高二物理第一学期期末考试试题两份汇总(附参考答案)汇总(DOC 16页).doc

1、高二物理第一学期期末考试试题一第卷（选择题，共40分）一、单项选择（本题共12小题，18每小题3分，912每小题4分, 共40分在每题给出的四个选项中，只有一个选项正确）1关于静电场，下列结论普遍成立的是（）A电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关B电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低C将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点，电场力做功为零D沿电场线方向电势总是降低的2 某电场的电场线分布如图所示（实线），以下说法正确的是（）Ab点场强大于d点场强 Bb和c处在同一等势面上C若将一试探电荷+q由a点移动到d点,电荷的电势能将减小 D若某一点电荷只在电场力的作用下沿虚

2、线由 a点运动到d点，可判断该电荷一定带负电3下列公式中定义的物理量不是采用比值定义法得出的是（）A. B. C. D.将两个分别带有电荷量2Q和5Q的相同金属小球A、B分别固定在相距为 r 的两处(均可视为点电荷)，它们之间库仑力的大小为F.现将第三个与A、B两小球完全相同的不带电小球C先后与A、B两小球相互接触后拿走，A、B两小球间距离保持不变，则两小球间库仑力的大小为（）AF B.F C.F D.F5下图所列的4个图象中，最能正确地表示家庭常用的白炽电灯在不同电压下消耗的电功率P与电压平方U 2之间的函数关系的是以下哪个图象（）PU2oPU2oPU2oP U2o A. B. C. D.6

3、如图所示的电路中，灯泡L的电阻大于电源的内阻r，闭合电键S，将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后，下列结论正确的是()A灯泡L变亮 B电压表读数变大C电容器C上电荷量减少 D电流表读数变大7.如图2所示，是测定两个电源的电动势和内阻实验得到的电流和路端电压图线，下列说法不正确()A当I1I2时，电源总功率P1P2B当I1I2时，外电阻R1R2C当U1U2时，电源输出功率P出1P出2D当U1U2时，内电阻消耗的功率P内1P内28.如图所示，两条通电直导线相互垂直放置，一条流向纸内的电流的导线M固定不动，而另一条通有竖直向下电流的导线AB可自由转动，下列说法正确的是( )A.A端向里、B端向外转动

4、，同时靠近M导线B.A端向外、B端向里转动，同时靠近M导线C.A端向外、B端向里转动，同时远离M导线D.A端向里、B端向外转动，同时远离M导线9.有三个质量相等、分别带有正电与负电及不带电的微粒，从极板左侧中央以相同的水平初速度v先后垂直场强射入，分别落到极板A、B、C处，如图所示则下列说法正确的有 ( )A粒子A带负电，B不带电，C带正电B三个粒子在电场中运动的时间相等C三个粒子在电场中运动的加速度aAaBEBEC10一束电子流沿x轴正方向高速运动，如图所示，则电子流产生的磁场在z轴上的点P处的方向是（ ）A.沿z轴负方向 B.沿y轴负方向C.沿z轴正方向 D.沿y轴正方向 11甲（本题非省

5、示范高中同学做，省示范中学同学不做）带电粒子在匀强磁场中运动，由于受到阻力作用，粒子的动能逐渐减小（带电荷量不变，重力忽略不计），轨道如图中曲线abc所示.则该粒子 （ ）A. 带负电，运动方向abc B. 带负电，运动方向cbaC. 带正电，运动方向abc D. 带正电，运动方向cba11乙（本题省示范高中同学做，非省示范中学同学不做）设回旋加速器中的匀强磁场的磁感应强度为B，粒子的质量为m，所带电荷量为q，刚进入磁场的速度为v0，回旋加速器的最大半径为R，那么两极间所加的交变电压的周期T和该粒子的最大速度v分别为( ) AT，v不超过 BT，v不超过 CT，v不超过 DT，v不超过12甲（

6、本题非省示范高中同学做，省示范中学同学不做）如图所示，质量为m、电量为e的电子的初速为零，经电压为U的加速电场加速后进入磁感强度为B的偏转磁场（磁场方面垂直纸面），其运动轨迹如图所示。以下说法中正确的是( )A加速电场的场强方向向上 B偏转磁场的磁感应强度方向垂直纸面向里C电子在电场中运动和在磁场中运动时，加速度都不变，都是匀变速运动D电子在磁场中所受的洛伦兹力不做功12乙.（本题省示范高中同学做，非省示范中学同学不做）长为L的水平极板间，有垂直纸面向内的匀强磁场，如图所示，磁感应强度为B，板间距离也为L，板不带电，现有质量为m，电荷量为q的带正电粒子(不计重力)，从左边极板间中点处垂直磁感线

