会失活，试管中具有生物活性的是淀粉酶。B 组两种

14、酶均失活，淀粉剩余量最多。 （4）根据实验，A 组具有生物活性的是淀粉酶，B 组相当于无酶，C 组具有两种酶。三组淀粉剩余量，分别为 a、b、c，则用 ba 代表淀粉酶的活性高低，ac 代表淀粉酶的活性高低，比较两者数值大小，即可比较两种酶在 30条件下的活性高低，数值越大，活性越高。 30 （除特殊标注外，每空 1 分，共 9 分） （1）防卫、监控和清除（答全才给分） 淋巴因子、溶菌酶（答全才给分） （2）两次感染的新型冠状病毒间可能存在差异或免疫系统对新型冠状病毒产生的记忆细胞所能维持的时间相对较短（答对一点得 1 分，共 2 分） （3）繁殖或对人体细胞的黏附 效应 T 细胞 （4）吞

15、噬细胞 促进 B 细胞的增殖分化 细胞外液 理科综合参考答案第 12 页（共 18 页） 【解析】（1）免疫调节是依靠免疫系统来实现的，免疫系统具有防卫、监控和清除的功能。免疫系统中的免疫活性物质有抗体、淋巴因子、溶菌酶等。 （2）新冠肺炎康复者时隔 4 个月再次感染新型冠状病毒，其可能的原因是两次感染的新型冠状病毒间可能存在差异，两种病毒携带了不同的抗原，记忆细胞无法再次识别或免疫系统对新型冠状病毒产生的记忆细胞所能维持的时间相对较短。 （3）人体注射疫苗机体会产生抗体和记忆细胞，当外界相应抗原侵入机体时，机体启动特异性免疫，一方面由浆细胞产生特异性抗体进行体液免疫，抗体与病毒结合，能阻止其

16、繁殖或对人体细胞的黏附；另一方面进行细胞免疫，效应 T 与宿主细胞（靶细胞）密切接触导致其裂解死亡。 （4）据图分析可知，图中细胞的名称是吞噬细胞，物质 A 是淋巴因子，在体液免疫中，淋巴因子能促进 B 细胞的增殖分化，进而增强免疫作用。物质 B 是抗体，属于分泌蛋白，抗体与 银环蛇毒结合的场所是细胞外液。 31 （除特殊标注外，每空 1 分，共 9 分） （1）大型海藻、浮游植物（或生产者） 通过光合作用，把太阳能固定在它们所制造的有机物中，太阳能转变为化学能 （2）生态系统的组成成分和营养结构（食物链和食物网） 消费者、分解者 （3）生态系统所具有的保持或恢复自身结构和功能相对稳定的能力（

17、2 分） 传统网箱养鱼的生态系统中的组分较少，营养结构简单，自我调节能力弱，抵抗力稳定性低 （4）人工生态系统不断有产品输出，带走了部分元素，根据物质循环原理，需要不断投入物质（2 分） 【解析】（1）生态系统的基石是生产者，其在生态系统中的功能是通过光合作用，把太阳能固定在它们所制造的有机物中，太阳能转变为化学能 （2）贝鱼藻复合生态系统的结构包括生态系统的组成成分和营养结构（食物链和食物网） ；由题图信息分析可知，珠母贝可取食有机碎屑，是分解者，也可能捕食浮游动植物，是消费者，故珠母贝可能属于生态系统的消费者、分解者。 （3）生态系统稳定性是指生态系统所具有的保持或恢复自身结构和功能相对稳

18、定的能力。与贝鱼藻复合生态养殖相比，传统网箱养鱼往往受自然灾害及病害影响较大，从生态系统稳定性的角度分析，原因是传统网箱养鱼的生态系统中的组分较少，营养结构简单，自我调节能力弱，抵抗力稳定性低。 理科综合参考答案第 13 页（共 18 页） （4）分析贝鱼藻复合生态养殖需要不断有人工进行物质投入的原因是人工生态系统不断有产品输出，带走了部分元素，根据物质循环原理，需要不断投入物质。 32 （除特殊标注外，每空 1 分，共 11 分） （1）若 A/a 与 R/r 都在 X 染色体上，则纯合白眼雌果蝇的雄性子代也只能是白眼（2 分） 遗传图解： （3 分） （2）XYXXXY=2112（2 分）

19、 （3）红眼白眼=31 红眼白眼=35 红眼白眼=11 无子代 【解析】（1）A/a 位于常染色体上，一只纯合白眼雌果蝇与一只白眼雄果蝇杂交，正常 Fl代全为红眼，则纯合白眼雌果蝇基因型为 aaXRXR，白眼雄果蝇基因型为 AAXrY，F1代正常红眼雌果蝇基因型为 AaXRXr。若 A/a 与 R/r 都在 X 染色体上，则纯合白眼雌果蝇一定把 X 染色体传给雄性子代，则雄性子代只能是白眼。根据题意，遗传图解应为： （2）M 果蝇（XXY）能正常产生配子，其最多能产生 X、Y、XX 和 XY 四种类型的配子，其对应比例为 XYXXXY=2112。 （3）实验步骤：将果蝇 N 与 F1代红眼雌蝇

