四川省攀枝花市2019-2020学年高一上学期普通高中教学质量监测物理试题（解析版）.docx

1、攀枝花市20192020学年度(上)普通高中教学质量监测高一物理注意事项：1.答题前，务必将自己的姓名、考号填写在答题卡规定的位置上，并用2B铅笔将答题卡上考号对应数字标号涂黑。2.答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试题卷上无效。3.考试结束后。将本试题卷和答题卡一并交回。一、选择题：(本题共7小题，每小题3分，共21分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求)1.下列关于惯性的说法中正确的是A. 拉满货物的车比空车更难加速，说明物体质量越大，惯性越大B.

2、行驶的火车速度越大刹车后停下来越困难，说明物体速度越大，惯性越大C. 蜂鸟起飞时速度变化很快，加速度很大，说明物体加速度越大，惯性越大D. 做自由落体运动的物体处于完全失重状态，说明做自由落体运动的物体无惯性【答案】A【解析】【详解】惯性是物体本身的一种基本属性，其大小只与质量有关，质量越大、惯性越大，质量小、惯性小，与运动状态、受力情况等均无关，故A正确，BCD错误。故选A。2.足球运动是目前全球体育界最具影响力的运动项目之一，深受青少年喜爱。如图所示为四种与足球有关的情境，下列说法中正确的是A. 图甲中，静止在地面上足球对地面的压力就是它的重力B. 图乙中，静止在光滑水平地面上的两个足球相

3、互接触，每个足球均受2个力作用C. 图丙中，足球被踢起过程中，足球受到的弹力是由于足球发生形变而产生的D. 图丁中，足球被停下来过程中，运动员对球的作用力大于球对运动员的作用力【答案】B【解析】【详解】A静止在地面上的足球对地面的压力，作用在地面上，而重力作用于球上，故A错误；B静止在光滑水平地面上的两个足球由于接触，但由于没有弹性形变，所以没有受到相互作用的弹力，每个足球均受重力与地面的支持力2个力作用，故B正确；C足球被踢起过程中，足球受到的弹力是由于运动员的脚发生形变产生的，故C错误；D由牛顿第三定律可知，足球被停下来过程中，运动员对球的作用力等于球对运动员的作用力，故D错误。故选B。3

4、.如图所示，赛车手在某次汽车越野拉力赛训练前，先利用地图计算出A、B两地的直线距离为9km。训练中他从A地到B地用时5min，赛车上的里程表指示的里程数值增加了15km，那么赛车手从A到B的过程中A. 经过的路程为9kmB. 发生的位移大小为15kmC. 平均速度大小为50m/sD. 平均速度大小为30m/s【答案】D【解析】【详解】A路程为汽车运动轨迹的长度即汽车走过的路程，则为15km，故A错误；B位移大小为两地间的直线距离即为9km，故B错误；CD平均速度为位移与所用时间的比值即为故C错误，D正确。故选D。4.某物体做直线运动，t0时刻速度向西，其vt图像如图所示。下列说法中正确的是A.

5、 0.5s末，物体的加速度方向向西B. 1s末，物体所受合外力为零C. 1.5s末，物体的加速度大小为4m/s2D. 1s末，物体离出发点最远【答案】D【解析】【详解】A由题意可知，物体初速度方向向西，由图可知，内物体向西做匀减速直线运动，则加速度方向向东，故A错误；BC图像斜率表示物体的加速度，由图像可知，图线斜率不变则加速度不变即为 所以1s末，物体所受合外力不为零，故BC错误；D由图像可知，物体内向西做匀减速直线运动，则反向向东做匀加速直线运动，则1s末，物体离出发点最远，故D正确。故选D。5.一辆小车从A点由静止开始做匀加速直线运动，先后经过B、C两点，已知小车经过B点时速度为v，经过

