2019年高考全国Ⅱ卷理综试题解析（精编版）（解析版）.docx

1、 绝密绝密启用前启用前 2019 年普通高等学校招生全国统一考试年普通高等学校招生全国统一考试 理科综合能力测试理科综合能力测试 物理部分物理部分 注意事项：注意事项： 1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改 动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写

2、在 本试卷上无效。 。本试卷上无效。 。 3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 二、选择题：本题共二、选择题：本题共 8小题，每小题小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第分。在每小题给出的四个选项中，第 1418 题只有一项题只有一项 符合题目要求，第符合题目要求，第 1921 题有多项符合题目要求。全部选对的得题有多项符合题目要求。全部选对的得 6分，选对但不全的得分，选对但不全的得 3 分，分， 有选错的得有选错的得 0 分。分。 1.2019年 1月，我国嫦娥四号探测器成功在月球背面软着陆，在探测器奔向月球的过程中，用 h 表示探测器

3、与地球表面的距离，F 表示它所受的地球引力，能够描 F随 h变化关系的图像是 A. B. C. D. 【答案】D 【详解】根据万有引力定律可得： 2 () GMm F Rh ，h越大，F 越大，故选项 D符合题意； 2.太阳内部核反应的主要模式之一是质子-质子循坏，循环的结果可表示为 140 121 4 HHe+2 e+2v，已 知 1 1H和 4 2He的质量分别为 P 1.0078um 和 4.0026um ，1u=931MeV/c2，c为光速。在 4个1 1H转变成 1 个 4 2He的过程中，释放的能量约为 A. 8 MeV B. 16 MeV C. 26 MeV D. 52 MeV

4、【答案】C 【解析】 【详解】由 2 EmC 知 2 42 pe Emmmc ， 2 E m c = 619 16 931 101.6 10J 9 10 2731 1.7 10kg0.9 10kg ，忽略电子质量，则： 2 4 1.00784.0026MeV26Euuc ， 故 C选项符合题意； 3.物块在轻绳的拉动下沿倾角为 30 的固定斜面向上匀速运动，轻绳与斜面平行。已知物块与斜面 之间的动摩擦因数为 3 3 ，重力加速度取 10m/s2。若轻绳能承受的最大张力为 1 500 N，则物块的 质量最大为 A. 150kg B. 100 3kg C. 200 kg D. 200 3kg 【答

5、案】A 【详解】 T=f+mgsin，f=N，N=mgcos，带入数据解得：m=150kg，故 A选项符合题意 4.如图，边长为 l 的正方形 abcd 内存在匀强磁场，磁感应强度大小为 B，方向垂直于纸面（abcd 所在平面）向外。ab边中点有一电子发源 O，可向磁场内沿垂直于 ab边的方向发射电子。已知电 子的比荷为 k。则从 a、d两点射出的电子的速度大小分别为 A. 1 4 kBl， 5 4 kBl B. 1 4 kBl， 5 4 kBl C. 1 2 kBl， 5 4 kBl D. 1 2 kBl， 5 4 kBl 【答案】B 【详解】a点射出粒子半径 Ra= 4 l = a mv

6、Bq ，得：va= 4 Bql m = 4 Blk ， d点射出粒子半径为 2 22 2 l RlR ，R= 5 4 l 故 vd= 5 4 Bql m = 5 4 klB ，故 B选项符合题意 5.从地面竖直向上抛出一物体，其机械能 E总等于动能 Ek与重力势能 Ep之和。取地面为重力势能 零点，该物体的 E总和 Ep随它离开地面的高度 h的变化如图所示。重力加速度取 10 m/s2。由图中 数据可得 A. 物体的质量为 2 kg B. h=0时，物体的速率为 20 m/s C. h=2 m时，物体的动能 Ek=40 J D. 从地面至 h=4 m，物体的动能减少 100 J 【答案】AD

7、【详解】AEp-h图像知其斜率为 G，故 G= 80J 4m =20N，解得 m=2kg，故 A正确 Bh=0时，Ep=0，Ek=E机-Ep=100J-0=100J，故 2 1 2 mv=100J，解得：v=10m/s，故 B错误； Ch=2m时，Ep=40J，Ek= E机-Ep=85J-40J=45J，故 C错误 Dh=0时，Ek=E机-Ep=100J-0=100J，h=4m时，Ek=E机-Ep=80J-80J=0J，故 Ek- Ek=100J，故 D正 确 6.如图（a） ，在跳台滑雪比赛中，运动员在空中滑翔时身体的姿态会影响其下落的速度和滑翔的距 离。某运动员先后两次从同一跳台起跳，每次

