云南省巧家县第三中学2019-2020学年高一（上）期末物理试题（解析版）.docx

1、云南省巧家县第三中学2019-2020学年上学期期末考试高一物理一、单选题(共10小题，每小题3.0分，共30分)1.一辆汽车以2m/s2的加速度做匀减速直线运动，经过2s(汽车未停下)汽车行驶了32m，汽车开始减速时的速度是()A. 9m/sB. 18m/sC. 20m/sD. 12m/s【答案】B【解析】【详解】汽车做匀减速直线运动，由匀变速直线运动的位移公式：xv0tat2，代入数据，解得：v018m/s故选B。2.如图所示，A、B两物块叠放在一起，放在光滑地面上，已知A、B物块的质量分别为M、m，物块间粗糙现用水平向右的恒力F1、F2先后分别作用在A、B物块上，物块A、B均不发生相对运

2、动，则F1、F2的最大值之比为 ()A. 11B. MmC. mMD. m(mM)【答案】B【解析】【详解】设A、B间的最大静摩擦力为，当作用在A上时，B的最大加速度为：，再对整体分析，有：；当作用在B时，A的最大加速度为：，再对整体分析，有：；则：，故B正确，ACD错误【点睛】先隔离分析，根据牛顿第二定律求出最大的加速度，再对整体分析，根据牛顿第二定律求出恒力的比值3.如图所示，轻弹簧竖直放置在水平面上，其上放置质量为2 kg的物体A，A处于静止状态，现将质量为3 kg的物体B轻放在A上，则B与A刚要一起运动的瞬间，B对A的压力大小为(取g10 m/s2)()A. 20 NB. 30 NC.

3、 25 ND. 12 N【答案】D【解析】【详解】释放B之前，物体A保持静止状态，重力和弹簧的弹力平衡，有：FmAg20N释放B瞬间，先对AB整体研究，受重力和弹簧的支持力，根据牛顿第二定律有：(mAmB)gF(mAmB)a解得：a6m/s2对物体B受力分析，受重力、A对B的支持力FN，根据牛顿第二定律有：mBgFNmBa解得：FN12N根据牛顿第三定律，物体B对物体A的压力等于物体A对物体B的压力，即释放B瞬间，B对A的压力大小为12N，故ABC错误，D正确。故选D。4.关于合力的下述说法中正确的是()A. 合力的性质与原来分力性质相同B. 合力与原来的分力间的关系是等效替代关系C. 合力总

4、比分力大D 合力总比一个分力大，比另一个分力小【答案】B【解析】【详解】A在力的合成中，合力并不是一个真实存在的力，找不到合力的施力者，合力与分力的概念是建立在效果相同即所谓的等效的基础上的，因此，合力也就没有性质的问题，故A错误；B合力与分力是等效替代关系，故B正确；CD合力F既可以大于、也可以等于或小于原来的任意一个分力，合力范围：|F1F2|FF1F2故CD错误。故选B。5.一物体做匀变速直线运动，初速度为v02 m/s，加速度a2 m/s2，则经过2 s后，物体的速度和位移为()A. 2 m/s,1 mB. 2 m/s，1 mC. 2 m/s,0D. 2 m/s,0【答案】D【解析】【

5、分析】考查匀变速直线运动的规律。【详解】物体做匀变速直线运动，由速度公式：解得：由位移公式：解得：D正确。故选D。6. 如图是在同一条直线上运动的A、B两质点的位移时间图象，由图可知( )A. t=0时，A在B后面B. B物体在秒末追上A并在此后跑在A的前面C. 在0-时间内B的运动速度比A大D. A物体在0-作加速运动，之后作匀速运动【答案】B【解析】试题分析：A中由图像可知，t=0时，B在A后面，故A不对；B中B物体在秒末追上A并在此后跑在A的前面，是正确的；C中在0-时间内B的斜率小于A，故B的运动速度比A小，C不对；D中A物体在0-作匀速运动，故D也不对考点：利用位移与时间图像解决有关

