浙江省杭州市高一(上)期末物理试卷(含答案)(DOC 20页).docx

1、 高一（上）期末物理试卷 题号一二三四总分得分一、单选题（本大题共13小题，共39.0分）1. 下列均属于国际单位制中的基本单位的是（）A. m、N、sB. s、kg、kmC. m、kg、sD. kg、m/s、N2. 下列说法中正确的是（）A. 参考系一定要选择地面B. 可以选择运动的物体作为参考系C. 由于太阳的体积过大，不能将其看作质点D. 在太空中进行飞船对接时，宇航员观察该飞船，可把飞船看作质点3. 如图，为了行车方便与安全，高大的桥要造很长的引桥，减小斜面的倾角，其主要目的是（）A. 减小过桥车辆的重力B. 减小过桥车辆受到的摩擦力C. 减小过桥车辆对引桥的压力D. 减小过桥车辆的重

2、力沿平行于引桥方向向下的分力4. 下列关于惯性的说法正确的是（）A. 跳远运动员可通过助跑来增大惯性B. 汽车匀速运动时惯性小，急刹车时惯性大C. 匀速前进的火车上，由于惯性，原地向上起跳的乘客将落在起跳点D. 向东行驶的汽车突然刹车，由于惯性，乘客会向西倾倒5. 普通的小型轿车和旅客列车，速度都能达到100km/h但是，它们起步后达到这样的速度所需的时间是不同的，例如某小型轿车约需用20s，某旅客列车约需用500s关于以上所述小型轿车与旅客列车的运动说法正确是的（）A. 列车的速度变化量较大B. 轿车的速度变化率较大C. 列车的加速度约为0.2m/s2D. 轿车的加速度约为5m/s26. 在

3、中国南昌有世界第五高摩天轮一南昌之星，总建设高度为160m，直径为153m它一共悬挂有60个太空舱，旋转一周的时间是30min，可容纳400人左右游览。若该摩天轮做匀速圆周运动，则乘客（）A. 速度始终恒定B. 加速度始终恒定C. 受到合力不断改变D. 对座椅的压力始终不变7. 如图，某同学将一本物理书用手指压在竖直的墙壁上保持静止，则与书本相关的作用力的大小，下列说法正确的是（）A. 书本受到的摩擦力一定等于书本的重力B. 手指对书本的摩擦力一定等于书本的重力C. 墙对书本的摩擦力一定等于书本的重力D. 当手指对书本的压力增大时，书本受到的摩擦力也增大8. 如图所示，一辆汽车在公路上转弯，沿

4、曲线由M向N行驶、速度逐渐增大，下面四幅图中分别画出了汽车转弯时所受合力f的四种方向，你认为正确的是（）A. B. C. D. 9. 某物理兴趣小组做“研究小球做自由落体运动”的实验，用数码相机的频闪照相功能对下落的小球进行拍摄，第一次闪光时小球刚开始下落，频闪的时间间隔为0.1s，则在照片中测得第一个0.1s内，第二个0.1s内，第三个0.1s内的位移之比最接近（）A. 1：2：3B. 1：4：9C. 1：2：3D. 1：3：510. 如图所示，击球员用棒球棍回击飞过来的棒球时，球棒击棒球的力（）A. 大于球撞击球棒的力B. 小于球撞击球棒的力C. 比球撞击球棒的力更早产生D. 与球撞击球棒

5、的力同时产生11. 下列关于超重与失重的说法正确的是（）A. 图甲中，汽车过凹形桥最低点时，汽车处于超重状态B. 图乙中，躺在水面上看书的人处于失重状态C. 图丙中，电梯匀速下降过程中，电梯里的小朋友处于失重状态D. 图丁中，宇宙飞船在加速上升过程中，坐在飞船里的航天员处于失重状态12. 如图所示，人的质量为M，物块的质量为m，且Mm，若不计绳与滑轮的摩擦，则当人拉着绳向右后退几步后，人和物块仍保持静止时，下列说法中正确的是（）A. 地面对人的摩擦力增大B. 地面对人的摩擦力减小C. 人对地面的压力不变D. 人对地面的压力减小13. 现代的激光打印机都是自动进纸的，其进纸原理如图所示，进纸槽里