8、都从离开跳台开始计时，用 v 表示他在竖直方向的速 度，其 v-t 图像如图（b）所示，t1和 t2是他落在倾斜雪道上的时刻。则 A. 第二次滑翔过程中在竖直方向上的位移比第一次的小 B. 第二次滑翔过程中在水平方向上的位移比第一次的大 C. 第一次滑翔过程中在竖直方向上的平均加速度比第一次的大 D. 竖直方向速度大小为 v1时，第二次滑翔在竖直方向上所受阻力比第一次的大 【答案】BD 【详解】A由 v-t 图面积易知第二次面积大于等于第一次面积，故第二次竖直方向下落距离大于 第一次下落距离，所以，A错误； B由于第二次竖直方向下落距离大，由于位移方向不变，故第二次水平方向位移大，故 B正确

9、C由于 v-t斜率知第一次大、第二次小，斜率越大，加速度越大，或由 0 vv a t 易知 a1a2，故 C错误 D由图像斜率，速度为 v1时，第一次图像陡峭，第二次图像相对平缓，故 a1a2，由 G-fy=ma， 可知，fy10） 。质量为 m，电荷量为 q（q0）的粒子自 G的左 端上方距离 G为 h的位置，以速度 v0平行于纸面水平射入电场，重力忽略不计。 （1）求粒子第一次穿过 G时的动能，以及她从射入电场至此时在水平方向上的位移大小； （2）若粒子恰好从 G的下方距离 G也为 h的位置离开电场，则金属板的长度最短应为多少？ 【答案】 （1） 2 k0 12 = 2 Emvqh d ；

10、 0 mdh lv q （2） 0 =22 mdh Llv q 【详解】 解： （1） PG、 QG间场强大小相等， 均为 E， 粒子在 PG间所受电场力 F 的方向竖直向下， 设粒子的加速度大小为 a，有 2 E d F=qE=ma 设粒子第一次到达 G时动能为 Ek，由动能定理有 2 k0 1 2 qEhEmv 设粒子第一次到达 G时所用时间为 t，粒子在水平方向的位移为 l，则有 2 1 2 hat l=v0t 联立式解得 2 k0 12 = 2 Emvqh d 0 mdh lv q （2）设粒子穿过 G一次就从电场的右侧飞出，则金属板的长度最短，由对称性知，此时金属板的 长度 L为 0

11、 =22 mdh Llv q 12.一质量为 m=2000 kg的汽车以某一速度在平直公路上匀速行驶。行驶过程中，司机忽然发现前 方 100 m 处有一警示牌。立即刹车。刹车过程中，汽车所受阻力大小随时间变化可简化为图（a） 中的图线。图（a）中，0t1时间段为从司机发现警示牌到采取措施的反应时间（这段时间内汽车 所受阻力已忽略，汽车仍保持匀速行驶） ，t1=0.8 s；t1t2时间段为刹车系统的启动时间，t2=1.3 s； 从 t2时刻开始汽车的刹车系统稳定工作，直至汽车停止，已知从 t 2时刻开始，汽车第 1 s内的位移 为 24 m，第 4 s内的位移为 1 m。 （1）在图（b）中定性

12、画出从司机发现警示牌到刹车系统稳定工作后汽车运动的 v-t图线； （2）求 t2时刻汽车的速度大小及此后的加速度大小； （3）求刹车前汽车匀速行驶时的速度大小及 t1t2时间内汽车克服阻力做的功；司机发现警示牌到 汽车停止，汽车行驶的距离约为多少（以 t1t2时间段始末速度的算术平均值替代这段时间内汽车 的平均速度）？ 【答案】 （1）（2） 2 8m/s， 28 m/s或者 2 288 m/s 25 ，29.76 m/s； （3）30 m/s； 5 1.16 10 J ；87.5 m 【详解】解： （1）v-t 图像如图所示。 （2）设刹车前汽车匀速行驶时的速度大小为 v1，则 t1时刻的速

13、度也为 v1，t2时刻的速度也为 v2， 在 t2时刻后汽车做匀减速运动， 设其加速度大小为 a， 取 t=1s， 设汽车在 t2+n-1t 内的位移为 sn， n=1,2,3,。 若汽车在 t2+3tt2+4t时间内未停止， 设它在 t2+3t 时刻的速度为 v3， 在 t2+4t 时刻的速度为 v4， 由运动学有 2 14 3 ( )ssat 2 12 1 ( ) 2 svtat 42 4 vva t 联立式，代入已知数据解得 4 17 m/s 6 v 这说明在 t2+4t 时刻前，汽车已经停止。因此，式不成立。 由于在 t2+3tt2+4t 内汽车停止，由运动学公式 32 3 vva t