6、问题7.如图所示，质量为m的木块在水平桌面上的木板上表面滑行，木板静止，它的质量为M3m，木板与木块、木板与桌面间的动摩擦因数均为，则木板受桌面的摩擦力大小为()A. mgB. 2mgC. 3mgD. 4mg【答案】A【解析】【详解】木块向左滑动，木板相对于木块向右滑动，木板受到木块向左的滑动摩擦力大小Ff1mg因为木板静止，根据二力平衡条件，木板受到地面的静摩擦力方向向右，大小Ff2Ff1mg故A正确。8.如图所示，质量分别为m、M的两个物体系在一根通过定滑轮(质量忽略不计)的轻绳两端，M放在水平地板上，m被悬挂在空中，若将M沿水平地板向右缓慢移动少许后M仍静止，则()A. 绳的张力变大B.

7、 M对地面的压力变大C. M所受的静摩擦力变大D. 悬挂滑轮的绳的张力变大【答案】D【解析】【详解】A因m处于静止状态，故绳子的拉力等于m的重力，即Fmg，绳的张力不变，故选项A错误；BC对M受力分析如图甲所示，把F进行正交分解可得关系式：NFsin MgFcos f当M向右移动少许后，变大，故N减小，f减小，故选项B、C错误；D对滑轮受力分析如图乙所示，把拉物体的绳子的拉力合成得F合T因F不变，两绳的夹角变小，则F合变大，故悬挂滑轮的绳的张力变大，选项D正确9.下面说法中正确的是（ ）A. 以卵击石，鸡蛋“粉身碎骨”，但石头却“安然无恙”是因为鸡蛋对石头的力小于石头对鸡蛋的力B. 马拉车前进

8、，马对车的拉力等于车对马的拉力的大小C. 物体间的作用力先出现的是作用力，其后的是反作用力D. 人压弹簧时“人弱它就强”说明人与弹簧间的相互作用力不是等大的【答案】B【解析】【详解】A以卵击石相互作用时，是作用力与反作用力，大小相等，方向相反，A错误；B车被马拉动，是因为马拉车的力大于车的阻力，马拉车的力与车拉马的力是作用力与反作用力，大小相等，方向相反，B正确；C物体相互作用时，作用力与反作用力同时产生，同时变化，同时消失，C错误；D作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，D错误。故选B。10.如图所示，足够长的水平传送带以v02 m/s的速率顺时针匀速运行t0时，在最左端轻

9、放一个小滑块，t2 s时，传送带突然制动停下已知滑块与传送带之间的动摩擦因数为0.2，取g10 m/s2.下列关于滑块相对地面运动的vt图象正确的是()A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】刚被放在传送带上时，滑块受到滑动摩擦力作用做匀加速运动，滑块运动到与传送带速度相同需要的时间，然后随传送带一起匀速运动的时间，当传送带突然制动停下时，滑块在传送带摩擦力作用下做匀减速运动直到静止，运动的时间，B正确二、多选题(共4小题，每小题4.0分，共16分)11.水平面上有一个质量为m=2kg的小球，小球与水平轻弹簧及与竖直方向成=45角的不可伸长的轻绳一端相连，如图所示，此时小球处于静止状

10、态，且水平面对小球的弹力恰好为零已知小球与水平面间的动摩擦因数=0.2，当剪断轻绳的瞬间，取g=10m/s2，以下说法正确的是（ ）A. 此时轻弹簧弹力大小为20NB. 小球的加速度大小为8m/s2，方向向左C. 若剪断弹簧，则剪断的瞬间小球的加速度大小为10m/s2，方向向右D. 若剪断弹簧，则剪断的瞬间小球的加速度为0【答案】ABD【解析】【详解】A在剪断轻绳前，小球受重力、绳子的拉力以及弹簧的弹力处于平衡，根据共点力平衡得，弹簧的弹力：F=mgtan45=102N=20N，故A正确；B小球所受的滑动摩擦力为：f=mg=0.220N=4N根据牛顿第二定律得小球加速度为：合力方向向左，所以加