6、叠放有一叠白纸，每一张纸的质量为m进纸时滚轮以竖直向下的力压在第1张白纸上，并沿逆时针方向转动，确保第1张纸与第2张纸相对滑动。设最大静摩擦力与滑动摩擦力相同，滚轮与白纸之间的动摩擦因数为1，白纸之间、白纸与纸槽底座之间的动摩擦因数均为2（12），则下列说法正确的是（）A. 第1张白纸受到滚轮的摩擦力向左B. 最后一张白纸受到纸槽底座的摩擦力向左C. 一张白纸受到上一张白纸的摩擦力一定向左D. 任意两张白纸之间均可能发生相对滑动二、多选题（本大题共3小题，共12.0分）14. 若规定向东方向为位移的正方向，今有一个皮球停在水平面上某处，轻轻踢它一脚，使它向东做直线运动，经5m与墙相碰后又向西做

7、直线运动，经7m后停下。则皮球在整个运动过程中的（）A. 路程是12mB. 路程是2mC. 位移是2mD. 位移是2m15. 质量为m的物体沿着半径为R的半球金属球壳滑到最低点时的速度大小为v，如图所示若物体与球壳之间的摩擦因数为，则物体在最低点时的（）A. 向心加速度为v2RB. 向心力为m(g+v2R)C. 对球壳的压力为mv2RD. 受到的摩擦力为m(g+v2R)16. 如图是自行车传动机构图，其中I是半径为r1的大齿轮，是半径为r2的小齿轮，是半径为r3的后轮，当脚踏板以转速n匀速转动时，则（）A. 大齿轮边缘的线速度大小为nr1B. 大齿轮边缘某质点的加速度为(2n)2r1C. 小齿

8、轮的角速度为2nr2D. 后轮的线速度为2nr1r3r2三、实验题探究题（本大题共2小题，共20.0分）17. 在“探究求合力的方法”的实验中，（1）下列相关说法正确的是_。A拉橡皮条的两条细绳必须等长B标记同一细绳方向的两点要远些C两个分力的夹角要尽量小些D拉橡皮条时，橡皮条、细绳和弹簧秤应贴近并平行于木板（2）如图甲所示，是某同学做“探究求合力的方法”的实验。弹簧秤a的示数如图乙所示，其读数是_N，若弹簧秤b的读数为4.00N；单独用一把弹簧秤拉橡皮条到同一结点O时的拉力为5.10N，且各个力的方向已经记录在白纸上（如图丙所示），请在答题纸上作出弹簧秤B拉力的图示。（3）若已正确画出上述三

9、个力的图示，为了得到合力与分力的关系，还要如何处理？_。18. 某学习小组进行了“探究加速度与力和质量的关系”实验。（1）实验过程，发现实验室有两种打点计时器，如图甲所示。其中电火花打点计时器是图中的_；该打点计时器使用的电源是_。（2）该小组欲通过图乙所示装置打出的纸带来测量小车的加速度。图乙是小车释放前的状态，图中有两处明显错误，请指出其中任意一处错误_。（3）经正确操作后，打出的一条纸带的一部分如图丙。从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，测出相邻计数点之间的距离如图丙所示（单位cm）由此求得小车在打点计时器打第2点的速度为_m/s（保留两位有效数字）。四、计算题（本大题共3小题，共2

10、9.0分）19. 高速公路上行驶的车辆速度很大，雾天易出现车辆连续相撞的事故。某天清晨，在一段限速为100km/h的高速公路上有浓雾，一辆正以72km/h速度行驶的汽车司机突然发现前方60m处有辆车打双闪灯停止不动，就立即刹车。若该司机反应时间为0.6s，在反应时间内车速不变，若该汽车刹车后的加速度大小为5m/s2。（1）求该汽车在司机反应时间内前进的距离；（2）求该汽车从刹车到停止所用时间；（3）通过计算分析，该汽车是否会发生追尾事故。20. 某同学用运动传感器“研究物体加速度与力的关系”时采用如图甲装置，开始时将质量为m=lkg的物体置于水平桌面上。现对物体施加一个水平向右的恒定推力F经过

