2020年1月浙江省普通高中学业水平考试化学模拟试卷A Word版含答案.doc

1、 20202020年年1 1月浙江省普通高中学业水平考试月浙江省普通高中学业水平考试 化学仿真模拟试题A 解析版 选择题部分 一、选择题（本题共25小题，每小题2分，共50分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求 的，不选、多选、错选均不得分） 1食盐是日常饮食中重要的调味品，它的主要成分为NaCl，NaCl属于 A氧化物 B酸 C碱 D盐 1【答案】D 【解析】A.氧化物组成中只含两种元素，其中一种一定为氧元素，另一种若为金属元素，则称为金属 氧化物；另一种若为非金属元素，则称之为非金属氧化物，故A错误；B.酸指在水溶液中电离出的阳离 子全部都是氢离子的化合物，故B错误；C.碱指在

2、水溶液中电离出的阴离子全部都是OH的化合物，故C 错误；D.盐是由金属离子(或铵根离子)和酸根离子组成的，故D正确；答案选D。 2下列仪器中，名称为“蒸馏烧瓶”的是 A B C D 2【答案】B 【解析】A. 观察仪器图形可知，该仪器为分液漏斗，故A不选；B. 观察仪器图形可知，该仪器为蒸馏 烧瓶，故B选；C. 观察仪器图形可知，该仪器为容量瓶，故C不选；D. 观察仪器图形可知，该仪器为 圆底烧平，故D不选；故答案选B。 3下列物质中，常用于治疗胃酸过多的是 A碳酸钠 B氢氧化铝 C氧化钙 D硫酸镁 3【答案】B 【解析】用于治疗胃酸过多的物质应具有碱性，但碱性不能过强，过强会伤害胃粘膜；以上

3、四种物质 中，硫酸镁溶液显酸性，碳酸钠溶液，氧化钙的水溶液均显碱性，而氢氧化铝显两性，碱性较弱，能 够与胃酸反应，故氢氧化铝常用于治疗胃酸过多，B正确；故答案选B。 4下列符号中，既表示一个原子，又表示一种元素，还表示一种物质的是 ANaCl BFe CO2 DN 4【答案】B 【解析】A. NaCl表示氯化钠这种物质，A项错误；B. Fe既能表示一个铁原子，也能表示铁元素，还能 表示一种物质，B项正确；C. O2表示氧气分子或者氧气，C项错误；D. N既能表示一个氮原子，也能表 示氮元素，但不能表示一种物质，D项错误；答案选B。 5下列分离物质的方法中，利用了物质的沸点的是 A蒸馏 B过滤

4、C重结晶 D凝固 5【答案】A 【解析】A. 蒸馏是根据混合物各组分的沸点不同来分离互溶的液体的，A符合题意；B. 过滤是利用溶 解性不同来分离不溶于液体的固体的，B不符合题意；C. 重结晶是利用物质溶解度随温度的变化来进 行分离提纯的，C不符合题意；D. 凝固是利用物质熔点或溶解度来进行的分离提纯，D不符合题意；答 案选A。 6下列变化中需加入氧化剂才能实现的是 ACO2CO BSO2S CFeCl3FeCl2 DHClCl2 6【答案】D 【解析】需要加入氧化剂才能实现，说明选项中的物质应为还原剂的变化，还原剂在反应中失电子化 合价升高，据此分析解答。A. CO2CO中C元素化合价由+4价

5、变为+2价，化合价降低得电子，所以CO2是 氧化剂，需要加入还原剂才能实现，A项错误；B. SO2S中S元素化合价由+4价变为0价，化合价降低得 电子，所以SO2是氧化剂，需要加入还原剂才能实现，B项错误；C. FeCl3FeCl2中Fe元素化合价由+3价 变为+2价，化合价降低得电子，所以FeCl3是氧化剂，需要加入还原剂才能实现，C项错误；D. HClCl2中Cl元素化合价由1价变为0价，化合价升高失电子，所以HCl是还原剂，需要加入氧化剂才能 实现，D项正确；答案选D。 7下列物质属于电解质的是 ANaCl B蔗糖 CNH3 D氯气 7【答案】A 【解析】A. NaCl在水溶液中或熔融状

