2019年上海市崇明区高三下学期二模物理试题（解析版）.docx

1、崇明区2018学年第二次高考模拟考试试卷物理一、单项选择题1.下列哪个实验揭示了原子具有核式结构A. 阴极射线实验B. 光电效应实验C. 粒子轰击氮核实验D. 粒子散射实验【答案】D【解析】【详解】卢瑟福的粒子散射实验揭示了原子具有核式结构，故选D.2.下列国际单位中，表示能量单位的是A. kgm/sB. kgm/s2C. kgm2/s2D. kgm2/s【答案】C【解析】【详解】kgm/s表示动量单位，选项A错误；kgm/s2表示力的单位，选项B错误；kgm2/s2是能量单位，选项C正确，D错误3.下图是（氡核）发生衰变过程中，氡核的相对含量随时间的变化图线，从图中可知，氡的半衰期为A. 1

2、.6天B. 3.8天C. 7.6天D. 11.4天【答案】B【解析】【详解】从图中可以看出，氡核的相对含量为时所需的时间为3.8天，则氡的半衰期为3.8天，故选B.4.用某单色光照射金属表面，金属表面有光电子飞出若照射光频率增大，强度减弱，则单位时间内飞出金属表面的光电子的A. 能量增大，数量增多B. 能量减小，数量减少C. 能量增大，数量减小D. 能量减小，数量增多【答案】C【解析】【详解】根据E=hv知，照射光的频率增大，则光子能量增大，光的强度减弱，单位时间内发出光电子的数目减少故C正确，ABD错误5.图示，虚线AB和CD分别为椭圆的长轴和短轴，相交于O点，两个等量异号点电荷分别位于椭圆

3、的两个焦点M、N上 若取无穷远为零电势则下列判断中正确的是A. O点电场强度为零B. O点的电势大于零C. A、B两点场强相同D. 电荷在A点电势能大于在B点电势能【答案】C【解析】【详解】根据等量异种电荷电场线的特点可知，O点场强的方向向右，不是0故A错误；MN是O的中点，则点电势等于无穷远得到电势，等于零，选项B错误；根据等量异种电荷电场线的特点可知，A点场强的方向向左，B点场强的方向向左，然后结合库仑定律可知，两点场强的大小相等，故C正确；A点的电势高于B点，则正电荷在A点的电势能大于在B点的电势能；负电荷在A点电势能小于在B点电势能，选项D错误.6.奥运会比赛项目撑杆跳高如图所示，这个

4、过程中能力关系描述正确的是A. 加速助跑过程中，运动员的动能和重力势能不断增加B. 起跳上升过程中，杆的弹性势能先增加后减小C. 起跳上升过程中，运动员的重力势能和动能之和保持不变D. 运动员到达横杆正上方时，动能为零【答案】B【解析】【详解】加速助跑过程中，运动员的动能不断增加，重力势能不变，选项A错误；起跳上升过程中，杆先逐渐弯曲然后伸直，则杆的弹性势能先增加后减小，选项B正确；起跳上升过程中，运动员和杆的系统动能、重力势能和弹性势能之和守恒，因杆的弹性势能先增加后减小，则运动员的重力势能和动能之和先减小后增加，选项C错误；运动员到达横杆正上方时，由于有水平速度，则动能不为零，选项D错误.

5、7.我国高分系列卫星的高分辨对地观察能力不断提高今年5月9日发射的“高分五号”轨道高度约为705km，之前已运行的“高分四号”轨道高度约为36000km，它们都绕地球做圆周运动与“高分四号”相比，下列物理量中“高分五号”较小的是（）A. 周期B. 角速度C. 线速度D. 向心加速度【答案】A【解析】设卫星的质量为m，轨道半径为r，地球的质量为M，卫星绕地球匀速做圆周运动，由地球的万有引力提供向心力，则得：得：， 可知，卫星的轨道半径越大，周期越大，而角速度、线速度和向心加速度越小，“高分五号”的轨道半径比“高分四号”的小，所以“高分五号”较小的是周期，较大的是角速度、线速度和向心加速度，故A错

6、误，BCD正确点睛：解决本题的关键是要掌握万有引力提供向心力这一重要理论，知道卫星的线速度、角速度、周期、加速度与轨道半径的关系，对于周期，也可以根据开普勒第三定律分析8.如图所示，小芳在体重计上完成下蹲动作，下列F-t图像能反应体重计示数随时间变化的是A. B. C. D. 【答案】C【解析】对人的运动过程分析可知，人下蹲的过程可以分成两段：人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，此时人对传感器的压力小于人的重力的大小；在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态，此时人对传感器的压力大于人的重力的大小，故C正确，A、B、D错误；故选C【点睛】人在加速下蹲过程中，有向下的加速