6、C点时的速度为4v，则xAB与xBC之比为（ ）A. 1：3B. 1：4C. 1：15D. 1：16【答案】C【解析】【详解】设小车的加速度为a，由速度位移公式可知，则故C正确。故选C。6.如图所示，质量为m的木块，被垂直于墙面的推力F紧压在倾角为的墙面上并保持静止。下列说法中正确的是A. 墙面对木块的压力大小可能为零B. 墙面对木块的摩擦力大小可能为零C. 墙面对木块的摩擦力大小一定不为零D. 墙面对木块的摩擦力可能沿斜面向下【答案】C【解析】【详解】对木块受力分析且由平衡条件可知，木块受重力G、推力F、墙面的支持力N、沿墙面向上的静摩擦力f，故C正确，ABD错误。故选C。7.如图所示，质量

7、分别为1kg和2kg的物体A、B放在光滑水平面上并用轻质弹簧相连，现用大小为30N的水平恒力F作用在A上，使A、B向左一起做匀加速直线运动，运动过程中A、B相对静止。现将恒力撤去的瞬间，A、B的加速度大小分别是A. 30m/s2，10m/s2B. 0， 10m/s2C. 30m/s2，0D. 20m/s2，10m/s2【答案】D【解析】【详解】恒力撤去前，对AB两物体由牛顿第二定律有此时弹簧弹力为恒力撤去瞬间弹簧弹力不变，则有 故选D。二、选择题(本题共6小题，每小题3分，共18分。每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。全部选对的得3分，选对不全的得1.5分

8、，有选错或不答的得0分)8.下列物理量均为标量的是A. 质量、时间、路程B. 速度、加速度、位移C. 时间、位移、力D. 力、速度、质量【答案】A【解析】【详解】A质量、时间、路程都是只有大小，没有方向的标量，故A正确；B速度、加速度、位移都是有大小，又有方向的矢量，故B错误；C位移、力都是有大小，又有方向的矢量，时间是只有大小，没有方向的标量，故C错误；D力、速度都是有大小，又有方向的矢量，质量是只有大小，没有方向的标量，故D错误。故选A。9.如图，重为100N的木箱放在水平地板上，至少要用35N的水平拉力，才能使它从原地开始运动。木箱从原地移动以后，用30N的水平拉力，就可以使木箱继续做匀

9、速直线运动。当用65N的水平力拉着木箱运动时，木箱的加速度为(取g10m/s2)A. 6.5m/s2B. 3.5m/s2C. 3.0m/s2D. 0.3m/s2【答案】B【解析】【详解】由题意可知，木箱与地面间的滑动摩擦力为30N，由牛顿第二定律得故选B。10.如图为“秋千”示意图，两根等长轻绳将一座椅悬挂在竖直支架上等高的两点，座椅静止时所受合力的大小为F，单根轻绳对座椅拉力的大小为F1。由于长期使用，导致两根支架向内发生了微小倾斜，如图中虚线所示，则A. F不变，F1变大B. F不变，F1变小C. F变大，F1变大D. F变小，F1变小【答案】B【解析】【详解】座椅静止时，受重力和两个拉力

10、而平衡，故三个力的合力为零，即F=0根据共点力平衡条件，有解得由于座椅仍静止，所以F=0，由于长期使用，导致两根支架向内发生了稍小倾斜，图中的角减小了，则cos增大，故F不变，F1减小。故选B。11.下列情境中的研究对象，可以看做质点的是A. 研究高台跳水运动员跳水过程中的动作B. 计算从攀枝花开往成都的一列火车的运行时间C. 研究“嫦娥四号”探测器飞往月球的最佳运行轨道D. 调整无人机的姿态，使无人机上的摄像头对准主席台【答案】BC【解析】【详解】A研究高台跳水运动员空中翻转动作时，运动员不可以看作质点，故A错误；B计算从攀枝花开往成都一列火车的运行时间，此时火车的长度可以忽略，能看成质点，