11、-段时间后撤去此力，通过放在物体右前方的运动传感器得到了物体部分运动过程的v-t图线，如图乙所示（向右为速度正方向）（1）求3s内物体的位移；（2）求物体与水平桌面间的动摩擦因数；（3）求拉力F的大小。21. 如图所示，倾角为30的光滑斜劈AB长L1=0.4m，放在离地高h=0.8m的水平桌面上，B点右端接一光滑小圆弧（图上未画出），圆弧右端切线水平，与桌面边缘的距离为L2现有一小滑块从A端由静止释放，通过B点后恰好停在桌面边缘的C点，已知滑块与桌面间的滑动摩擦因数=0.2。（1）求滑块到达B点速度vB的大小；（2）求B点到桌面边缘C点的距离L2；（3）若将斜劈向右平移一段距离L=0.64m，

12、滑块仍从斜劈上的A点静止释放，最后滑块落在水平地面上的P点。求落地点P距C点正下方的O点的距离x。答案和解析1.【答案】C【解析】解：A、m、s都是基本单位，N是国际单位制中的导出单位，故A错误； B、km是长度的一个常用单位，不是国际单位制中的基本单位，故B错误； C、m、s、kg都是基本单位。故C正确； D、kg是国际单位制中的基本单位，N和m/s都是国际单位制中的导出单位。故D错误。 故选：C国际单位制规定了七个基本物理量。分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量。它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位。国际单位制

13、规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的。2.【答案】B【解析】【分析】参考系，是指研究物体运动时所选定的参照物体或彼此不作相对运动的物体系；参考系的选取是任意的；当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可。为了研究和描述物体的运动，我们引入了参考系，选择不同的参考系，同一物体相对于不同的参考系，运动状态可以不同；为了忽略次要因素，我们将物体简化为质点，要注意明确质点的性质和物体视为质点的条件！【解答】解：A、任何物体均可作为参考系，可以是运动的，也可以是静止的，也不一定要选择

14、地面为参考系。故A错误B正确；C、当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，太阳在研究其在银河系中的运动时可以视为质点，故C错误；D、在太空中进行飞船对接时，宇航员观察该飞船时，飞船的大小和形状不能忽略，故不能把飞船看作质点，故D错误。故选：B。3.【答案】D【解析】解：对车受力分析，受重力、支持力和阻力物体重力不变；重力产生两个作用效果，使物体沿斜面下滑，使物体紧压斜面设斜面倾角为，将重力按照作用效果正交分解，如图，由几何关系可得平行斜面分量为G1=mgsin，由于引桥越长，坡角越小，G1越小；垂直斜面分量为G2=mgcos压力等于重力垂直斜面分量N=mgcos；变

15、小，压力变大，故摩擦力变大，综上所述，故D正确，ABC错误；故选：D。高大的桥要造很长的引桥，增加了斜面的长度，从而减小了斜面的坡度，将重力按效果正交分解后根据平衡条件判断即可。本题关键将重力正交分解后，根据平衡条件求解出压力和重力的下滑分量，然后对结果联系实际情况讨论即可判断。4.【答案】C【解析】解：A、质量是惯性大小的唯一量度，与速度无关，跳远运动员助跑只能增加速度，不能改变质量，故不能改变惯性大小，故A错误； B、质量是惯性大小的唯一量度，与速度无关，故汽车匀速运动与，急刹车时惯性一样大，故B错误； C、匀速前进的火车上，由于惯性，原地向上起跳的乘客将落在起跳点，故C正确； D、向东行