7、以速度v水平射入磁场，欲使粒子不打在极板上，可采用的办法是( )A使粒子的速度v B使粒子的速度v D使粒子速度 v 第卷 （非选择题 共60分） 二、实验题（本题包括2小题，共20分）13（12分）（1）在测定金属丝电阻率的实验中，某同学先用螺旋测微器测出待测金属丝的直径，如图甲所示，则螺旋测微器的读数为 mm.（2）该同学连接电路如图乙所示闭合电键后，发现电路有故障，电源、电表均完好，电源电动势为E，若电流表示数为零，电压表示数为E，则发生故障的是 A导线 B滑动变阻器 C电键 D待测金属丝0.63_A315V+待测金属丝 图乙 图甲 （3）排除故障后，该同学为了验证实验过程中是否出现读数

8、或计算失误，他又用多用 电表测量了待测金属丝的电阻，他先用“10”档位进行测量，表的指针如图丙所 示，于是他又重新进行了测量，首先进行了档位重选，他又选择了 档位（选填“1”或“100”），然后再进行 ，用新的档位进行测量后指针所指位置如图丁所示，此时多用表显示的读数为 .图丁图丙6246420014（8分）在“测定电源的电动势和内阻”的实验中，已连接好部分实验电路(1)按如图甲所示的实验电路，把图乙中剩余的电路连接起来(2)在图乙的电路中，为避免烧坏电表，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于_端(填“A”或“B”)(3)上右图是根据实验数据作出的UI图象，由图可知，电源的电动势E_V，内阻r_

9、.三、计算题（本大题共4个小题，每题10分,共40分。要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的，不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.）15甲（ 10分）（本题非省示范高中同学做，省示范高中同学不做）一太阳能电池板，测得它的开路电压为 800 mV，短路电流为400 mA，若将该电池板与一阻值为2 的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是多少？15乙（ 10分）（本题省示范高中同学做，非省示范高中同学不做）如图所示电路，已知R34 ，闭合电键，安培表读数为0.75 A，伏特表读数为2 V，经过一段时间，一个电阻被烧坏(断路)，使安培表读数变为0.8 A

10、，伏特表读数变为3.2 V，问：(1)哪个电阻发生断路故障？(2)R1的阻值是多少？(3)能否求出电源电动势E和内阻r？如果能，求出结果；如果不能，说明理由16甲（ 10分）（本题非省示范高中同学做，省示范高中同学不做）一根长为L的丝线吊着一质量为m，带电荷量为q的小球静止在水平向右的匀强电场中，如图所示，丝线与竖直方向成37角，现突然将该电场方向变为向下且大小不变，不考虑因电场的改变而带来的其他影响(重力加速度为g)，求：(1)匀强电场的电场强度的大小？ (2)求小球经过最低点时丝线的拉力？16乙（ 10分）（本题省示范高中同学做，非省示范高中同学不做）如图所示，AB、CD为两平行金属板，A

11、、B两板间电势差为U，C、D始终和电源相接，测得其间的场强为E.一质量为m 、电荷量为q的带电粒子(重力不计)由静止开始，经AB加速后穿过CD发生偏转，最后打在荧光屏上，已知C、D极板长均为x，荧光屏距C、D右端的距离为L，问：(1)粒子带正电还是带负电？(2)粒子打在荧光屏上距O点下方多远处？17甲（ 10分）（本题非省示范高中同学做，省示范高中同学不做）水平面上有电阻不计的U形导轨NMPQ，它们之间的宽度为L，M和P之间接入电动势为E的电源(不计内阻)现垂直于导轨搁一根质量为m，电阻为R的金属棒ab，并加一个范围较大的匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向与水平面夹角为且指向右斜上方，如右图所

12、示，问：(1)当ab棒静止时，受到的支持力和摩擦力各为多少？(2)若B的大小和方向均能改变，则要使ab棒所受支持力为零，B的大小至少为多少？此时B的方向如何？120oEABA12ro17乙（ 10分）（本题省示范高中同学做，非省示范高中同学不做）如图所示，在水平方向的匀强电场中，用长为L不可伸长的绝缘细线拴住一质量为m，带电荷量为q的小球1，线的上端固定于O点，若在B点同一水平线上的左方距离为r处固定另一带电小球2，小球1恰好处于静止状态，当拿走小球2后，小球1由静止开始向右摆动，当细线转过120o角到达A点时的速度恰好为零,此时OA恰好处于水平状态，设整个过程中细线始终处于拉直状态,静电力常

13、量为k.求： （1）B、A两点间的电势差U ？ （2）匀强电场的场强E的大小？ （3）小球2的带电量Q .dABvo18甲. （ 10分）（本题普通中学做，省示范高中同学不做）如图所示，一个电子（电量为e）以速度v0垂直射入磁感应强度为B，宽为d的匀强磁场中，穿出磁场的速度方向与电子原来的入射方向的夹角为30，（电子重力忽略不计）求：（1）电子的质量是多少？（2）穿过磁场的时间是多少？ （3）若改变初速度大小，使电子刚好不能从A边射出，则此时速度v是多少？Pd18乙（10分）（本题省示范高中同学做，非省示范高中同学不做）在平面直角坐标系xOy中，第象限存在沿y轴负方向的匀强电场，第象限存在垂直