6、态下能够电离出钠离子和氯离子，能导电，所以NaCl是电解质， 故A正确；B. 蔗糖是有机物，在水溶液中或熔融状态下都不导电，不是电解质，故B错误；C. NH3只存 在分子，没有自由移动的离子，所以不能导电；NH3在水溶液中与水反应生成一水合氨，一水合氨电离 出自由移动的离子导电，NH3自身不能电离，NH3是非电解质，故C错误；D. 氯气只存在分子，没有自由 移动的离子，所以不能导电；在水溶液中与水反应生成氯化氢和次氯酸，氯化氢电离出自由移动的离 子导电，氯气自身不能电离，氯气是单质，不是电解质，也不是非电解质，故D错误；正确答案是A。 8下列化学用语表示不正确的是 A二氧化碳的电子式： :C:

7、 B乙烯的结构简式CH2CH2 C钠离子的结构示意图： DMgCl2的电离方程式：MgCl2=Mg 2+2Cl 8【答案】B 【解析】A. 二氧化碳中的碳原子最外层电子数为4个，可以与氧原子形成两对共用电子对，所以二氧 化碳的电子式： :C: ，故A正确；B. 乙烯的结构简式CH2=CH2，结构简式要体现出它的官能团，故B 错误；C. 钠是11号元素，原子核外有11个电子，失去一个电子变为钠离子，结构示意图：， 故C正确；D. MgCl2是强电解质，在水溶液中是完全电离的，MgCl2的电离方程式：MgCl2=Mg 2+2Cl，故D 正确；答案选B。 9 1H、2H、3H、H+、H 2是 A氢的

8、五种同位素 B五种氢元素 C氢的五种同素异形体 D氢元素的五种微粒 9【答案】D 【解析】A1 1H、 1 2H、 1 3H质子数相同，中子数不同，为三种不同的氢原子，互为同位素，H+为氢离子和 H2为氢分子，故A错误；B质子数为1，都是氢元素，故B错误；C不是氢元素的不同单质，不是同素 异形体，故C错误；D1 1H、 1 2H、 1 3H质子数相同，中子数不同，为三种不同的氢原子，互为同位素；H+为 氢离子和H2为氢分子，故它们是氢元素的五种不同微粒，故D正确；故答案选D。 10化学与生活密切相关。下列说法错误 的是 A磁性氧化铁可用作红色油漆和涂料 B漂白粉可用于生活用水的消毒 C氢氧化铝

9、可用于中和过多胃酸 D硅胶可用作袋装食品的干燥剂 10【答案】A 【解析】A磁性氧化铁为四氧化三铁，为黑色，不能做为红色油漆，应是氧化铁，故错误；B.漂白粉 含有次氯酸钙，具有强氧化性，能用于生活用水的消毒，故正确；C.氢氧化铝能和胃酸反应减少胃 酸，同时少量氢氧化铝对人体无害，故正确；D.硅胶具有吸水性，可以做干燥剂，故正确。故选A。 11X、Y、Z、W为短周期元素，若W原子的最外层电子数是其内层电子的 7 10 ，如图所示，下列说法不正确 的是 X Y Z W AX元素的氢化物分子间可以形成氢键 BY元素的两种同素异形体常温下都是气体 C阴离子半径从大到小的顺序为XYZW D最高价氧化物对

10、应的水化物的酸性：WZ 11【答案】C 【解析】X、Y、Z、W均为短周期元素，若W原子最外层电子数是其内层电子数的 7 10 ，则W原子其内层电 子总数为10，最外层电子数为7，故W是Cl元素；由X、Y、Z、W在周期表中的位置关系可知，Z为S元 素；Y为O元素；X为N元素；根据元素所在周期表中的位置，结合元素周期律的递变规律进行判断。 AX为N元素，其氢化物氨气分子之间存在氢键，故A正确；BY为O元素；Y元素的两种同素异形体为 氧气和臭氧，在常温下都是气体，故B正确；C核外电子排布相同，核电荷数越大，离子半径越小， 所以离子半径XY，ZW；最外层电子数相同，电子层越多半径越大，所以WX，所以阴

