2020年上海市长宁区、金山区中考一模物理试题（第一学期期末）（解析版）.docx

1、2019学年第一学期初三物理教学质量检测试卷一、选择题1.下列家用电器均正常工作时，电功率最大的是A. 节能灯B. 电视机C. 电风扇D. 空 调【答案】D【解析】【详解】A节能灯的功率约为40W，故A项不符合题意；B电视机的功率为120W200W，故B项不符合题意；C电风扇的功率为30W70W，故C项不符合题意；D空调的功率为800W2800W，故D项符合题意；2.最早提出同一导体中电流与电压成正比的是A. 欧姆B. 焦耳C. 牛顿D. 瓦特【答案】A【解析】【详解】A在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比；在电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比。这就是著名的欧姆定律，是由德国物

2、理学家欧姆最早发现并总结得出的，故A项符合题意；B焦耳发现了电流的热效应，故B项不符合题意；C牛顿发现了牛顿第一定律，故C项不符合题意；D瓦特改良了蒸汽机，故D项不符合题意。3.C919大型客机采用大量轻型复合材料，这里的“轻型”是指材料的A. 质量小B. 密度小C. 体积大D. 强度大【答案】B【解析】【详解】C919大型喷气客机，它的机身和机翼均采用了极轻的碳纤维材料，“轻型”表示体积一定时，材料的质量非常小，也就是密度很小，所以这种材料的优点是密度小， 故选B。4.下列实例中，利用连通器原理的是A. 热气球B. 针筒C. 茶壶D. 密度计【答案】C【解析】【详解】A热气球里热空气的密度小

3、于空气的密度，使气球受到的浮力大于气球的重力，因而能升空，是利用浮力工作，故A项不符合题意；B针筒是利用大气压来工作的，故B项不符合题意；C茶壶的上端开口，底部连通，是利用连通器的原理来工作的，故C项符合题意；D密度计是利用物体的漂浮条件来工作的，与连通器无关，故D项不符合题意；5.动物大多有各自的求生绝活，图所示“绝活”中，能减小压强的是A. 啄木鸟的尖嘴B. 骆驼的巨掌C. 鹰的利爪D. 野牛的角【答案】B【解析】【详解】A啄木鸟的嘴尖，受力面积小，在压力一定时，可增大压强，故A项不符合题意；B骆驼脚掌面积比较大，在压力一定时，可减小压强，故B项符合题意；C老鹰的利爪，受力面积比较小，在压

4、力一定时，可增大压强，故C项不符合题意；D野牛的角，受力面积非常小，在压力一定时，可增大压强，故D项不符合题意。6.两个导体串联时的总电阻为R串、并联时的总电阻为R并，则R串、R并的关系是A. R串一定大于R并B. R串可能小于R并C. R串可能等于R并D. 缺乏条件无法判断【答案】A【解析】【详解】串联电路中总电阻比任意一个分电阻都要大，并联电路中总电阻比任意一个分电阻都要小，所以串联、并联电路中只要有一个电阻相同，那么串联电路总电阻一定大于并联电路的总电阻， 故选A。7.以下活动中，主要运用“控制变量”科学方法的是A. 学习电路时，引入“总电阻”概念B. 探究物质的质量与体积的关系C. 用

5、量筒和水测量不规则固体的体积D 学习电流时，用水流类比电流【答案】B【解析】【详解】A在串并联电路中几个电阻共同作用产生的效果与一个电阻产生的效果相同，从而引入了“总电阻”的概念，采用的是等效替代法，故A项不符合题意；B质量与密度和体积都有关系，研究质量与体积的关系时,需要保持物质的密度一定(即用同种物质做实验)，采用的是控制变量法，故B项符合题意；C用量筒和水测量不规则固体的体积采用的是间接测量法，故C项不符合题意；D电流和水流都客观存在，电流不能直接观察，水流可以直接观察，通过水流说明电流的形成，采用的是类比法，故D项不符合题意；8.某泳池水面上漂浮看一只救生圈，当池内水量增加致使水面上升