11、速度方向向左，故B正确；CD剪断弹簧的瞬间，轻绳对小球的拉力瞬间为零，此时小球所受的合力为零，则小球的加速度为零故C错误，D正确12.某物体运动的vt图象是一条直线，如图所示，下列说法正确的是()A. 物体始终向同一方向运动B. 物体在第2s内和第3s内的加速度大小相等，方向相反C. 物体在第2s末运动方向发生变化D. 物体在前4s内的加速度不变【答案】CD【解析】【详解】AC由图象可知：物体在前2s内速度为负，在后2s内速度为正，则物体在第2s末运动方向变化，故A错误，C正确；BD图象的斜率表示加速度，直线的斜率一定且为则知物体在第2s内和第3s内的加速度大小相等，方向相同，且一直不变，故B

12、错误，D正确。故选CD。13.将力F分解成F1和F2，若已知F1的大小和F2与F的夹角（为锐角)，则下列判断不正确的是（ ）A. 当F1Fsin时，有两解B. 当F1=Fsin时，一解C. 当FsinF1F时，有两解D. 当F1Fsin时，无解【答案】A【解析】【详解】当FF1Fsin时，根据平行四边形定则，如图所示：有两组解，若F1F，只有一组解，故A错误；当F1=Fsin时，两分力和合力恰好构成三角形，有唯一解，故B正确；当FsinF1F时，根据平行四边形定则，有两解，故C正确；F1Fsin时，分力和合力不能构成三角形，无解，故D正确所以BCD正确，A错误14. 如图所示为在同一直线上运动

13、的甲、乙两物体的v-t图象，则由图象可知 :（ ）A. 它们的速度方向相同，加速度方向相反B. 它们的速度方向、加速度方向均相反C. 在t1时刻它们相遇D. 在0t1时间内它们的位移相同【答案】A【解析】试题分析：过程中速度都是正值，即都向着正方向运动，所以速度方向相同，v-t图像的斜率的正负表示物体加速度的正负，所以甲的加速度为正，乙的为负，所以方向相反，A正确B错误；v-t图像与坐标轴围成的面积表示物体的运动位移，在时刻两者的速度相等，但是位移不同，在时间内它们的位移乙的大于甲的，故不会相遇，CD错误；考点：考查了v-t图像点评：速度图象的斜率等于物体的加速度大小根据斜率的正负分析加速度的

14、正负图线与两个坐标轴所围“面积”等于位移根据速度的正负判断速度的方向三、实验题(共2小题，共15分)15.小华所在的实验小组利用如图甲所示的实验装置探究牛顿第二定律，打点计时器使用的交流电频率f50 Hz，当地的重力加速度为g。（1）图乙是小华同学在正确操作下获得的一条纸带，其中A、B、C、D、E每两点之间还有4个点没有标出若s12.02 cm，s24.00 cm，s36.01 cm，则B点的速度为：vB_m/s(保留三位有效数字)（2）在平衡好摩擦力的情况下，探究小车加速度a与小车质量M的关系中，某次实验测得的数据如表所示根据这些数据在坐标图中描点并作出a图线_。从a图线求得合外力大小为_N

15、(计算结果保留两位有效数字).【答案】 (1). 0.301 (2). (3). 0.30【解析】【详解】（1）1由题意可知两计数点间的时间间隔为：t=5T=5/f=0.1s，利用匀变速直线运动的推论：B点的瞬时速度vB=；（2）2应用描点法画出图象如下所示，3由图象可知，图象过原点，合外力等于图象斜率，大小为。【点睛】本题考查牛顿第二定律的验证实验，对于书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚实验的图象描绘，物理结合数学的应用都值得注意16.在测定匀变速直线运动的加速度的实验中，如图所示为一次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为