11、离子半径由 大到小排列顺序ZWXY，故C错误；D同周期元素从左到右元素的非金属性逐渐增强，所以非金 属性WZ，元素的非金属性越强，对应最高价氧化物的水化物的酸性越强，所以最高价氧化物对应水 化物的酸性：WZ，故D正确；故答案为C。 12下列方程式正确的是 A小苏打与盐酸反应的离子方程式：CO3 2+H+=CO 2+H2O B乙烯与氯化氢加成的化学方程式：CH2=CH2+HClCH3=CH2Cl C碳酸钾在水中的电离方程式：K2CO32K +CO 3 2 D醋酸钠水解的离子方程式：CH3COO+H2OCH3COOH+OH 12【答案】D 【解析】A项、小苏打与盐酸反应生成氯化钠、二氧化碳和水，反

12、应的离子方程式为 HCO3+H +=CO 2+H2O，故A错误；B项、乙烯与氯化氢加成生成氯乙烷，反应的化学方程式为： CH2=CH2+HClCH3CH2Cl，故B错误；C碳酸钾是强电解质，在水中完全电离，电离方程式为： K2CO3=2K +CO 3 2，故C错误；D醋酸钠在溶液中水解生成醋酸和氢氧化钠，水解的离子方程式为 CH3COO+H2OCH3COOH+OH，故D正确；故选D。 13下列操作对应的现象不符合 事实的是 A将灼烧至黑色的铜 丝插入无水乙醇，铜 丝变成红色 B烧杯中出现白 色沉淀，并能较长 时间保存 C将胆矾晶体悬挂于盛有 浓H2SO4的密闭试管中，蓝 色晶体逐渐变为白色 D

13、通入SO2气体后， 高锰酸钾溶液紫红 色变浅 13【答案】B 【解析】A乙醇的催化氧化实验，铜做催化剂，故正确；B生成的Fe(OH)2-是白色沉淀，但容易被 氧气氧化变色，故错误；C. 浓H2SO4有吸水性，将胆矾晶体的结晶水吸去，蓝色晶体逐渐变为白色， 故正确；D. 高锰酸钾有氧化性，SO2有还原性，通入SO2气体后，高锰酸钾被还原，高锰酸钾溶液紫红 色变浅，故正确。故不符合事实的是B。 14下列说法正确的是 A乙烯和苯使溴水褪色的原理相同 B甲烷和乙烯都可以与氯气反应 C乙醇与Na反应比水与Na反应剧烈 D乙烯可以与氢气发生加成反应，苯不能与氢气加成 14【答案】B 【解析】A乙烯使溴水褪

14、色是因为乙烯能够与溴发生加成反应，苯能够使溴水褪色是因为发生萃 取，选项A错误；B、甲烷与氯气反应属于取代反应，乙烯与氯气反应属于加成反应，选项B正确；C、 因为钠与乙醇及水反应能放出氢气，都是因为水和乙醇中含有羟基，因为水中羟基氢更活泼，所以钠 与水反应更剧烈，选项C错误；D、乙烯可以与氢气发生加成反应生成乙烷，苯能与氢气发生加成反应 生成环己烷，选项D错误；答案选B。 15下列有关生活中几种常见有机物的说法，不正确的是 A淀粉、纤维素不能互称同分异构体 B油脂在碱性条件下的水解反应也称皂化反应 C蛋白质可以在酶的催化下水解产生葡萄糖 D交警用装有重铬酸钾（K2Cr2O7）的检测仪检验司机是

15、否酒驾，乙醇表现还原性 15【答案】C 【解析】A. 淀粉、纤维素的通式均为(C6H10O5)n，但由于n值不确定，故不能互称同分异构体，A正确； B. 油脂在碱性条件下的水解反应也称皂化反应，B正确；C. 蛋白质可以在酶的催化下水解产生氨基 酸，C错误；D. 交警用装有重铬酸钾（K2Cr2O7）的检测仪检验司机是否酒驾，乙醇被氧化，表现还原 性，D正确；故答案选C。 16目前工业上处理有机废水的一种方法是：在调节好pH和Mn 2+浓度的废水中加入H 2O2，使有机物氧化降 解。现设计如下对比实验（实验条件见下表)，实验测得有机物R浓度随时间变化的关系如下图所 示。下列说法正确的是 A313K