7、度，处于失重状态，在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态9.如图所示的单摆，摆长为l40cm，摆球在t0时刻从右侧最高点释放做简谐振动，则当t1s时，小球的运动情况是( )A. 向右加速B. 向右减速C. 向左加速D. 向左减速【答案】B【解析】单摆的周期，t=1s，则TtT，摆球从右侧最高点释放做简谐运动，在t=1s时已经越过平衡位置（最低点），正向右侧最大位移处运动，由平衡位置向最大位移运动的过程中，摆球做的是减速运动，故ACD错误，B正确；故选B10.a、b两个相同螺线管，电流、导线和匝数都相同，绕法不同测得螺线管a内中部的磁感应强度大小为B，则在螺线管b内中部的磁感应强度大小

8、为A. 0B. 0.5BC. BD. 2B【答案】A【解析】【详解】在图（b）中，由于两根导线中的电流方向相反，产生的磁场相互抵消，所以在b中螺线管内中部的磁感应强度大小为零，故BCD错误，A正确11.如图，小物块置于倾角为的斜面上，与斜面一起以大小为gtan的加速度向左做匀加速直线运动，两者保持相对静止，则运动过程中小物块受力的示意图为（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】设物体受到摩擦力沿斜面向上，对物体受力分析如图沿水平方向和竖直方向建立平面直角坐标系，由牛顿第二定律可得： 、联立解得：，则物体只受重力和支持力故A项正确点睛：不确定某力存在与否时，可先假设该力存在，据物理规律求

9、出力的表达式再分析讨论12.如图，粗细均匀且相同的玻璃管A和B由一橡皮管连接，构成连通器，一定质量的空气被水银柱封闭在A管内，此时两管水银面一样高，B管上方与大气相通若固定A管，保持温度不变，将B管沿竖直方向缓慢移动H，使A管内的水银面升高h，则B管的移动方向及移动距离H大小为A. 向上移动B. 向上移动C. 向下移动D. 向下移动【答案】B【解析】【详解】封闭气体是等温变化，当B端抬高时，压强变大，A中气体体积要缩小，水银面升高；最终平衡时，封闭气体的压强比大气压大，一定是B侧水银面高，故有：H-hh，故H2h；故选B二、填空题13.如图甲，让一束红色的激光通过双缝，在光屏上观察到的图案应该

10、是图_该实验说明了光具有_（波粒二象性、波动性、粒子性）【答案】 (1). 乙 (2). 波动性【解析】【详解】如图甲，让一束红色的激光通过双缝，在光屏上观察到的图案应该是平行等距的干涉条纹，即图乙；干涉是波特有的性质，则该实验说明了光具有波动性14.物体在地面附近以2m/s2的加速度匀减速竖直上升，则在上升过程中，物体的动能将_，物体的机械能将_（选填增大、减小或不变）【答案】 (1). 减小 (2). 增大【解析】【详解】物体在地面附近以2m/s2的加速度匀减速竖直上升，则加速度向下，则由牛顿第二定律：F+mg=ma解得F=ma-mg=-8m，则F方向向上；因速度减小，则物体的动能将减小；

11、因F向上，则除重力外的其它力（即F）做正功，物体的机械能将增大15.如图所示电路中，电源E的电动势为3.2V，电阻R的阻值为30，小灯泡L的额定电压为3.0V，额定功率为4.5W当电键S接位置1时，电压表的读数为3V则电源内电阻大小_，当电键S接到位置2时，小灯泡L的实际功率_W（假设灯泡电阻不变）【答案】 (1). 2 (2). 1.28【解析】【详解】当电键S接位置1时，电压表的读数为3V，可知电源内阻上的电压为0.2V；电路中的电流：，则内阻：；小灯泡的电阻：； 当电键S接到位置2时，电路电流：；小灯泡L的实际功率.16.汽车行驶时轮胎的胎压最高不能超过3.5atm，最低不低于1.6at

12、m已知某轮胎充好的气，能在零下40到90的范围内正常工作，那么，充气时的胎压最低压强为_atm，最高压强为_atm（设轮胎的体积不变）【答案】 (1). 2.01 (2). 2.83【解析】【详解】当温度和压强变化时轮胎内的气体进行等容变化，当轮胎在充好气时，在温度为零下 时压强最小值为1.6atm，到 时压强最大值为3.5atm，则根据，则；，解得pmin=2.01atm；pmax=2.83atm17.质量为m的带正电的小球穿在光滑的绝缘细杆上，杆与水平面的夹角为杆底端B点处固定一个与小球电量相等的正电荷将球从离B点为2L的A处释放当小球到达AB中点时，小球加速度为零整个装置处在真空中，已知