16、驶的汽车突然刹车，由于惯性，乘客的速度将大于汽车的速度，所以乘客会向东倾倒，故D错误； 故选：C惯性：物体的性质。没有任何条件，一切物体都有惯性。 物体总有保持原有运动状态不变的性质，这种性质叫做惯性。应该从定义的角度来分析本题。惯性是指物体总有保持原有运动状态不变的性质。原有运动状态包括静止或匀速运动状态。它是物体的一种基本属性，任何物体在任何时候都具有惯性。5.【答案】B【解析】解：A、由题意可知，两车的速度变化量均为100km/h，故变化量相同，故A错误；B、根据知，速度的变化量相同，小型轿车的所用的时间短，故轿车的速度变化率较大，小型轿车的加速度大，即速度变化快，故B正确；C、两车速度

17、变化量均为100km/h=27.8m/s，根据知，列车的加速度a=0.06m/s2，故C错误；D、根据知，轿车的加速度a=1.39m/s2，故D错误；故选：B.加速度等于单位时间内速度的变化量，反映速度变化的快慢，结合加速度的定义式比较加速度的大小.解决本题的关键知道加速度的定义式，知道加速度是反映速度变化快慢的物理量.6.【答案】C【解析】解：A、匀速圆周运动的速度方向沿圆周的切线方向，方向时刻在改变，故其速度是变化的。故A错误。 B、做匀速圆周运动的物体，其向心加速度方向始终指向圆心，方向时刻在变化，故向心加速度是变化的，故B错误。 C、做匀速圆周运动的物体，其所受的合力提供向心力，其方向

18、始终指向圆心，始终变化。故C正确。 D、乘客对座椅的压力方向始终变化，所以压力变化。故D错误。 故选：C转轮始终不停地匀速转动，乘客做匀速圆周运动，加速度不为零。乘客所受的合外力提供向心力，方向指向圆心，时刻在变化，是变力。乘客对座位的压力大小是变化的，在最低点最大。本题考查对匀速圆周运动不变量和合力方向的掌握情况，对于匀速圆周运动不变量有：角速度、周期、频率、速度和加速度的大小等等。7.【答案】A【解析】【分析】书静止，处于平衡状态，根据书所处的状态与受力情况，应用平衡条件分析答题；本题考查了平衡条件的应用，分析清楚书本的受力情况是解题的前提与关键，应用平衡条件即可解题。【解答】A.书静止，

19、处于平衡状态，书在竖直方向受重力与摩擦力作用，由平衡条件可知，书本受到的摩擦力大小等于书本的重力大小，故A正确；BC.书本受到手指与墙壁的摩擦力作用，由平衡条件可知，书本的重力等于手指与墙壁对书本摩擦力的合力，手指对书本的摩擦力或墙壁对书本的摩擦力不等于书本的重力，故BC错误；D.书本受到的摩擦力等于书本的重力，书本的重力不变，当手指对书本的压力增大时，书本受到的摩擦力不变，故D错误；故选A。8.【答案】B【解析】解：汽车从M点运动到N，曲线运动，必有些力提供向心力，向心力是指向圆心的；汽车同时加速，所以沿切向方向有与速度相同的合力；向心力和切线合力与速度的方向的夹角要小于90，故ACD错误，

20、B正确。 故选：B。汽车在水平的公路上转弯，所做的运动为曲线运动，故在半径方向上合力不为零且是指向圆心的；又是做减速运动，故在切线上合力不为零且与瞬时速度的方向相反，分析这两个力的合力，即可看出那个图象时对的。解决此题关键是要沿半径方向上和切线方向分析汽车的受力情况，在水平面上，减速的汽车受到水平的力的合力在半径方向的分力使汽车转弯，在切线方向的分力使汽车减速，知道了这两个分力的方向，也就可以判断合力的方向了。9.【答案】D【解析】【分析】物体做自由落体运动的条件：只受重力作用下，初速度为零；自由落体运动的加速度是自由落体加速度g；根据初速度为零的匀加速直线运动在连续相等时间内的位移之比为1：