16、时，在0100s内有机物R降解的平均速率为：0.014 molL 1s1 B对比实验，可以得出温度越高越有利于有机物R的降解 C对比实验，可以发现在两次实验中有机物R的降解百分率不同 D通过以上三组实验，若想使反应停止，可以向反应体系中加入一定量的NaOH溶液 16【答案】D 【解析】由图象可知，pH相同、浓度相同，但反应速率较大，可知升高温度可加快反应速率， 温度、浓度相同，但pH=9，此时浓度不变，可知在碱性条件下不能使有机物R降解，以此解答该 题。A.313K时，在0100s内有机物R降解的平均速率为 2.0mol/ L0.2mol/ L 100s =0.018 molL 1s1，故 A

17、错误；B对比实验，可以得出温度较高，反应速率较大，但如温度太高，可导致过氧化氢分 解，反应速率不一定大，故B错误；C对比实验，600s后，有机物可完全降解，故C错误；D由 图象可知在碱性条件下不能使有机物R降解，则若想使反应停止，可以向反应体系中加入一定量的 NaOH溶液，故D正确；故答案为D。 17我国科学家研发了一种室温下“可呼吸”的NaCO2二次电池。将NaClO4溶于有机溶剂作为电解液，钠 和负载碳纳米管的镍网分别作为电极材料，电池的总反应为：3CO2+4Na2Na2CO3+C。下列说法错 误的是 A放电时，ClO4向负极移动 B充电时释放CO2，放电时吸收CO2 C放电时，正极反应为

18、：3CO2+4e=2CO3 2+C D充电时，阳极反应为：Na +e=Na 17【答案】D 【解析】A选项，放电时，原电池“同性相吸”即ClO4向负极移动，故A正确；B选项， 3CO2+4Na2Na2CO3+C，钠化合价升高，二氧化碳化合价降低，放电吸收二氧化碳，充电时时释放 CO2，故B正确；C选项，放电时，正极反应为：3CO2+4e=2CO3 2+C，故C正确；D选项，充电时，阴极反 应为：Na +e= Na，故D错误；综上所述，答案为D。 1825时，下列说法正确的是 A某醋酸溶液的pH=a，将此溶液稀释10倍后，溶液的pH=a+1 B在滴有酚酞溶液的氨水中，加入NH4Cl的溶液恰好无色

19、，则此时溶液pH0）。一定温度下，在体积恒定的密闭 容器中，加入1 mol X(g) 与2mol Y (g)，下列说法正确的是 A充分反应后，X的转化率和Y的转化率不相等，前者大于后者 B当反应达到平衡状态时，W与M的物质的量浓度之比一定为2：1 C当混合气体的密度不再改变，表明该反应已达平衡 D若增大Y的浓度，正反应速率增大，逆反应速率减小 22【答案】B 【解析】A. 充分反应后，设反应的X是a mol，则Y消耗3a mol，X的转化率是a/1， Y的转化率是 3a/2，则转化率是前者小于后者，故A错误；B. 当反应达到平衡状态时，由于只加入反应物达到的平 衡，则生成的W与M的物质的量浓度

20、之比一定为2：1，故B正确；C. 反应物与生成物都是气体，反应前 后气体总质量不变，密闭容器的容积不变，故混合气体的密度不变，不能用于判断是否达到平衡，故 C错误；D. 若增大Y的浓度，正反应速率增大，逆反应速率不会减小，故D错误。故选B。 23某化学实验小组用如图所示装置制取氯气，下列说法不正确 的是 A为了防止氯气污染空气，必须进行尾气处理 B该装置图中存在两处明显错误 C该实验装置中收集氯气的方法不正确 D在集气瓶的导管口处放一片湿润的淀粉碘化钾试纸可以检验是否有氯气逸出 23【答案】C 【解析】浓盐酸和二氧化锰在加热条件下反应生成氯气，氯气中含有HCl、水蒸气等杂质。A、氯气有 毒，需

21、要进行尾气处理，防止氯气污染环境，A项正确；B、二氧化锰和浓盐酸需要加热才能发生反 应，需要进行尾气处理，B项正确；C、氯气的密度大于空气，可用向上排空气法，同氯气的导管，插 入底部，C项错误；D、氯气能使湿润的淀粉碘化钾试纸变蓝，可用此法检验是否有氯气逸出，D项正 确；答案选C。 24硝酸与金属反应时，浓度越稀还原产物价态越低。现用一定量的铝粉与镁粉组成的混合物与100mL硝 酸钾溶液与硫酸组成的混合溶液充分反应，反应过程中无任何气体放出，向反应后的溶液中逐滴加 入4.00mol/L的NaOH溶液，加入的溶液体积与产生的沉淀质量的关系如图所示。 下列结论正确的是 A铝与混合溶液反应的离子方程