14、 2 43 2asv 联立，代入已知数据解得 2 8m/sa ，v2=28 m/s 或者 2 288 m/s 25 a ，v2=29.76 m/s （3）设汽车的刹车系统稳定工作时，汽车所受阻力的大小为 f1，由牛顿定律有：f1=ma 在 t1t2时间内，阻力对汽车冲量的大小为： 121 1 =() 2 If tt 由动量定理有：12 Imvm 由动量定理，在 t1t2时间内，汽车克服阻力做的功为： 22 12 11 22 Wmvmv 联立式，代入已知数据解得 v1=30 m/s 5 1.16 10 JW 从司机发现警示牌到汽车停止，汽车行驶的距离 s约为 2 2 1 11221 1 ()()

15、 22 v svtvvtt a 联立，代入已知数据解得 s=87.5 m （二） 选考题： 共（二） 选考题： 共 45 分。 请考生从分。 请考生从 2 道物理题、道物理题、 2 道化学题、道化学题、 2 道生物题中每科任选一题作答。道生物题中每科任选一题作答。 如果多做，则每科按所做的第一题计分。如果多做，则每科按所做的第一题计分。 物理选修 3-3 13.如 p-V 图所示，1、2、3三个点代表某容器中一定量理想气体的三个不同状态，对应的温度分别 是 T1、T2、T3。用 N1、N2、N3分别表示这三个状态下气体分子在单位时间内撞击容器壁上单位面 积的次数，则 N1_N2，T1_T3，T

16、3，N2_N3。 （填大于小于或等于） 【答案】 (1). 大于 (2). 等于 (3). 大于 【详解】 （1）1、2等体积，2、3等压强 由 pV=nRT得： 1 1 1 pV T = 22 2 p V T ，V1=V2，故 1 1 p T = 2 2 p T ，可得：T1=2T2，即 T1T2，由于分子密度相同， 温度高，碰撞次数多，故 N1N2； 由于 p1V1= p3V3；故 T1=T3； 则 T3T2，又 p2=p3，2状态分析密度大，分析运动缓慢，单个分子平均作用力小，3状态分子密度 小，分子运动剧烈，单个分子平均作用力大。故 3状态碰撞容器壁分子较少，即 N2N3； 14.如图

17、，一容器由横截面积分别为 2S和 S的两个汽缸连通而成，容器平放在地面上，汽缸内壁光 滑。整个容器被通过刚性杆连接的两活塞分隔成三部分，分别充有氢气、空气和氮气。平衡时， 氮气的压强和体积分别为 p0和 V0，氢气的体积为 2V0，空气的压强为 p。现缓慢地将中部的空气全 部抽出，抽气过程中氢气和氮气的温度保持不变，活塞没有到达两汽缸的连接处，求： （1）抽气前氢气的压强； （2）抽气后氢气的压强和体积。 【答案】 （1） 1 2 （p0+p） ； （2） 0 11 24 pp ； 00 0 4 2 ppV pp （） 【解析】 【详解】解： （1）设抽气前氢气的压强为 p10，根据力的平衡条

18、件得 （p10p） 2S=（p0p） S 得 p10= 1 2 （p0+p） （2）设抽气后氢气的压强和体积分别为 p1和 V1，氢气的压强和体积分别为 p2和 V2，根据力的平 衡条件有 p2 S=p1 2S 由玻意耳定律得 p1V1=p10 2V0 p2V2=p0 V0 由于两活塞用刚性杆连接，故 V12V0=2（V0V2） 联立式解得 10 11 24 ppp 00 1 0 4 = 2 ppV V pp （） 物理选修 34 15.如图，长为 l 的细绳下方悬挂一小球 a。绳的另一端固定在天花板上 O点处，在 O点正下方 3 4 l 的 O 处有一固定细铁钉。将小球向右拉开，使细绳与竖直

19、方向成一小角度（约为 2 ）后由静止释 放，并从释放时开始计时。当小球 a摆至最低位置时，细绳会受到铁钉的阻挡。设小球相对于其 平衡位置的水平位移为 x，向右为正。下列图像中，能描述小球在开始一个周期内的 x-t 关系的是 _。 A. B. C. D. 【答案】A 【详解】由 T=2 l g 得：T1=2 l g ，T2=2 1 4 l g = l g = 1 2 T1 ，故 BD错误； 1 1 2 sin 2 xl ， 2 2 2sin 2 xl 2 2sin 42 L 2 sin 22 L 1 2 2 sin 2 sin 22 l x l x 1 2 4sin 2 sin 2 由能量守恒定