11、故B正确；C研究嫦娥三号飞往月球的运行轨道时，嫦娥三号的大小和形状可以忽略，可以看成质点，故C正确；D调整飞机上摄像机镜头的方向时，摄像头的大小不能忽略，故D错误。故选BC。12.两倾角分别为和的A、B两光滑斜面固定在电梯上，质量为m的均质圆柱置于之间，剖面如图所示。重力加速度为g，当电梯以大小为a的加速度加速上升时，圆柱对斜面A、B压力的大小分别为F1、F2，则A. B. C. D. 【答案】AD【解析】【详解】对小球受力分析如图，由牛顿第二定律得得由三角函数关系得故选AD。13.如图甲所示，水平传送带逆时针匀速转动，一个质量为m1kg的小物块以某一水平初速度从传送带左端滑上传送带，通过速度

12、传感器记录下小物块运动的vt图像如图乙所示，取向左为正方向，以小物块滑上传送带时为计时起点。已知传送带的速度保持不变，g取10m/s2。下列说法中正确的是A. 小物块在传送带上运动的时间为5sB. 小物块与传送带间的动摩擦因数为0.2C. 小物块距离传送带左端的最大距离为8mD. 小物块在传送带上相对传送带滑动的距离为9m【答案】BD【解析】【详解】A由速度图像可知，物块初速度大小v=4m/s、传送带速度大小v=2m/s，物块在传送带上滑动t1=3s后，与传送带相对静止，前2秒内物块的位移大小方向向右，后1秒内的位移大小方向向左，3秒内位移方向向右，物块再向左运动时间物块在传送带上运动时间故A

13、错误；B由速度图像可得，物块做匀变速运动的加速度由牛顿第二定律得解得故B正确；C当物块的速度减为零时距离传送带左端有最大距离，前2秒内物块的位移大小即距离传送带左端的最大距离是4m，故C错误；D物块在皮带上滑动的3s内，皮带的位移方向向左，物块位移方向向右，相对位移为故D正确。故选D。三、实验、作图题(本题共3小题，共15分)14.如图是某同学利用A、B、C三根不同型号的弹簧做“探究弹簧的弹力与弹簧伸长的关系”实验得到的图线。若要选一根弹性较小(劲度系数较小)的弹簧，应选_(选填“A”或“B”或“C”)型号弹簧；根据图线可得B弹簧的劲度系数为_N/m。【答案】 (1). C (2). 20【解

14、析】【详解】1根据胡克定律知斜率表示劲度系数，斜率越小，劲度系数就越小，所以C的劲度系数最小，故选C；2根据胡克定律知斜率表示劲度系数，由图像可得15.某课外活动小组为了测量木块与木板间的动摩擦因数，设计了如图甲所示的实验装置。实验中让木板倾斜固定，打点计时器固定在木板上端，纸带固定在木块上，让木块从靠近打点计器的位置由静止开始沿木板下滑，打点计时器记录木块的运动，分析纸带、测出木板与水平面间的夹角，计算出木块与木板间的动摩擦因数。图乙是某次实验得到的清晰纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，相邻计数点的时间间隔T0.1s，根据纸带可求出木块过D点时的速度为_m/s，木块的加速度大小为_

15、m/s2。实验测得木板与水平面间的夹角(sin0.6，cos0.8)，重力加速度g取10m/s2，木块与木板间的动摩擦因数_。(结果保留两位有效数字)【答案】 (1). 0.85 (2). 2.0 (3). 0.50【解析】【详解】1木块过D点时的速度为2由逐差法得3由牛顿第二定律得得16.如图所示，光滑斜面固定在水平面上，物块A上表面水平，下表面与斜面平行，物块B放在物块A上。请画出B与A一起沿斜面下滑过程中，B物块的受力示意图_。【答案】【解析】【详解】AB一起沿斜面向下运动，AB整体受重力，斜面的支持力，所以AB一起沿斜面向下做匀加速直线运动，加速度方向沿斜面向下，所以B物体受重力，A对