22、式为8Al+3OH+3NO3 = 8Al 3+3NH 4 +9H 2O B参加反应硝酸根离子物质的量为0.06 mol C参加反应的铝与镁的质量之比为43 D混合液中硫酸的物质的量的浓度为0.72 mol/L 24【答案】A 【解析】A. 硝酸根浓度很低时被氧化生成的产物是铵根离子，因此无气体放出，镁、铝反应生成金 属阳离子，则离子反应分别为4Mg+10H +NO 3=4Mg 2+NH 4 +3H 2O、8Al+3OH+3NO3=8Al 3+3NH 4 +9H 2O，A项正 确；B. 由图示可以看出加入氢氧化钠溶液从15.0mL到16.5mL区间内发生的反应是氢氧根离子与铵根 离子的反应，由氮

23、原子守恒可知，铵根离子的物质的量即为原溶液中反应的硝酸根离子的物质的量， 则原溶液中NO3物质的量是(16.515)10 3L4mol/L=0.006mol，B项错误；C. 从图示提示中看出从 氢氧化溶液体积16.5mL到18.5mL区间内发生的反应是氢氧化铝与氢氧化钠的反应，氢氧化铝与氢氧化 钠等物质的量反应，由AlAl 3+Al(OH) 3NaOH，则Al的物质的量为0.008mol，再由 Mg 2+2OH=Mg(OH) 2、Al 3+3OH=Al(OH) 3，沉淀镁离子和铝离子共消耗氢氧化钠溶液体积 (15.03.0)mL，由此可知：沉淀镁离子时消耗的氢氧根离子物质的量为(15.03.0

24、) 10 3L4.00mol/L8103mol3=24103mol，镁离子物质的量为1.2102mol，参加反应的镁与铝的 质量之比：810 3mol27g/mol：1.2102mol24g/mol=3：4，C项错误；D. 由 4Mg+10H +NO 3=4Mg 2+NH 4 +3H 2O、8Al+3OH +3NO 3=8Al 3+3NH 4 +9H 2O可知，消耗氢离子为0.008mol 30 8 +1.210 2mol10 4 =0.06mol，图中开始3.0mLNaOH溶液消耗氢离子的物质的量为 310 3L4mol/L=0.012mol，原溶液中硫酸的物质的量为0.06mol+0.01

25、2mol 2 =0.036mol，混合液中硫 酸的物质的量的浓度为 0.036mol 0.1L =0.36mol/L，D项错误；答案选A。 25某盐是一种重要的化工原料，在印染、制革、木材和农业等领域有重要用途，其溶液可能含有NH + 4、 Al 3+、SO2- 4 、Fe 2+、Cl等若干种离子，某同学设计并完成了如下实验： 根据以上的实验操作与现象，该同学得出的结论不正确的是 A试样溶液中肯定有NH + 4、SO 2- 4 和Fe 2+ B试样溶液中一定没有Al 3+ C若气体甲在标准状况下体积为0.448 L，沉淀丙和沉淀戊分别为1.07 g和4.66 g，则可判断试样 溶液中还有Cl

26、D该盐在工业上可以用作净水剂 25【答案】C 【解析】加入过量NaOH溶液，加热，得到气体甲，该气体为氨气，原溶液中一定存在NH4 +；产生白色 沉淀乙为氢氧化亚铁，红褐色沉淀丙为氢氧化铁，原溶液中一定存在Fe 2+；滤液通入二氧化碳无现 象，则原溶液中一定不存在Al 3+；加入HCl和BaCl 2溶液，产生白色沉淀为BaSO4，原溶液中含有SO4 2； A、气体甲应为NH3，所以试样溶液中含有NH ；根据沉淀乙和沉淀丙可知，试样溶液中含有Fe 2+；根据 白色沉淀戊及通入过量CO2气体无明显现象，可以判断试样溶液中含有SO ，无Al 3+；由上述分析，试 样中肯定有NH4 +、SO 4 2和