20、交配，然后观察子代雌果蝇的性状及比例。 若是环境改变引起的表现型的改变，则 N 果蝇的基因型为 AaXRY，F1代雌蝇基因型为 AaXRXr，二者杂交，子代雌果蝇的性状及比例为红眼白眼=31。 若是亲本雌果蝇基因突变，那么亲本雌蝇为 aaXRXr，则 N 果蝇的基因型为 AaXrY，F1代雌蝇基因型为AaXRXr， 二者杂交， 子代雌果蝇的性状及比例为红眼白眼=3/41/2（13/41/2）=35。 理科综合参考答案第 14 页（共 18 页） 若亲本雄果蝇基因突变，那么亲本雄蝇为 AaXrY，则 N 果蝇的基因型为 aaXRY，F1代雌蝇基因型为 AaXRXr，二者杂交，子代雌果蝇的性状及比

21、例为红眼白眼=11。 若是亲本雌果蝇在减数分裂时 X 染色体不分离而产生 XO 型果蝇，由于 XO 为缺一条性染色体的不育雄性，与 F1代雌蝇杂交，没有子代产生。 （二）选考题：共 45 分。 33 （15 分） （1） （5 分）BCE（选对 1 个给 2 分，选对 2 个给 4 分，选对 3 个给 5 分；每选错 1 个扣 3分，最低得分为 0 分） 【解析】理想气体吸收热量，有可能同时对外做功，内能可能增大，可能减小，也有可能不变，所以分子平均动能不一定增大，故 A 错误。在外界的影响下，热量可能从低温物体传到高温物体，故 B 正确。两个系统分别与第三个系统达到热平衡，那么这三个系统彼此

22、都达到热平衡，故 C 正确。液体表面存在张力，是由于液体表面层的分子分布比液体内部分子分布要稀疏，分子间作用力表现为引力，故 D 错误。熵用来反映一个系统的混乱程度，熵值越小，表明系统内分子运动越有序；熵值越大，表明系统内分子运动越无序，故 E 正确。 （2） （10 分） 解：设贮气筒内气体压强为1p 由玻意耳定律得0 01 0p VpVpV 解得15atmp 气筒 B 最大压强为 p 由玻意耳定律得000()p Vp VV 解得4atmp 评分标准：本题共10分。正确得出、式各给1分，其余各式各给4分。 34 （15 分） （1） （除特殊标注外，每空 2 分，共 5 分） 更迟（1 分）

23、 折射 地球上的大气密度高疏低密 （2） （10 分） 解：由波的叠加原理，中点 P 一定振动加强，所以振幅就是两列波的振幅之和，最大位移为 10cm 理科综合参考答案第 15 页（共 18 页） 由波函数sin5sin2 (cm)yAtt。左端振动波形传到 3.5m 处用时 113.5s8.75s0.4xt v 左端振动波形在 3.5m 处的位移15sin(17.5)5cmy 右端振动波形传到 3.5m 处用时26.5s16.25s0.4t ，可见在15st 时右端波形还未传到距左端 3.5m 处，即20y 由波的叠加原理可知距左端 3.5m 处的质点位移为 5cm 评分标准：本题共10分。

24、 正确得出式给3分，正确得出式给1分，其余各式各给2分。 35 （除特殊标注外，每空 1 分，共 15 分） （1）1s22s22p63s23p63d9（或Ar3d9） 15 29 Cu2+2NH3H2O=Cu(OH)2+42NH（2分） Cu(NH3)42+ sp3 （2）6NA （3）HS （4）C （5）K2NiF4（2分） 6 30A39459219 83.4400400 1308 10N（2分） 【解析】（1）核外电子排布式要遵循构造原理，当原子轨道电子排布为全满、半满或全空时，能量最低。故Cu的基态原子的核外电子排布式为1s22s22p63s23p63d104s1，当原子失去电子形

25、成阳离子时，失电子的顺序则从最外层开始，故Cu2+核外电子排布式为1s22s22p63s23p63d9，也可简化为Ar3d9。原子中所有电子占有15个轨道，核外共有29个不同运动状态的电子。 （2）共价单键为键，共价双键中有一个键和一个键，故1mol CH3COONa中含有键的物质的量为6mol，数目为6NA。 （3）将OH中的O原子进行同主族替换，可得到与其互为等电子体的阴离子。即将O原子换为S原子，可得到HS。二者原子数为2，价电子数均为8，互为等电子体。 理科综合参考答案第 16 页（共 18 页） （4）晶胞中的微粒分为4种：体心上的微粒完全属于该晶胞；面心上的微粒12属于该晶胞；棱上