20、律可知，小球先后摆起得最大高度相同，故 l-lcos1= 2 cos 44 ll 根据数学规律可得： 21 sin2sin 22 故 1 1 2 2 4sin 2 =2 sin 2 x x ，即第一次振幅是第二次振幅得 2倍，故 A 正确，C错误。 16.某同学利用图示装置测量某种单色光的波长。实验时，接通电源使光源正常发光：调整光路， 使得从目镜中可以观察到干涉条纹。回答下列问题： （1）若想增加从目镜中观察到的条纹个数，该同学可_； A将单缝向双缝靠近 B将屏向靠近双缝的方向移动 C将屏向远离双缝的方向移动 D使用间距更小的双缝 （2）若双缝的间距为 d，屏与双缝间的距离为 l，测得第 1

21、条暗条纹到第 n条暗条纹之间的距离为 x，则单色光的波长 =_； （3）某次测量时，选用的双缝的间距为 0300 mm，测得屏与双缝间的距离为 1.20 m，第 1条暗 条纹到第 4条暗条纹之间的距离为 7.56 mm。则所测单色光的波长为_nm（结果保 留 3位有效数字） 。 【答案】 (1). B (2). 1 x d nl （） (3). 630 【详解】 （i）由x= l d ，因x 越小，目镜中观察得条纹数越多，故 B符合题意； （ii）由 1 xl nd ，= (1) d x nl （iii）= (1) d x nl = 33 3 0.3 10 m 7.56 10 m 6.3 10

22、 m630nm (4 1) 1.2m 化学部分化学部分 可能用到的相对原子质量：可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 F 19 Na 23 S 32 Cl 35.5 As 75 I 127 Sm 150 一、选择题：本题共一、选择题：本题共 13 个小题，每小题个小题，每小题 6 分。共分。共 78 分，在每小题给出的四个选项中，只有一分，在每小题给出的四个选项中，只有一 项是符合题目要求的。项是符合题目要求的。 1.“春蚕到死丝方尽，蜡炬成灰泪始干”是唐代诗人李商隐的著名诗句，下列关于该诗句中所涉及物质的说 法错误的是 A. 蚕丝的主要成分是蛋白质 B. 蚕丝属于天热

23、高分子材料 C. “蜡炬成灰”过程中发生了氧化反应 D. 古代的蜡是高级脂肪酸酯，属于高分子聚合物 【答案】D 【详解】A. 蚕丝的主要成分是蛋白质，A项正确； B. 蚕丝的主要成分是蛋白质，蛋白质是天然高分子化合物，B项正确； C. 蜡炬成灰指的是蜡烛在空气中与氧气燃烧，属于氧化反应，C项错误； D. 高级脂肪酸酯不属于高分子聚合物，D项错误； 答案选 D。 【点睛】高中化学阶段，常见的天然高分子化合物有：淀粉、纤维素、蛋白质和天然纤维。 2.已知 NA是阿伏加德罗常数的值，下列说法错误的是 A. 3g 3He含有的中子数为 1NA B. 1 L 0.1 molL1磷酸钠溶液含有的 3 4

24、PO 数目为 0.1NA C. 1 mol K2Cr2O7被还原为 Cr3+转移的电子数为 6NA D. 48 g正丁烷和 10 g 异丁烷的混合物中共价键数目为 13NA 【答案】B 【详解】A. 3He的中子数为 3-2=1，则 3g3He的中子数为 3g 3g/mol A N=NA，A 项正确； B. 磷酸钠为强碱弱酸盐，磷酸根离子在水溶液中会发生水解，则 1L 0.1mol/L的磷酸钠溶液中磷酸根离子的 个数小于 1L 0.1mol/L NA mol-1 =0.1NA，B 项错误； C. 重铬酸钾被还原为铬离子时，铬元素从+6 降低到+3，1mol 重铬酸钾转移的电子数为 3mol 2

25、 NA mol-1 =6NA，C项正确； D. 正丁烷与异丁烷的分子式相同，1 个分子内所含共价键数目均为 13 个，则 48g 正丁烷与 10g异丁烷所得 的混合物中共价键数目为 48g+10g 58g/mol 13 NA mol-1 =NA，D 项正确； 答案选 B。 3.今年是门捷列夫发现元素周期律 150周年。 下表是元素周期表的一部分， W、 X、 Y、 Z为短周期主族元素， W 与 X的最高化合价之和为 8。下列说法错误的是 A. 原子半径：Wv(逆 b)，故 C正确； D.b 点时环戊二烯浓度由 1.5mol/L减小到 0.6mol/L，减少了 0.9mol/L，因此生成二聚体