27、Fe2+，故A正确；B、由上述分析，试样溶液中一定没有Al3+，故B正确；C、若气 体甲在标准状况下体积为0.448L，则NH4 +为0.02mol，沉淀丙1.07g，则Fe2+为 1.07g/107gmol 1=0.01mol，沉淀戊4.66g，推出SO 4 2为4.66g/233gmol1=0.02mol，根据电荷守恒， 判断出溶液中没有Cl，故C错误；D、该盐含有亚铁离子，氧化水解生成氢氧化铁胶体，可以做净水 剂，故D正确；故选C。 非选择题部分 二、非选择题（本大题共5小题，共20分） 26（4分）化学用语是化学的专用术语。 （1）写出氟化钙的电子式_；写出溴乙烷的结构简式_； （2）

28、电解饱和食盐水的化学方程式_。 26【答案】（1）（1分） CH3CH2Br（1分） （2）2NaCl+2H2OCl2+H2+2NaOH（2分） 【解析】（1）氟化钙是离子化合物，电子式是；溴乙烷为乙烷中的一个氢原 子被溴原子取代的产物，其结构简式为CH3CH2Br。 （2）电解饱和食盐水生成氢氧化钠、氢气、氯气，反应的化学方程式是 2NaCl+2H2OCl2+H2+2NaOH。 27（4分）已知A、B、D是食品中的常见有机物，A是生物的主要供能物质。以A和水煤气(CO、H2)为原料 在一定条件下可获得有机物B、C、D、E、F，其相互转化关系如图。已知E是CO和H2 以物质的量之比 1：2反应

29、的产物，F为具有特殊香味、不易溶于水的油状液体。 请回答： （1）有机物D中含有的官能团名称是_。 （2）BC化学方程式是_。 （3）下列说法不正确的是_（填字母）。 A有机物B与金属钠反应比水与金属钠反应要剧烈 B除去F中含有D、E杂质可用NaOH溶液洗涤、分液 CD和E反应生成F时，浓硫酸主要起强氧化剂作用 DC在一定条件下可以与H2 反应转化为B 27【答案】（1）羧基（1分） （2）2CH2CH2OH+O22CH3CHO+H2O（2分） （3）ABC（1分） 【解析】已知A、B、D是食品中的常见有机物，A是生物的主要供能物质，为葡萄糖，应为C6H12O6，生 成B为CH2CH2OH，由

30、流程可知C为CH3CHO，D为CH3COOH，E是CO和H2 以物质的量之比1：2反应的产物，F为 具有特殊香味、不易溶于水的油状液体，可知E为CH3OH，F为CH3COOCH3，以此解答该题。 （1）D为CH3COOH，含有的官能团为羧基； （2）BC化学方程式是2CH2CH2OH+O22CH3CHO+H2O； （3）A有机物B为乙醇，与金属钠反应比水与金属钠反应要弱，选项A错误；BF为酯类，可与氢氧 化钠溶液反应，应用饱和碳酸钠溶液除杂，选项B错误；CD和E反应生成F时，浓硫酸主要起催化剂 和吸水剂的作用，选项C错误；DC为乙醛，含有醛基，在一定条件下可以与H2 反应转化为乙醇，选 项D正

31、确。答案选ABC。 28（4分）取一定量的CuCl2产品投入Na2CO3溶液中，充分反应生得到一种仅含四种元素的不溶性盐X，并 产生气体CO2。设计如下实验探究X的组成和性质。已知各步反应所需试剂均过量，请回答： （1）混合气体的成分是_。 （2）X的化学式为_。 （3）写出CuCl2与Na2CO3反应生成X的离子方程式_。 28【答案】（1）H2O 、CO2（1分） （2）Cu5(OH)4(CO3)3（1分） （3）5Cu 2+5CO 3 2+2H 2O=Cu5(OH)4(CO3)3+2CO2（2分） 【解析】黑色固体能在高温下与CO反应生成红色固体B，说明B是Cu，物质的量是3.20g64