13、静电力常量k和重力加速度g则球所带的电量q的大小为_，球刚释放时的加速度是_【答案】 (1). (2). 【解析】【详解】当小球到达AB中点时，小球加速度为零，可知：，解得 ；球刚释放时的加速度：，其中的，则三、综合题18.（1）为了研究质量一定时加速度与力的关系，用如图（甲）所示的装置，一端带有滑轮的光滑长木板固定放置，1、2是两个固定的光电门传感器，若两光电门中心间的距离为L小车A上固定一宽度为d的挡光片，在重物B的牵引下，小车从木板的左端开始向右加速运动（a）实验中，光电门1、2记录的挡光时间分别为t1和t2，则小车经过光电门1时的速度为_，小车加速度的大小为_（2）可以通过改变_（选填

14、“小车A”或“重物B”）的质量，多次重复操作，获得多组加速度a与力F的数据，用这些数据绘出的图像如图（乙）所示，其中发现图线与坐标轴交点明显偏离原点的可能原因（ ）A长木板不够光滑 B长木板不够水平C重物B的质量偏大 D小车A的质量偏大【答案】 (1). (2). (3). 重物B (4). B【解析】【详解】（1）小车经过光电门1时的速度为：，小车经过光电门2时的速度为：；根据，解得小车加速度的大小为（2）因为要研究加速度a与力F的关系，则可以通过改变重物B的质量，多次重复操作，获得多组加速度a与力F的数据；由图可知，当外力F为零时小车就已经有了加速度，可知原因是长木板不够水平，不带滑轮的一

15、端过高造成的，故选B.19.在验证力的平行四边形定则实验中，某同学分别用弹簧秤将橡皮条的结点拉到同一位置O，记下（甲）图中弹簧秤的拉力：N、N；（乙）图中弹簧秤的拉力：N，力的方向分别用虚线OB、OC和OD表示请你按图中的比例尺（1cm代表1N），在图（丙）中作出F1、F2的合力F与的图示（ ）【答案】图见解析；【解析】【详解】作出F1、F2的合力F与的图示如图；20.质量为10kg的物体在N的水平推力作用下，从上表面粗糙、固定斜面的底端A由静止开始沿斜面向上运动，已知斜面长米，倾角，物体与斜面间的动摩擦因数，空气阻力不计（1）画出上升过程中物体的受力示意图，并求物体受到滑动摩擦力大小；（2）

16、求物体向上运动的加速度大小；（3）若物体上行3m后撤去推力F，物体能否到达斜面最高点B，说明理由,并求出物体到达地面时的动能大小【答案】（1），摩擦力；（2）a1=6m/s2（3）328J【解析】【详解】（1）受力分析图：垂直斜面方向平衡：FN =mgcos+FsinFf=FN=(mgcos+Fsin) 代入数据解出：Ff=40N（2） 沿斜面方向牛顿定律：FcosFfmgsin=ma解出：a1=(FcosFfmgsin)/m代入数据解出：a1=6m/s2（3） 撤去F后，根据牛顿第二定律，mgsin+mgcos=ma2 a2=7.6m/s2撤去F瞬间，物体速度设为v1由v12=2aS1，解出

17、v1=6m/s若运动到停止需要的距离为S2由 v12=2a2S2 S2=2.37m S2S=2m所以物体能够到达最高点B到达B点时速度为v2，则：v12- v22=2a2Sv22=5.6，动能Ek2= =28JB点高度h=ABsin37=3m B点重力势能Ep2=mgh=300J 离开B点后，物体抛出斜面落地，机械能守恒,设地面为零势能点Ek2+ Ep2= Ek3Ek3=328J21.如图（甲）所示，平行光滑金属导轨水平放置，两轨相距m，导轨一端与阻值的电阻相连，导轨电阻不计导轨一侧存在沿x方向均匀增大的恒定磁场，其方向垂直导轨平面向下，磁感应强度B随位置x变化如图（乙）所示一根电阻不计的金属

18、棒垂直置于导轨上，棒在外力作用下从处以初速度m/s沿导轨向右变速运动已知金属棒在运动过程中受到的安培力大小不变（1）画出金属棒上的感应电流方向，并计算其受到的安培力大小；（2）金属棒在m处的速度大小；（3）金属棒从运动到m过程中，电阻R上产生的热量Q大小；（4）金属棒从运动到m过程中，流过金属棒的电量q大小【答案】（1）0.2（2）0.5m/s（3）0.4J（4）2C【解析】【详解】（1）在x=0m处B1=0.5T E1=B1Lv0=0.4V I1=E/R=1A FA= B1 I1L=0.2N（2）在x=1m处，B2=1TFA不变，FA=B2IL ，I2=05AI2R=BLv1 ，v1 =0.5m/s（3）金属棒克服安培力做功，把机械能转化为电能纯电阻电路中，电流所做的功，全部转化为热量Q=FAx，Q =0.4J（4）I=BLv/R设在t时间内通过的电量q q=It= BLvt /R= BS /R= /R 所以有在通过2m， q=It=/R=(B1+B2)Lx/2Rq =2C