6、一定高度后，下列判断中错误的是A. 池底受到水的压强增大B. 池底受到水的压力增大C. 救生圈所受的浮力不变D. 救生圈底受到水的压力增大【答案】D【解析】【详解】A池内水量增加致使水面上升一定高度，根据p=gh，h增大，池底受到水的压强增大，故A项正确，不符合题意；B底面积不变，底面受到水的压强增大，根据F=pS，池底受到水的压力增大，故B项正确，不符合题意；C救生圈依旧漂浮在水面，浮力等于重力，没有变化，故C项正确，不符合题意；D根据物体浮力产生原因，物体在液体中受到的浮力等与物体底面受到的液体压力减去物体上表面受到的液体压力，救生圈漂浮，浮力不变，上表面受到的液体压力为零，所以救生圈底受

7、到水的压力不变，故D项错误，符合题意；9.如图所示电路中，电源电压不变。闭合开关、滑动变阻器滑片P向右移动时，下列关于各电表示数的判断中正确的是A. A1示数变小B. V示数变大C. V与A示数的比值变大D. V与A示数的乘积不变【答案】C【解析】【详解】由图可知，滑动变阻器与定值电阻并联，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表A测干路电流，电流表A1测通过定值电阻的电流。A定值电阻阻值不变，两端电压不变，根据可知，通过定值电阻的电流也不变，即电流表A1的示数不变，故A项错误；B由于并联电路，各支路两端电压相等，可知电压表V的示数不变，故B项错误；CD当滑片P向右移动时，滑动变阻器的阻值增大，通过

8、的电流减小，根据并联电路：干路电流等于各支路电流之和，则电流表A的示数减小，所以V与A示数的比值变大，故C项正确，D项错误；10.如图所示，甲、乙两个正方体置于水平地面上，它们对地面的压强分别为p甲 、p乙。若将乙叠放到甲的上表面中央、或将甲叠放到乙的上表面中央，甲、乙对地面压强的增加量相等。则p甲 、p乙 的关系是A. p甲 p乙B. p甲 =p乙C. p甲 p乙D. 无法判断【答案】A【解析】【详解】将乙叠放到甲的上表面中央对地面压强的增加量：，将甲叠放到乙的上表面中央对地面压强的增加量：，由题意可得：，由图可知：，则，规则物体在水平面上时：F=G，又，由可得：，故选A。二、填空题11.家

9、庭照明电路的电压是_伏，家中照明的电灯与电视机是_的，一盏额定电功率为20瓦的灯连续正常工作10小时消耗的电能为_度。【答案】 (1). 220 (2). 并 (3). 0.2【解析】【详解】1我们国家家庭照明电路电压为220V；2家庭电路上的用电器工作时不相互影响，电灯与电视机是并联的；3由W=Pt可得：0.2千瓦时等于0.2度。12.马德堡半球实验证明了_的存在，做该实验时，先要用抽气机将密闭球内抽成接近_。托里拆利通过实验测出：标准大气压与0.76米高的_柱产生的压强相等。【答案】 (1). 大气压 (2). 真空 (3). 水银(汞)【解析】【详解】1著名的马德保半球实验证明了大气压的

10、存在；2马德保半球实验为了更直观体现大气压的存在需要将密闭球内抽成近真空状态；3一个标准大气压与0.76m高的水银柱产生的压强相等。13.物体_上所受的压力叫做压强。一张试卷平摊在水平桌面上时对桌面的压强约为_帕。1帕表示：每1m2面积上所受_。【答案】 (1). 单位面积 (2). 1 (3). 压力大小为1N【解析】【详解】1压强是物体单位面积上承受的压力；2一张试卷平摊在水平桌面上时对桌面的压强约为1帕；31帕表示的是在每1m2面积上所受到的压力大小为1N。14.某导体两端的电压为3伏，10秒内通过其横截面的电量为3库，通过的电流为_ 安，电流所做的功为_ 焦；若该导体两端的电压降为1伏

11、时，它的电阻为_ 欧【答案】 (1). 0.3 (2). 9 (3). 10【解析】试题分析：通过的电流：I=Q/t=3C/10s=0.3A；电流做功：W=UIt=3V0.3A10s=9J；I=U/R，电阻R=U/I=3V/0.3A=10；导体电阻与电压无关，导体两端的电压降为1伏时，电阻仍为10考点：欧姆定律应用15.如图所示，在两端开口的玻璃管下端紧贴一轻质薄塑料片，将玻璃管下端浸入水面下0.3米深处，然后沿管壁慢慢注入酒精(酒精0.8103kg/m3)，当管中的酒精液面与管外的水面相平时，塑料片受到酒精的压强_（选填 “小于”、“等于”或“大于”）水的压强，若将玻璃管沿竖直方向缓慢向_（