16、B的支持力，A对B的静摩擦力，受力示意图如图四、计算题(本题共5小题，共46分，解题要写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，有数据计算的题目，还应计算出最后结果，只有最后答案的不得分)17.某做直线运动质点的vt图像如图所示，求：(1)该质点在06s发生位移大小；(2)该质点在4s末的加速度大小；(3)该质点在03s内平均速度大小。【答案】(1)105m （2）10m/s2 （3）20m/s【解析】【详解】(1)图像与时间轴所围面积表示位移，由图像可知该质点在06s发生的位移大小(2)图像的斜率表示加速度，由图像可知，该质点在4s末的加速度大小负号表示加速度方向，加速度大小为30m/s2

17、；(3)图像与时间轴所围面积表示位移，由图像可知，该质点在03s内的位移为所以平均速度为。18.如图所示，一根质量不计的轻杆AC垂直插入竖直墙内，杆的另一端装一质量不计的光滑滑轮。绳子BCD跨过滑轮挂着一重为G的物体，绳子B端固定在墙上，且BC与墙间的夹角，求滑轮对杆的作用力的大小和方向。【答案】F=G，方向左下方与竖直方向成夹角。【解析】【详解】球受力平衡，故绳子的张力等于球的重力G；将绳子的拉力进行合成，如图所示，两段绳子夹角为，由平行四边形定则可知，绳子对滑轮的压力为G；滑轮受绳子的压力和杆的支持力而平衡，故杆对滑轮的作用力大小为G，由牛顿第三定律可知，滑轮对杆的作用力的大小为G，方向左

18、下方与竖直方向成夹角。 19.质量为2kg的木箱在水平恒力F的作用下，沿水平地面由静止开始做匀加速运动，4s末速度达到4m/s，此时撤去外力，经过一段时间后木箱在距出发点18m的地方停下来，求(1)木箱与水平地面间的滑动摩擦因数；(2)力F的大小。【答案】(1)0.08(2)3.6N【解析】【详解】(1)木箱匀加速过程的位移为由题意可知，匀减速的位移为由速度位移公式得由牛顿第二定律得得(2)物体做匀加速运动，由牛顿第二定律得撤去外力后由匀变速运动规律得，联立解得。20.如图所示，顶棚上固定有定滑轮的小车静放在水平面上。将质量为4m的物块A放在小车的底板上，用细线通过定滑轮与质量为m的B物块连接

19、，连接A、B的细线均沿竖直方向。现对小车施加一个逐渐增大的水平推力F，推着小车向左加速运动，随着力F的增大，连接物块B的细线与竖直方向的夹角也会增大，当增大到时，物块A刚好开始相对于小车发生滑动，已知重力加速度为g，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，求：(1)此时小车加速度的大小；(2)物块A与小车底板间的动摩擦因数。【答案】(1) （2）【解析】【详解】(1)当物体B与斜面体一起向左加速运动，由牛顿第二定律得联立解得；(2)对A受力分析，由平衡条件及摩擦力公式得联立解得。 21.如图所示，质量M2kg，长L2m的木板，放在倾角的斜坡上。现用一大小为14N，方向沿斜坡向上的力F将木板匀速推到斜坡顶端并固定。将一质量m1kg的小物块(可视为质点，图中未画出)从固定木板的最上端由静止释放，经t1s小物块离开木板。已知斜坡足够长，重力加速度g取10m/s2，求：(1)小物块沿固定木板下滑的加速度；(2)木板与斜坡间的动摩擦因数；(3)若释放小物块的同时解除木板的固定，小物块在木板上运动的最长时间。【答案】（1）4m/s2 （2） （3）【解析】【详解】(1)对小物块由位移公式可得，解得(2)对木板匀速沿斜面向上运动，由平衡条件有得(3)设木板与物块间动摩擦因数为，分析物体m受力如图，由牛顿第二定律，摩擦力公式得当解除木板固定，对木板受力分析得对m：对M： 且有联立解得。