26、0.45mol/L，故 D正 确； 答案：CD （4）根据阳极升失氧可知 Fe 为阳极；根据题干信息 Fe-2e-=Fe2+，电解液中钠离子起到催化剂的作用使得 环戊二烯得电子生成氢气，同时与亚铁离子结合生成二茂铁，故电极反应式为 Fe+2=+H2； 电解必须在无水条件下进行，因为中间产物 Na会与水反应生成氢氧化钠和氢气，亚铁离子会和氢氧根离子 结合生成沉淀； 答案：Fe 电极 Fe+2=+H2（Fe+2C5H6=Fe（C2H5）2+ H2） 水会阻碍中间物 Na的生成； 水会电解生成 OH-，进一步与 Fe2+反应生成 Fe（OH）2。 【点睛】本题以能力立意，考查学生提取信息，处理信息的

27、能力，分析问题，解决问题的能力。充分体现 了化学学科思想、学科方法、创新意识和学科价值,易错点第（2）小题平衡常数计算；第（4）小题电极反 应式的书写。 10.咖啡因是一种生物碱（易溶于水及乙醇，熔点 234.5，100以上开始升华） ，有兴奋大脑神经和利尿等 作用。茶叶中含咖啡因约 1%5%、单宁酸（Ka约为 104，易溶于水及乙醇）约 3%10%，还含有色素、纤 维素等。实验室从茶叶中提取咖啡因的流程如下图所示。 索氏提取装置如图所示。实验时烧瓶中溶剂受热蒸发，蒸汽沿蒸汽导管 2上升至球形冷凝管，冷凝后滴入 滤纸套筒 1 中，与茶叶末接触，进行萃取。萃取液液面达到虹吸管 3顶端时，经虹吸管

28、 3 返回烧瓶，从而实 现对茶叶末的连续萃取。回答下列问题： （1）实验时需将茶叶研细，放入滤纸套筒 1中，研细的目的是_，圆底烧瓶中加入 95%乙醇 为溶剂，加热前还要加几粒_。 （2）提取过程不可选用明火直接加热，原因是_，与常规的萃取相比，采用索氏提取器的优 点是_。 （3）提取液需经蒸馏浓缩除去大部分溶剂，与水相比，乙醇作为萃取剂的优点是_。蒸发 浓缩需选用的仪器除了圆底烧瓶、蒸馏头、温度计、接收管之外，还有_（填标号） 。 A直形冷凝管 B球形冷凝管 C接收瓶 D烧杯 （4）_ _ （5）可采用如图所示简易装置分离提纯咖啡因。将粉状物放入蒸发皿中并小火加热，咖啡因在扎有小孔 的滤纸上

29、凝结，该分离提纯方法的名称是_。 【答案】 (1). 增加固液接触面积，提取充分 (2). 沸石 (3). 乙醇易挥发，易燃 (4). 使用溶剂 少， 可连续萃取（萃取效率高） (5). 乙醇沸点低， 易浓缩 (6). AC (7). 单宁酸 (8). 水 (9). 升华 【详解】 （1）萃取时将茶叶研细可以增加固液接触面积，从而使提取更充分；由于需要加热，为防止液体 暴沸，加热前还要加入几粒沸石； （2）由于乙醇易挥发，易燃烧，为防止温度过高挥发出的乙醇燃烧，因此提取过程中不可选用明火直接加 热；根据题干中的已知信息可判断与常规的萃取相比较，采用索式提取器的优点是使用溶剂量少，可连续 萃取（

30、萃取效率高） ； （3）乙醇是有机溶剂，沸点低，因此与水相比较乙醇作为萃取剂的优点是乙醇沸点低，易浓缩；蒸馏浓缩 时需要冷凝管， 为防止液体残留在冷凝管中， 应该选用直形冷凝管， 而不需要球形冷凝管， A正确， B错误； 为防止液体挥发， 冷凝后得到的馏分需要有接收瓶接收馏分，而不需要烧杯， C正确， D错误， 答案选 AC。 （4）由于茶叶中还含有单宁酸，且单宁酸也易溶于水和乙醇，因此浓缩液中加入氧化钙作用是中和单宁 酸，同时也吸收水； （5）根据已知信息可知咖啡因在 100以上时开始升华，因此该分离提纯方法的名称是升华。 （二） 选考题： 共（二） 选考题： 共 45 分。 请考生从分。