12、选填“上”或“下”）移动时塑料片有可能掉落，为使塑料片不致掉落，则移动的最大距离为_米。【答案】 (1). 小于 (2). 上 (3). 0.06【解析】【详解】1当注入管中的酒精液面与管外的水面相平时，即h酒精=h水，因为水酒精，所以由p=gh可知，p水p酒精，即酒精对塑料薄片上表面的压强小于水对塑料薄片下表面的压强；2酒精深度不变，对塑料片上表面压强不变，玻璃管缓慢向上移动，水对塑料片下表面压强逐渐减小，当酒精对塑料片上表面的压强等于水对塑料片下表面的压强时，继续上移，水对塑料薄片下表面向上的压强减小，塑料薄片有可能掉落；3当酒精对塑料片上表面的压强等于水对塑料片下表面的压强时：p下=p上

13、，即酒精gh酒精=水gh水，整理可得：移动的最大深度：h=0.3m0.24m=0.06m。16.图所示电路中电源电压不变，闭合开关电路正常工作。一段时间后，灯L突然熄灭，若电路中只有一处故障，且发生在灯L或电阻R处，为查找故障，现将与L规格相同且完好的灯L接入a、b 或c、d间。若接入a、b间并观察到L发光，则可确定故障为_。若接入c、d间并观察到L发光，请结合可能出现的其它现象分别写出对应的故障情况。_。【答案】 (1). L 断路 (2). 若只有L发光，则L短路；若L和L都发光，则R断路；若L和L都不发光，则L断路。【解析】【详解】1灯L突然熄灭，现在将L接入a、b间并观察到L发光，说明

14、故障发生在L的位置，且L断路；2将灯L接入c、d之间，若只有灯泡L发光，则故障为灯泡L短路，若灯泡L和L都发光，则故障为电阻R断路，若灯泡L不发光，则故障为灯泡L断路。17.电流、电压和电阻，是电路学习中三个重要的物理量，如图所示情境粗略却形象地反映了这三者之间的关系。图中丙与甲的关系反映了_的关系，丙与乙的关系反映了_的关系。图中信息还反映出导体的电阻与导体的_有关，它们的关系可归纳为：相同条件下， _。【答案】 (1). 电流与电压 (2). 电流与电阻 (3). 横截面积 (4). 导体的横截面积越小，其电阻越大【解析】【详解】12由图可判断出：甲推动丙运动，甲相当于电压，乙类似电阻的作

15、用，阻碍电流，丙在甲的推动下流动，是电流，所以丙与甲的关系反映了电流与电压的关系，丙与乙的关系反映了电流与电阻的关系；34图中给的导体有的部分粗，有的部分细，还可以反映出导体的电阻与导体的横截面积有关，当材料、长度相同时，导体的横截面积越小，其电阻越大。三、作图题18.重力为6牛的小球置于水平地面上，用力的图示法在图中作出地面所受的压力F 。（ ）【答案】【解析】【详解】压力的大小等于重力，为6N，方向垂直于接触面向下，作用点在接触面上。选取标度为3N，过压力的作用点，沿垂直于接触面向下的方向画一条有向线段，使线段长度为标度的2倍，如图所示：19.根据图中标出的电流方向，在电路空缺内填入电源、

16、电流表或电压表符号，要求填入后灯L1、L2都能发光。（ ）【答案】或【解析】【详解】若电源在上面，根据箭头所指的电流方向，左边为电源正极，要想灯L1、L2都能发光，两个灯泡只能串联，中间为电压表，如图所示：；若电源在中间，根据箭头所指的电流方向，中间处的上边为电源正极，要想灯L1、L2都能发光，两个灯泡只能并联，上边空格处为电流表，如图所示：20.用笔线代替导线将图中的滑动变阻器接入电路，要求电键闭合、变阻器的滑片向右滑动时，电流表示数减小。（ ）【答案】【解析】【详解】由变阻器的滑片向右滑动时，电流表示数减小可知滑动变阻器的阻值应该变大，滑片向右应该远离下接线柱，滑动变阻器的右上接线柱接电流