21、3：5：7：9：11：，根据该规律得出第一个0.1s、第二个0.1s、和第三个0.1s这三段时间内，相对应的三段位移之比。本题可参考自由落体运动的相关问题，知道自由落体运动的概念、物体做自由落体运动的条件与规律是解题的前提，应用匀变速直线运动的推论即可解题。【解答】自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，根据初速度为零的匀加速直线运动在连续相等时间内的位移之比为1：3：5：7：9：11：可知，一个质点做自由落体运动，它在第一个0.1s内，第二个0.1s内，第三个0.1s内的位移之比为：1：3：5，故D正确，ABC错误；故选：D。10.【答案】D【解析】解：球棒击棒球的力与球撞击球棒的力是作用

22、力与反作用力大小相等，方向相反，它们同时产生，同时变化，同时消失。故ABC错误，D正确；故选：D。由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失。重点掌握好作用力和反作用力的性质和判断：首先作用力和反作用力作用在两个物体上，其次，作用力和反作用力的界定是两者为相互作用。11.【答案】A【解析】解：A、汽车驶过凹形桥最低点时驾驶员加速度方向向上，故人处于超重状态，故A正确； B、躺在水面上看书的人没有加速度，故人不超重也不失重，故B错误； C、图丙中，电梯匀速下降过程中，电梯里的小朋友没有加速度，故不超

23、重也不失重，故C错误； D、宇宙飞船在加速上升过程中，加速度向上，故坐在飞船里的航天员处于超重状态，故D错误。 故选：A。当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度； 当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；本题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力变了。12.【答案】A【解析】解：人受重力、支持力、拉力和静摩擦力处于平衡，受力如图所示： 设拉力与水平方向的夹角为， 由平衡条件得： N+mgsin=Mg， f=mgcos， 当人拉着绳向右跨出一步后，将变小：

24、所以：f=mgcos会增大，N=Mg-mgsin也将增大， 根据牛顿第三定律得知，人对地面的压力增大、摩擦力都增大， 故A正确，BCD错误； 故选：A。当人拉着绳向右跨出一步后，绳子与水平方向的夹角减小，人和物仍保持静止，分别对物体和人受力分析应用平衡条件分析即可。本题为平衡条件得应用：动态分析。常用的方法是画图法和解析式法，一般物体受3个力时常用画图法，受4个以上的力时用解析式法。13.【答案】B【解析】解：A、第1张卡片相对于滚轮的运动趋势方向与滚轮的运动方向相反，则受到滚轮的静摩擦力与滚轮的运动方向相同，即受到滚轮的摩擦力向右，故A错误； B、对除第1张卡片外进行研究，处于静止状态，水平

25、方向受到第1张卡片的滑动摩擦力，方向与滚轮的运动方向相同，则根据平衡条件可知：最后1张卡片受到桌面的摩擦力方向与滚轮的运动方向相反，即水平向左，故B正确， C、根据题意，因上一张相对下一张要向右滑动，则上一张卡片受到下一张卡片的摩擦力一定向左，那么下一张相对上一张要向左滑动，因此下一张卡片受到上一张卡片的摩擦力一定向右，故C错误。 D、设每张的质量为m，动摩擦因数为2，对第2张分析，它对第3张卡片的压力等于上面两张卡片的重力及滚轮的压力，最大静摩擦力Fm=2（2mg+F），而受到的第1张卡片的滑动摩擦力为f=2（mg+F）Fm，则第2张卡片与第3张卡片之间不发生相对滑动。同理，第3张到最后1张

26、卡片也不发生相对滑动。故D错误。 故选：B。第1张卡片受到滚轮的摩擦力是静摩擦力，方向与相对运动趋势方向相反。第2张卡片受到滚轮的滑动摩擦力，小于它受到的最大静摩擦力，与第3张卡片之间不发生相对滑动。根据卡片之间的相对运动，从而分析摩擦力的方向。本题考查对摩擦力理解和判断能力。本题是实际问题，要应用物理基本知识进行分析，同时要灵活选择研究对象。14.【答案】AD【解析】解：AB、皮球向东运动，经过5m，与墙相碰后又向西运动，经7m后停下，所以总的路程为12m；故A正确，B错误； CD、位移是指从初位置到末位置的有向线段，皮球的总的运动过程是向西运动了2m，所以位移为-2m，故C错误，D正确。