31、请考生从 2 道物理题、道物理题、 2 道化学题、道化学题、 2 道生物题中每科任选一题作答。道生物题中每科任选一题作答。 如果多做，则每科按所做的第一题计分。如果多做，则每科按所做的第一题计分。 化学化学选修选修 3：物质结构与性质：物质结构与性质 11.近年来我国科学家发现了一系列意义重大的铁系超导材料，其中一类为 FeSmAsFO 组成的化合物。 回答下列问题： （1）元素 As 与 N同族。预测 As的氢化物分子的立体结构为_，其沸点比 NH3的_（填高 或低） ，其判断理由是_。 （2）Fe 成为阳离子时首先失去_轨道电子，Sm的价层电子排布式为 4f66s2，Sm3+的价层电子排布

32、式为 _。 （3）比较离子半径：F_O2（填大于等于或小于） 。 （4）一种四方结构的超导化合物的晶胞结构如图 1所示，晶胞中 Sm和 As 原子的投影位置如图 2 所示。 图中 F和 O2共同占据晶胞的上下底面位置，若两者的比例依次用 x和 1x代表，则该化合物的化学式表示 为_，通过测定密度 和晶胞参数，可以计算该物质的 x值，完成它们关系表达式： =_g cm3。 以晶胞参数为单位长度建立的坐标系可以表示晶胞中各原子的位置，称作原子分数坐标，例如图 1 中原子 1 的坐标为( 1 1 1 , 2 2 2 )，则原子 2和 3的坐标分别为_、_。 【答案】 (1). 略 (2). 低 (3

33、). NH3分子间存在氢键 (4). 4s (5). 4f5 (6). 小于 (7). SmFeAsO1xFx (8). 330 A 2281 16(1)19 10 xx a cN (9). 1 1 ,0 2 2 (10). 1 0,0, 2 【解析】 【详解】 （1）As 与 N 同族，则 AsH3分子的立体结构类似于 NH3，为三角锥形；由于 NH3分子间存在氢键 使沸点升高，故 AsH3的沸点较 NH3低， 故答案为：三角锥形；低；NH3分子间存在氢键； （2）Fe 为 26 号元素，Fe 原子核外电子排布式为 1s22s22p63s23p63d64s2，Fe 原子失去 1个电子使 4s

34、轨道为 半充满状态，能量较低，故首先失去 4s轨道电子；Sm的价电子排布式为 4f66s2，失去 3个电子变成 Sm3+ 成为稳定状态，则应先失去能量较高的 4s 电子，所以 Sm3+的价电子排布式为为 4f5， 故答案为：4s；4f5； （3）F-和 O2-的核外电子排布相同，核电荷数越大，则半径越小，故半径：F-O2-， 故答案为：； （4）由图 1可知，每个晶胞中含 Sm原子：4 1 2 =2，含 Fe 原子：4 1 4 +1=2，含 As 原子：4 1 2 =2，含 O 原子：（8 1 8 +2 1 2 ）（1-x） =2 （1-x） ， 含 F原子：（8 1 8 +2 1 2 ） x

35、=2x， 所以该化合物的化学式为 SmFeAsO1-xFx； 根据该化合物的化学式为 SmFeAsO1-xFx，一个晶胞的质量为 2 281 16 1 x19x A N ，一个晶胞的体积为 a2c10-30cm3，则密度= 230 2 281 16 1 x19x 10 A a cN g/cm3， 故答案为：SmFeAsO1-xFx； 230 2 281 16 1 x19x 10 A a cN ； 根据原子 1 的坐标（ 1 2 ， 1 2 ， 1 2 ） ，可知原子 2和 3 的坐标分别为（ 1 2 ， 1 2 ，0） ， （0，0， 1 2 ） ， 故答案为： （ 1 2 ， 1 2 ，0）

36、 ； （0，0， 1 2 ） ； 化学化学选修选修 5：有机化学基础：有机化学基础 12.环氧树脂因其具有良好的机械性能、绝缘性能以及与各种材料的粘结性能，已广泛应用于涂料和胶黏剂 等领域。下面是制备一种新型环氧树脂 G的合成路线： 已知以下信息： 回答下列问题： （1）A是一种烯烃，化学名称为_，C中官能团的名称为_、_。 （2）由 B 生成 C的反应类型为_。 （3）由 C 生成 D反应方程式为_。 （4）E的结构简式为_。 （5） E的二氯代物有多种同分异构体， 请写出其中能同时满足以下条件的芳香化合物的结构简式_、 _。 能发生银镜反应；核磁共振氢谱有三组峰，且峰面积比为 321。 （