16、相邻的计数点，相邻计数点间的时间间隔T0.1 s.(1)根据_计算各点瞬时速度，且vB_m/s， vD_m/s.(2)在图示坐标中作出小车的vt图线_，并根据图线求出a_m/s2.(3)将图线延长与纵轴相交，交点的速度是_m/s，此速度的物理意义是_【答案】 (1). 根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度 (2). (3). (4). (5). (6). 0.12m/s (7). 打点计时器打下计时点A时纸带对应的速度【解析】【详解】（1）相邻计数点间的时间间隔T=0.1s根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上各点时小车的瞬时速度大小，即

17、，.（2）作图时注意，尽量使描绘的点落在直线上，若不能落地直线上，尽量让其分布在直线两侧，如图所示：根据图线求出小车运动的加速度：（3）将图线延长与纵轴相交，交点的纵坐标是零时刻的速度为0.12m/s，此速度的物理意义是：此速度的物理意义是打点计时器打下计时点A时纸带对应的速度四、计算题17.汽车在平直的高速公路上行驶的速度为108km/h，若驾驶员发现前方100m处发生了交通事故，马上紧急刹车，刹车后的加速度大小为5m/s2（1）汽车刹车后8s的速度和位移各是多少？（2）该汽车是否会有安全问题？【答案】（1）0；90 m（2）不会有安全问题【解析】【详解】（1）以汽车运动方向为正方向，则v0

18、=108km/h=30m/s，a=5m/s2设汽车刹车t秒后停下来，由vt=v0+at得：t=s=6s因为汽车6s末停下来，所以：8s末的速度为08s内的位移等于6s内的位移，即：s8=s6=t=6m=90m （2）因为汽车刹车距离90m100m，所以汽车不会有安全问题18.甲、乙两车从同一地点出发同向运动，其图像如图所示试计算：(1)从乙车开始运动多少时间后两车相遇?(2)相遇处距出发点多远?(3)相遇前两车的最大距离是多少?【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【详解】从图象知两车初速，加速度分别为：0.75m/s2，做匀加速运动（1）两车相遇位移相等，设乙车运动t秒后两车相遇，则甲、乙两

19、车的位移为：，由于，代人数据解题，（舍去）（2）相遇点离出发点的距离为（3）由图知甲车行驶t=4 s时两车速度相等此时两车距离最大，二者距离为：【点睛】根据物体运动的图，计算出两个物体运动的加速度，代入位移公式，即可求得两车相遇的时间；当它们速度相等的时候，两车相距最远19.质量为50kg的人站在升降机内的体重计上若升降机由静止上升的过程中，体重计的示数F随时间t的变化关系如图所示，g取10m/s2（1）求010s内升降机的加速度（2）求20s时间内人上升的高度【答案】（1）（2）【解析】试题分析：（1）由图象知，0-10s内体重计对人的支持力根据牛顿第二定律：，得：（2）010s内的位移为：

20、由图象知，10s-20s内体重计对人体支持力，所以所以这段时间内升降机做匀速运动，故这段时间内的位移为故0s时间内人上升的高度考点：考查了牛顿第二定律与图像20.如图甲所示为一倾角且足够长的斜面，将一质量为m1kg的物体无初速度在斜面上释放，同时施加一沿斜面向上的拉力，拉力随时间变化的关系图象如图乙所示，物体与斜面间动摩擦因数0.25，g取10m/s2，sin0.6，cos0.8，求：(1)2s末物体的速度；(2)前16s内物体发生的位移。【答案】(1)5m/s(2)30m，方向沿斜面向下【解析】【详解】(1)由分析可知物体在前2s内沿斜面向下做初速度为零的匀加速直线运动，由牛顿第二定律可得v1a1t1代入数据可得 (2)物体在前2s内发生的位移为x1，则当拉力为F24.5N时，由牛顿第二定律可得 代入数据可得a20.5m/s2物体经过t2时间速度减为0，则v1a2t2解得t210st2时间发生的位移为x2，则由于F2mgcosmgsin，随物体在剩下4s时间内处于静止状态，故物体在前16s内所发生的位移xx1x230m方向沿斜面向下。