27、故选：AD。位移是指从初位置到末位置的有向线段，位移是矢量，有大小也有方向； 路程是指物体所经过的路径的长度，路程是标量，只有大小，没有方向。本题就是对位移和路程的考查，掌握住位移和路程的概念就能够解决了。15.【答案】AD【解析】解：A、向心加速度的大小a=，故A正确 B、向心力，故B错误 C、根据牛顿第二定律得，N-mg=m，解得N=mg+m，则物体对球壳的压力为，故C错误 D、物体所受的摩擦力f=N=m（g+）故D正确 故选：AD根据向心加速度和向心力的公式求出向心加速度大小和向心力的大小，根据牛顿第二定律求出支持力的大小，从而得出滑动摩擦力的大小解决本题的关键知道 物体做圆周运动的向心

28、力来源，结合牛顿第二定律进行求解，基础题16.【答案】BD【解析】解：A、I齿轮边缘的线速度v1=2nr1，故A错误； B、根据an=2r，那么大齿轮边缘某质点的加速度为an=（2n）2r1，故B正确； C、通过链条相连，线速度大小相同，故v2=v1=r2，则小齿轮角速度为=，故C错误； D、由于小齿轮角速度为=，依据v=r，那么后轮的线速度为v=，故D正确； 故选：BD。靠链条传动轮子边缘上的点线速度大小相等，共轴转动的点角速度相等，结合线速度与角速度的关系进行求解，利用向心加速的公式计算。解决本题的关键知道线速度与角速度的关系，知道共轴转动的点角速度相等，靠传送带传动的点线速度大小相等。1

29、7.【答案】BD；3.02；为了得到合力与分力的关系，还要以F1、F2为邻边作平行四边形，在图丙中通过作图作出合力F，再与合力比较即可【解析】解：（1）A、细线的作用是能显示出力的方向，所以不必须等长。故A错误； B、实验的目的是验证力的平行四边形定则，要根据两个弹簧拉橡皮筋时两个拉力的大小和方向做出平行四边形求出其合力大小，为减小实验误差，拉橡皮条时标记同一细绳方向的两点要远些，故B正确； C、两个分力的夹角要尽量大小适中，不能太小，也不能太大。故C错误； D、为减小实验误差，拉橡皮条时，弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行，故D正确； 故选：BD； （2）1N被分为5格，每小格表

30、示0.1N，读数时需估读，故读数为3.02N； （3）为了得到合力与分力的关系，还要以F1、F2为邻边作平行四边形，在图丙中通过作图作出合力F，再与合力比较即可。 故答案为：（1）BD；（2）3.02；（3）为了得到合力与分力的关系，还要以F1、F2为邻边作平行四边形，在图丙中通过作图作出合力F，再与合力比较即可（1）在实验中使用一根弹簧秤拉细线与两根弹簧秤拉细线的作用效果要相同（即橡皮条拉到同一位置），而细线的作用是画出力的方向，弹簧秤能测出力的大小，因此细线的长度没有限制，弹簧秤的示数也没有要求，两细线的夹角不要太小也不要太大，但拉弹簧秤时必须保证与木板平面平行。 （2）根据弹簧秤的读数方

31、法可明确对应的读数； （3）根据作图法可明确合力的大小和方向。本题考查验证力的平衡四边形定则的实验规律，要注意明确矢量合成的法则，熟练应用平行四边形定则解题；实验中的具体步骤要本着简单易行，便于操作，有利于减小误差进行，所有操作步骤的设计都是以实验原理和实验目的为中心展开。18.【答案】B；交流220V；左端没有垫高或小车离打点计时器太远； 0.36【解析】解：（1）电磁式打打点计时器有明显的电磁铁，而火花式是一个封闭，由此可区别两种计时器。 （2）先要平衡摩擦力，即左端垫高；再就是打点计时器释放前应靠近计时器，而图中均没有按此要求来做，二选一即可。 （3）v2=m/s=0.36m/s。 故答