32、g/mol 0.05mol。混合气体1.68g经过无水氯化钙后剩余1.32g，说明混合气体中含有水蒸气的质量是 1.68g1.32g0.36g，物质的量是0.36g18g/mol0.02mol。气体A通入氢氧化钡溶液中得到白色沉 淀5.91g，说明混合气体中含有二氧化碳的物质的量是5.91g197g/mol0.03mol，由此可知X中含有 铜离子0.05mol，含有碳酸根离子0.03mol，根据电荷守恒可知还含有0.04molOH，因此X的化学式为 Cu5(OH)4(CO3)3。 （1）根据以上分析可知混合气体的成分是H2O、CO2。 （2）X的化学式为Cu5(OH)4(CO3)3。 （3）根

33、据原子守恒、电荷守恒可知CuCl2与Na2CO3反应生成X的离子方程式为5Cu 2+5CO 3 2+2H 2O Cu5(OH)4(CO3)3+2CO2。 29（4分）某研究小组用如图装置进行SO2与FeCl3溶液反应的相关实验(夹持装置已略去)。 （1）通入足量SO2时C中观察到的现象为_。 （2）根据以上现象，该小组同学认为SO2与FeCl3溶液发生氧化还原反应。该小组同学向C试管反应后 的溶液中加入硝酸酸化的BaCl2溶液，若出现白色沉淀，即可证明反应生成了SO4 2。该做法 _（填“合理”或“不合理”），理由是_。 （3）为了验证SO2具有还原性，实验中可以代替FeCl3的试剂有_（填字

34、母）。 A浓硫酸 B酸性KMnO4溶液 C碘水 DNaCl溶液 29【答案】（1）溶液由棕黄色变成浅绿色（1分） （2）不合理（1分） HNO3可以将SO2氧化成H2SO4，干扰实验（1分） （3）BC（1分） 【解析】（1）利用Fe 3+具有强氧化性，C中发生离子方程式为2Fe3+SO 2+2H2O=2Fe 2+SO 4 2+4H+，Fe3+显棕 黄色，Fe 2+显浅绿色，现象为溶液由棕黄色变成浅绿色； （2）HNO3具有强氧化性，能把SO2氧化成H2SO4，干扰实验，因此该做法不合理； （3）A、浓硫酸与SO2不发生反应，浓硫酸不能代替FeCl3，故A不符合题意；B、酸性高锰酸钾溶液具 有

35、强氧化性，如果紫红色褪去，说明SO2具有还原性，故B符合题意；C、碘水中I2，具有强氧化性，能 把SO2氧化，淡黄色褪去，说明SO2具有还原性，故C符合题意；D、NaCl溶液不与SO2发生反应，不能鉴 别SO2有还原性，故D不符合题意。 30（4分）称取58.7克Ba(OH)2和BaCl2固体混合物，配成500mL溶液，把该溶液分成5等份后分别加入相 同浓度不同体积的NaHCO3溶液，生成沉淀的质量如下表。已知加入NaHCO3溶液体积为80.0mL时，反应 后溶液呈中性。 实验序号 NaHCO3溶液(mL) 20.0 40.0 60.0 80.0 100.0 沉淀的质量(g) 1.97 3.9

36、4 5.91 7.88 7.88 （1）NaHCO3溶液中溶质的物质的量浓度为_。 （2）原固体混合物中Ba(OH)2和BaCl2的物质的量之比为_。 30【答案】（1）0.500mol/L（2分） （2）1：2（2分） 【解析】向Ba(OH)2和BaCl2的混合溶液中加入NaHCO3溶液先后发生OH+ HCO3= CO3 2+H 2O，Ba 2+ CO 3 2= BaCO3。 （1）加入NaHCO3溶液体积为80.0mL时，生成碳酸钡的物质的量= 7.88g 197g/mol =0.04mol，根据碳元素守 恒，则碳酸氢钠为0.04mol，NaHCO3溶液中溶质的物质的量浓度= 0.04mol 0.08L =0.5mol/L，故答案为： 0.5mol/L； （2）加入NaHCO3溶液体积为80.0mL时，且溶液显中性，OH+ HCO3= CO3 2+H 2O恰好完全反应，则氢氧化 钡的物质的量=0.02mol，则每份溶液中含有氯化钡的物质的量 = 58.7 g0.02mol 171g/mol 5 208g/mol =0.04mol，则原固体混合物中Ba(OH)2和BaCl2的物质的量之比为 0.02mol：0.04mol=1:2，故答案为：1:2。