17、表的负接线柱，左下接线柱接电源的负极，如图所示：。四、计算题21.小海同学游泳时排开水的体积为0.05米3，求他受到的浮力大小【答案】490N【解析】【分析】知道排开水的体积和水的密度，利用阿基米德原理求出小海受到的浮力【详解】根据阿基米德原理可得：答：小海受到的浮力为490N22.某特战队员身体和装备的总质量为90千克，当他随检阅方队行走在天安门广场时：求他对地面的压力。若他每只鞋底的触地面积为0.02m2，求他对地面的压强。【答案】(1)900N (2)【解析】【详解】(1)对地面的压力为：；(2)他每只鞋底的触地面积为0.02m2根据可得他对地面的压强为：；答：(1)他对地面的压力900

18、N；(2)他对地面的压强。23.在图所示电路中，电源电压12伏保持不变，电阻R1=30欧，闭合电键后：求电流表的示数。现将标有“20 2A”的滑动变阻器R2与R1以某种方式接入电路M、N间，移动变阻器的滑片，下表记录了滑片在三处位置时电流表的示数。（a）请判断R2与R1的连接方式并简述理由。（b）表中三个电流数据中，其中有一个记录错误，请通过计算找出该数据。 序号123电流（安）0.81.62.2【答案】0.4A；并联，因为原来的电流I=0.4A，表格中的总电流均大于0.4A，所以总电阻变小，R2与R1是并联连接的；序号1数据错误【解析】【详解】(1)闭合开关后为R1的简单电路，根据可得电流表

19、的示数为：；(2)表格中的数据，总电流均大于0.4A，说明电路电流增大了，那么根据欧姆定律，则电路电阻应该减小，又串联电路总电阻大于任意一个分电阻，并联电路总电阻小于任意一个分电阻，所以R2与R1是并联连接的； (3)当电路电流I1=0.8A时，根据可得电路的总电阻为：，因为并联电路总电阻的倒数等于分电阻倒数的和，可得滑动变阻器的接入阻值，有：，解的动变阻器的接入阻值，而滑动变阻器的最大阻值为20，所以序号1数据是错误的。答：(1)电流表的示数为0.4A。(2) R2与R1是并联连接的。(3) 序号1数据是错误的。24.如图所示，水平地面上薄壁圆柱形容器甲、乙的底面积分别为2S、S，容器内分别

20、盛有质量相等的水和酒精(酒精0.8103kg/m3)。求甲容器中0.1米深处水的压强。若乙容器中酒精质量为2.4千克，求酒精的体积。若在乙容器内抽取0.2米深酒精后，酒精和水对容器底的压强相等，求甲中水的深度。【答案】980Pa；310-3m3；0.16米【解析】【详解】(1)根据p=gh可得0.1米深处水的压强：；(2)由公式可得酒精的体积：；(3)水与酒精的质量相等，则有：，即：，在乙容器内抽取0.2米深酒精后，酒精和水对容器底的压强相等，假设水的深度为h水，可列等式：，根据V=Sh有：，将式带入式，并带入数据得乙容器中酒精的深度：，则甲容器中水的深度为：；答：(1)0.1米深处水的压强为

21、980Pa；(2)酒精的体积是310-3m3；(3)甲中水的深度为0.16m。五、实验题25.做“测定小灯泡的电功率”实验时，应使电流从电流表_(选填“正”或“负”)接线柱流进，电压表_(选填“串联”或“并联”)在待测小灯泡两端，闭合电键前，要将滑动变阻器的滑片移至电阻_的位置，该实验依据的原理是_。【答案】 (1). 正 (2). 并联 (3). 最大值 (4). P=UI【解析】【详解】1电流表的连接是电流从正接线柱进，负接线柱出；2测量小灯泡电功率实验需要测量灯泡两端的电压，所以电压表应该并联在待测小灯泡两端；3连接电路时，开关闭合之前，滑动变阻器的滑片移至电阻阻值最大的位置；4测量小灯

22、泡电功率的实验原理是P=UI。26.某同学做“验证阿基米德原理”实验，请根据图中的情景填写实验报告（部分）空格中的内容。实验目的：定量研究物体受到的_与它排开的液体所受的重力之间的关系。实验数据：（1）物体受到的浮力是_牛。（2）物体排开水的体积是_毫升。（3）物体排开的水所受的重力是_牛。【答案】 (1). 浮力 (2). 2.1 (3). 200 (4). 1.96【解析】【详解】1用实验来定量研究，浸没在液体中物体受到的浮力与物体排开的液体所受重力之间的关系； (1)2物体重力G=4.3N，物体浸没在液体中弹簧测力计的示数F=2.1N；则物体受到的浮力：F浮=GF=4.3N2.2N=2.