26、的微粒14属于该晶胞；顶点上的微粒18属于该晶胞。 （5）由晶胞示意图可以看出，晶胞中F原子位置：棱上16个，面上4个，体内2个，故每个晶胞平均占有F原子个数为1614+412+2=8；K原子位置：棱上8个，体内2个，故每个晶胞平均占有K原子个数为814+2=4；Ni原子位置：顶点8个，体心1个，故每个晶胞平均占有Ni原子个数为818+1=2。所以这三种原子个数比为N(K)N(Ni)N(F)=428=214， 故该化合物的化学式为K2NiF4； 由图可以看出Ni的配位数是6。 由密度公式知该晶体的密度为mV=330A39459219 83.4g cm400400 1308 10N。 36 （除

27、特殊标注外，每空2分，共15分） （1）4（1分） 醚键（1分） 11（1分） 乙醇（1分） （2） （3）8 （4） （5）CH3COCHO （6）（3分） 评分说明： （1）方程式：反应物，生成物写对1分；配平1分。 （2）其余空按要求给分。 理科综合参考答案第 17 页（共 18 页） 【解析】（1）A中有4种不同化学环境的氢原子，B中含氧官能团的名称为醚键；D分子中含有双键，类似于乙烯的平面结构，有6个原子在同一平面内，D分子中还含有醛基，有4个原子在同一平面内，面与面之间单键可以旋转，剩余的基团“CH2CH2CH3”类似于CH3CH3结构，在乙烷分子中，最多有4（2个CH和另2个CH

28、）个原子在同一平面内，所以D分子中在同一平面内原子数是11个；根据题干信息可知，C2H6O为乙醇。 （2）D分子中含有醛基，可以与新制的氢氧化铜或银氨溶液反应。 （3）根据信息，该同分异构体中共有5个碳原子，含有碳碳双键和醛基，先写出4个碳原子的单烯烃，共3种，再用醛基取代烯烃上的氢原子，共8种。 （4）B分子中含有碳碳双键和醚键，与B含有相同官能团且互为同分异构体的有四种结构：CH2CHCH2OCH3、。 （5）利用题给信息，得，F为2分子，故为HCHO，则G为CH3COCHO。 （6）套用C2H2合成CH2C(CH3)CHCH2的信息。 37 （除特殊标注外，每空2分，共15分） （1）和

29、（顺序错不给分） NaCl（1分） （2）破坏细胞结构，分解果胶，防止橘皮压榨时滑脱，提高出油率 NaHCO3、Na2SO4 78 （3）纸层析 A、D 甲代表的物质是胡萝卜素层析带，乙代表的物质是其他色素和杂质 【解析】（1）图为压榨装置，图为水蒸气蒸馏装置。向图锥形瓶中的油水混合物中，加入适量的 NaCl，会使水的密度增大，会出现油水分层。 （2）Ca(OH)2强碱，能破坏细胞结构，分解果胶，防止橘皮压榨时滑脱，提高出油率，在压榨过程中，加入适量的NaHCO3、Na2SO4，调节pH至78。 （3）此法的基线位于滤纸下端距底边2cm；图中A、D是标准样品的样点，B和C是提取的粗品胡萝卜素的

30、样点，提取的胡萝卜素粗品中含有杂质，杂质和胡萝卜素在层析液 理科综合参考答案第 18 页（共 18 页） 中溶解度不同，扩散速度会出现差异，所以会出现乙处两个点。图中甲代表的物质是胡萝卜素层析带，乙代表的物质是其他色素和杂质。 38 （除特殊标注外，每空2分，共15分） （1）纤维素酶、果胶酶 B（1分） （2）二者存在生殖隔离 基因的表达不是孤立的，基因之间会相互调控、相互影响 （3）制备单克隆抗体 选择性 筛选出能分泌所需抗体的杂交瘤细胞 细胞培养液或小鼠腹水 【解析】（1）植物体细胞杂交前需先去掉细胞壁，因为细胞壁由纤维素和果胶组成，应用纤维素酶和果胶酶去除细胞壁；细胞质的流动是活细胞都具有的特征，因此获得原生质体后，需对其进行活力检查，最合适的检测实验是观察细胞质的流动，故选B。 （2）番茄、马铃薯是两个物种，二者存在生殖隔离，自然条件下不能完成有性生殖；基因的表达不是孤立的，基因之间会相互调控、相互影响。 （3）若A、B依次为小鼠骨髓瘤细胞和B淋巴细胞，那么该方案的目的是制备单克隆抗体；筛选特定的细胞，用选择培养基；单克隆抗体制备至少进行两次筛选，第二次筛选的目的是筛选出能分泌所需抗体的杂交瘤细胞；抗体为分泌蛋白，在细胞培养液或小鼠腹水可得到单克隆抗体。