37、6）假设化合物 D、F和 NaOH 恰好完全反应生成 1 mol单一聚合度的 G，若生成的 NaCl和 H2O 的总质量 为 765g，则 G的 n值理论上应等于_。 【 答 案 】 (1). 丙 烯 (2). 氯 原 子 、 羟 基 (3). 加 成 反 应 (4). (5). (6). (7). (8). (9). 8【解析】 【解析】 【分析】 根据 D的分子结构可知 A为链状结构， 故 A为 CH3CH=CH2； A和 Cl2在光照条件下发生取代反应生成 B为 CH2=CHCH2Cl，B 和 HOCl发生加成反应生成 C 为 或，C在碱性条件下脱去 HCl 生成 D；由 F结构可知苯酚

38、和 E发生信息的反应生成 F，则 E为 ；D 和 F聚合生成 G，据 此分析解答。 【详解】 （1）根据以上分析，A 为 CH3CH=CH2，化学名称为丙烯；C 为 ，所含官能团的名 称为氯原子、羟基， 故答案为：丙烯；氯原子、羟基； （2）B和 HOCl发生加成反应生成 C， 故答案为：加成反应； （3）C在碱性条件下脱去 HCl 生成 D，化学方程式为：（或 ） ， 故答案为：（或） ； （4）E的结构简式为。 （5）E的二氯代物有多种同分异构体，同时满足以下条件的芳香化合物：能发生银镜反应，说明含有醛 基；核磁共振氢谱有三组峰，且峰面积比为 321，说明分子中有 3 种类型的氢原子，且个

39、数比为 3： 2：1。则符合条件的有机物的结构简式为、； 故答案为：、； （6） 根据信息和， 每消耗 1molD， 反应生成 1molNaCl和 H2O， 若生成的 NaCl 和 H2O 的总质量为 765g， 生成 NaCl 和 H2O的总物质的量为 765 76.5 / g g mol =10mol，由 G 的结构可知，要生成 1 mol 单一聚合度的 G， 需要(n+2)molD，则(n+2)=10，解得 n=8，即 G的 n值理论上应等于 8， 故答案为：8。 生物部分生物部分 一、选择题一、选择题 1.在真核细胞的内质网和细胞核中能够合成的物质分别是 A. 脂质、RNA B. 氨基

40、酸、蛋白质 C. RNA、DNA D. DNA、蛋白质 【答案】A 【分析】 内质网是细胞内蛋白质合成、加工及脂质合成的场所。细胞核是遗传信息库，是遗传物质储存和复制的主 要场所；是细胞代谢和遗传的控制中心。 【详解】内质网可以合成脂质，细胞核中可以发生转录合成 RNA，A 正确；蛋白质的合成场所是核糖体， B错误；内质网中不能合成 RNA，细胞核中可以合成 DNA 和 RNA，C 错误；内质网中不能合成 DNA，蛋 白质的合成场所是核糖体，D 错误。 2.马铃薯块茎储藏不当会出现酸味，这种现象与马铃薯块茎细胞的无氧呼吸有关。下列叙述正确的是 A. 马铃薯块茎细胞无氧呼吸的产物是乳酸和葡萄糖

41、B. 马铃薯块茎细胞无氧呼吸产生的乳酸是由丙酮酸转化而来 C. 马铃薯块茎细胞无氧呼吸产生丙酮酸的过程不能生成 ATP D. 马铃薯块茎储藏库中氧气浓度的升高会增加酸味的产生 【答案】B 【分析】 有氧呼吸是指细胞在氧气的参与下，通过多种酶的催化作用，把葡萄糖等有机物彻底的氧化分解，产生二 氧化碳和水，生成大量 ATP 的过程。场所是细胞质基质和线粒体。无氧呼吸的场所是细胞质基质，产物是 乳酸或酒精和二氧化碳。 【详解】马铃薯块茎无氧呼吸的产物是乳酸，无葡萄糖，A 错误；马铃薯块茎细胞无氧呼吸的第一阶段，葡 萄糖被分解成丙酮酸，丙酮酸在第二阶段转化成乳酸，B 正确；马铃薯块茎细胞无氧呼吸产生丙