23、1N；(2)3物体排开的液体体积：V=400cm3200cm3=200cm3=200mL；(3)4物体排开的液体重力：G排=mg=Vg=1.0103kg/m32104m39.8N/kg=1.96N。27.小华做“用电流表、电压表测电阻”实验，所需器材齐全且完好，电源电压为1.5伏的整数倍，滑动变阻器有两种规格可选，分别标有“10欧3安”和“20欧2安”字样。小华选择器材正确连接电路，并使滑动变阻器接入电路的电阻最大。闭合电键后，电流表、电压表的示数分别如图所示，他记下第一组数据。接着，小华移动变阻器的滑片，当电压表的指针偏转至最大示数处时，电流表的指针自图位置转过了三小格，他记下第二组数据根据

24、小华的两组数据分别计算两次的测量值(结果保留1位小数)。_通过计算说明小华所用电源的电压和选择的滑动变阻器规格_。【答案】 (1). 第一次测量值为17.5，第二次测量值约为16.7 (2). 电源电压选择4.5V、滑动变阻器选择“20 2A”【解析】【详解】(1)1电流表选择量程为0.6A，分度值为0.1A；电压表选择量程为3V，分度值为0.1V；第一次测得电流、电压由图可知分别为0.12A、2.1V，根据可得第一次测量的电阻：；第二次测得数据，电压表的指针偏转至最大示数处时为3V，流表的指针自图位置转过了三小格为；则第二次测得电阻为：；(2)2小华正确连接电路，使滑动变阻器接入电路的电阻最

25、大，则电路最小电流为0.12A，若选用“10 3A”的滑动变阻器，则电源电压为：，不为1.5V的整数倍，舍弃；若选用“20 2A”的滑动变阻器，则电源电压为：；为1.5V的整数倍，所以电源电压取4.5V，滑动变阻器选择“20 2A”。28.冰块浮在水中时，大部分浸入水中；泡沫块浮在水中时，却只有小部分浸入水中。为探究浮在液体中的物体浸入液体的体积V浸与哪些因素有关，某小组同学用量杯、天平及若干实心物体等器材，分别放在两种液体中进行实验，如图所示。表一记录了他们实验时得到并整理的数据。表一实验序号123456789液体的密度液（g/cm3）1.01.01.2物体的密度物（g/cm3）0.40.6

26、0.6物体的体积V物（cm3）501001505010015050100150浸入的体积V浸（cm3）204060306090255075表二物 ：液2:53:51:2V浸 ：V物分析表一中序号1、2与3(或4、5与6或7、8与9)的数据及相关条件可初步得出：当液和物相同，_。分析表一中序号_的数据及相关条件可初步得出：当液和V物相同，物越大，V浸越大。 分析表一中序号4与7(或5与8或6与9)的数据及相关条件可初步得出：当_，液越大，V浸越小。 小组同学进一步综合分析表一中的数据有了新发现，他们将经计算得到的数据记录在表二中（未全）。表二中空缺的数据依次为_、_、_。按表二填写完整后的数据所

27、反映的规律推理：若体积为180cm3、密度为0.5g/cm3的实心物体浮在密度为1.5 g/cm3的液体中，则物体浸入液体的体积为_ cm3。【答案】 (1). V液与V物成正比 (2). 1与4（2与5，3与6） (3). V物与物相同时 (4). 2:5 (5). 3:5 (6). 1:2 (7). 60【解析】【详解】(1)1分析表一中序号1、2与3(或4、5与6或7、8与9)的数据，可发现物体密度与液体密度相同，浸入的体积随着物体的体积增大而增大，即当液和物相同，V液与V物成正比；(2)2分析表一中序号1与4（2与5，3与6）的数据，可发现液体密度和物体体积相同时，物体密度越大，浸入的体积越大； (3)3分析表一中序号4与7(或5与8或6与9)的数据，可发现物体密度、液体体积相同时，液体密度越大，浸入体积越小；(4)456表二中第二列中的浸入体积与物体体积的比值为：，第三列中的浸入体积与物体体积的比值为：，第四列中的浸入体积与物体体积的比值为：；7由表二中数据会发现：物体浸入体积与物体体积的比值等于物体的密度与液体密度的比值；则有：，代入数据得，解的V浸=60cm3。