32、案为：（1）B，交流220V；（2）左端没有垫高或小车离打点计时器太远；（3）0.36（1）从外形就能区别两种打点计时器； （2）在做实验之前均要求平衡摩擦力，当不用拉力时小车能在平板上做匀速直线运动； （3）用时间中点的瞬时速度代替这段时间的平均速度。本题考察打点计时器的识别，瞬时速度的测定等总理，这些内容只有掌握了控制变量法的大原理等，才能顺利解决此类问题。19.【答案】解：（1）72km/h=20m/s汽车在反应时间内做匀速直线运动，在反应时间内的位移为：x=v0t=200.6=12m（2）设刹车后经过ts后两车的速度为0，则有：t=v0a=205=4s（3）汽车ts内的位移为：x=v0

33、22a=20225=40m汽车的总位移为：x总=x+x=12+40=52m60m可知不会发生追尾事故答：（1）汽车在司机反应时间内前进的距离是12m；（2）刹车的时间是4s；（3）不会发生追尾。【解析】（1）汽车在反应时间内做匀速直线运动，根据匀速直线运动的公式x=v0t求出在反应时间中的位移。 （2）汽车制动后做减速运动，由速度公式求出停止的时间； （3）求出车的位移，然后比较即可。解决本题的关键知道速度大者减速追速度小者，判断是否相撞，只要判断速度相等之时，有无相撞。注意不能通过停下来后的位移关系去判断。20.【答案】解：（1）由图示图象可知，3s内物体的位移：x=12（1+2）2+122

34、（3-2）=4m；（2）（3）由图示图象可知，物体的加速度大小：a1=vt=212=0.5m/s2，a2=vt=2032=2m/s2，由牛顿第二定律得：F-mg=ma1mg=ma2，解得：F=2.5N，=0.2；答：（1）3s内物体的位移为4m；（2）物体与水平桌面间的动摩擦因数为0.2；（3）拉力F的大小为2.5N。【解析】（1）物体v-t图象与坐标轴所形成图形的面积等于物体的位移，由图示图象可以求出物体的位移。 （2）（3）由图示图象求出物体的加速度，应用牛顿第二定律求出动摩擦因数与拉力大小。本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合，关键是知道v-t图象的含义，斜率表示加速度，面积表示位移

35、，由图象求解加速度，再结合牛顿第二定律求解即可。21.【答案】解：（1）滑块在斜面上做匀加速运动，根据机械能守恒定律得：mgL1sin30=12mvB2代入数据解得：vB=2m/s（2）从A到C根据动能定理可得：mgL1sin30-mgL2=0解得：L2=1m；（3）从A到C根据动能定理可得：mgL1sin30-mg（L2-L）=12mvC2-0解得：vC=1.6m/s，物体离开B后做平抛运动，根据平抛运动的规律可得：h=12gt2，解得：t=0.4s，所以落地点P距C点正下方的O点的距离为：x=vCt=0.64m。答：（1）滑块到达B点速度vB的大小为2m/s；（2）B点到桌面边缘C点的距离为1m；（3）落地点P距C点正下方的O点的距离为0.64m。【解析】（1）滑块在斜面上做匀加速运动，由牛顿第二定律求得加速度，再由速度位移公式求滑块到达B点速度vB的大小；或根据机械能守恒定律列式求解B点速度。 （2）滑块从A到C过程中，根据动能定理求出B点到桌面边缘C点的距离L2； （3）根据动能定理求解C点的速度，再根据平抛运动求解水平位移。本题主要是考查了动能定理；运用动能定理解题时，首先要选取研究过程，然后分析在这个运动过程中哪些力做正功、哪些力做负功，初末动能为多少，根据动能定理列方程解答。第15页，共15页