42、酮酸属于无 氧呼吸的第一阶段，会生成少量 ATP，C错误；马铃薯块茎储存时，氧气浓度增加会抑制其无氧呼吸，酸味 会减少，D错误。 3.某种 H -ATPase 是一种位于膜上的载体蛋白，具有 ATP 水解酶活性，能够利用水解 ATP 释放的能量逆浓度 梯度跨膜转运 H 。将某植物气孔的保卫细胞悬浮在一定 pH 的溶液中（假设细胞内的 pH 高于细胞外） ，置 于暗中一段时间后，溶液的 pH 不变。再将含有保卫细胞的该溶液分成两组，一组照射蓝光后溶液的 pH 明显降低；另一组先在溶液中加入 H -ATPase 的抑制剂（抑制 ATP 水解） ，再用蓝光照射，溶液的 pH 不变。 根据上述实验结果

43、，下列推测不合理的是 A. H -ATPase 位于保卫细胞质膜上，蓝光能够引起细胞内的 H转运到细胞外 B. 蓝光通过保卫细胞质膜上的 H -ATPase 发挥作用导致 H逆浓度梯度跨膜运输 C. H -ATPase 逆浓度梯度跨膜转运 H所需的能量可由蓝光直接提供 D. 溶液中的 H 不能通过自由扩散的方式透过细胞质膜进入保卫细胞 【答案】C 【分析】 细胞跨膜运输的方式根据是否需要消耗能量分为主动运输和被动运输，被动运输根据是否需要载体蛋白分 为自由扩散和协助扩散。主动运输需要载体蛋白，消耗的能量直接来源于 ATP 的水解。 【详解】载体蛋白位于细胞膜上，根据题意可知，照射蓝光后溶液的

44、pH 值明显下降，说明即 H +含量增加， 进而推知：蓝光能够引起细胞内 H +转运到细胞外，A 正确；对比中两组实验可知，蓝光引起细胞内 H+转 运到细胞外需要通过 H +-ATPase，且原先细胞内 pH 值高于细胞外，即细胞内 H+浓度低于细胞外，因此该 H+ 为逆浓度梯度转运，B正确；由题意可知 H +ATPase 具有 ATP 水解酶活性，利用水解 ATP 释放的能量逆浓 度梯度跨膜转运 H +，C 错误；由中的实验可知，最初细胞内 pH 值高于细胞外，即细胞内 H+浓度低于细胞 外，但暗处理后溶液浓度没有发生变化，说明溶液中的 H +不能通过自由扩散的方式透过细胞质膜进入保卫 细胞

45、，D正确。 4.当人体失水过多时，不会发生的生理变化是 A. 血浆渗透压升高 B. 产生渴感 C. 血液中的抗利尿激素含量升高 D. 肾小管对水的重吸收降低 【答案】D 【分析】 内环境的理化性质主要包括渗透压、pH 值和温度，其中血浆的渗透压大小主要与无机盐、蛋白质的含量有 关。水分的流失相当于无机盐与蛋白质含量增加。 【详解】当人体失水过多时，血浆浓度升高，导致血浆渗透压升高，A正确；人体失水过多，导致细胞外液 渗透压升高，对下丘脑渗透压感受器的刺激增强，产生的兴奋通过有关神经传到大脑皮层产生渴觉，同时， 还会导致由下丘脑分泌经垂体释放的抗利尿激素的含量增加， 使血液中的抗利尿激素含量升高

46、， B、 C正确； 抗利尿激素含量的升高，促进肾小管、集合管对水的重吸收，使肾小管对水的重吸收增加，D错误。 5.某种植物的羽裂叶和全缘叶是一对相对性状。某同学用全缘叶植株（植株甲）进行了下列四个实验。 植株甲进行自花传粉，子代出现性状分离 用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代均为全缘叶 用植株甲给羽裂叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为 11 用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为 31 其中能够判定植株甲为杂合子的实验是 A. 或 B. 或 C. 或 D. 或 【答案】B 【分析】由题干信息可知，羽裂叶和全缘叶是一对相对性状，但未确定显隐性，若要判断全缘叶植株甲为 杂合子，即要判断全缘叶为显性性状，羽裂叶为隐性性状。根据子代性状判断显隐性的方法：不同性状 的亲本杂交子代只出现一种性状子代所出现的性状为显性性状，双亲均为纯合子；相同性状的亲本 杂交子代出现不同性状子代所出现的新的性状为隐性性状，亲本为杂合子。 【详解】让全缘叶植株甲进行自花传粉，子代出现性状分离，说明植株甲为杂合子，杂合子表现为显性性 状，新出现的性状为隐性性状，正确；用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代均为全缘叶，说明双亲可 能都是纯合子，既可能是显性纯合子，也