14、于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度为B.一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子从y轴正半轴上的M点以一定的初速度垂直于y轴射入电场，经x轴上的N点与x轴正方向成60角射入磁场，最后从y轴负半轴上的P点垂直于y轴射出磁场，已知ON=d,如图所示.不计粒子重力，求：（1）粒子在磁场中运动的轨道半径R ；（2）粒子在M点的初速度v0的大小？试卷二时间：90分钟一、单项选择题（每小题3分，共21分）1如图所示，空间有一电场，电场中有两个点a和b。下列表述正确的是()A该电场是匀强电场Ba点的电场强度比b点的大Cb点的电场强度比a点的大D正电荷在a、b两点受力方向相同2如图所示，a、b分别表示由相同材料

15、制成的两条长度相同、粗细均匀电阻丝的伏安特性曲线，下列判断中正确的是( )Aa代表的电阻丝较粗 Bb代表的电阻丝较粗Ca电阻丝的阻值小于b电阻丝的阻值D图线表示的电阻丝的阻值与电压成正比3以下说法中，正确的是( )A磁极与磁极间的相互作用是通过磁场产生的B电流与电流的相互作用是通过电场产生的 C磁极与电流间的相互作用是通过电场与磁场而共同产生的D磁场和电场是同一种物质4如图所示，把一条导线平行地放在如图所示磁针的上方附近，当导线中有电流时，磁针会发生偏转。首先观察到这个实验现象的物理学家是（ ）A奥斯特 B法拉第 C牛顿 D伽利略5一平行板电容器两极板间距为d，极板面积为S，电容为 ，其中0是

16、常量对此电容器充电后断开电源当增加两板间距时，电容器极板间( )A电场强度不变，电势差不变 B电场强度不变，电势差变大C电场强度减小，电势差不变 D电场强度减小，电势差减小6所示，固定的水平长直导线中通有电流I，矩形线框与导线在同一竖直平面内，且一边与导线平行线框由静止释放，在下落过程中()A穿过线框的磁通量保持不变 B线框所受安培力的合力为零C线框中感应电流方向保持不变 D线框的机械能不断增大7极射线管中电子流方向由左向右，其上方有一根通有如图所示电流的直导线，导线与阴极射线管平行，则阴极射线将()A向纸里偏转B向纸外偏转C向上偏转D向下偏转二、双项选择题（每小4分，共24分）8.电子以初速

17、度v0垂直进入磁感应强度为B的匀强磁场中，则（ ） A磁场对电子的洛伦兹力大小、方向恒定不变 B磁场对电子的洛伦兹力始终不做功C电子的速度、加速度始终不变 D电子的动能始终不变9.根据磁场对电流会产生作用力的原理，人们研制出一种新型的炮弹发射装置-电磁炮，它的基本原理如图所示，下列结论中正确的是 （ ）A要使炮弹沿导轨向右发射，必须通以自N向M的电流B要想提高炮弹的发射速度，可适当增大电流C使电流和磁感应强度的方向同时反向，炮弹的发射方向亦将随之反向D要想提高炮弹的发射速度，可适当增大磁感应强度10.在下图所示的匀强磁场中，已经标出了电流I和磁场B以及磁场对电流作用力F三者的方向，其中正确的是

18、（ ）11.如图所示的各图中，闭合线框中能产生感应电流的是（ ）12如图所示，光滑固定的金属导轨M、N水平放置，两根导体棒P、Q平行放置在导轨上，形成一个闭合回路，一条形磁铁从高处下落接近回路时( )AP、Q将相互靠拢 BP、Q将相互远离C磁铁的加速度大于g D磁铁的加速度小于g13如图所示，粗糙水平桌面上有一质量为m的铜质矩形线圈当一竖直放置的条形磁铁从线圈中线AB正上方等高快速经过时，若线圈始终不动，则关于线圈受到的支持力FN及在水平方向运动趋势的正确判断是()AFN先小于mg后大于mg BFN先大于mg后小于mgC运动趋势向左 D运动趋势向右三、实验题（每空3分，共18分）14、在“描绘

19、小灯泡的伏安特性曲线”实验中，所用器材有：小灯泡(2.5 V,0.6 W)，滑动变阻器，多用电表，电流表，学生电源，开关、导线若干(1)粗测小灯泡的电阻，应选择多用电表_倍率的电阻挡(请填写“1”、“10”或“100”)；调零后，将表笔分别与小灯泡的两极连接，示数如图甲，结果为_. (2)实验中使用多用电表测量电压，请根据实验原理图乙完成实物图丙中的连线(3)开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片P置于_端为使小灯泡亮度增加，P应由中点向_端滑动(4)下表为电压等间隔变化测得的数据为了获得更准确的实验图像，必须在相邻数据点_间多测几组数据 (请填写“ab”、“bc”、“cd”、“de”或“ef”).

20、数据点abcdefU/V0.000.501.001.502.002.50I/A0.0000.1220.1560.1850.2160.244三、计算题（每题18分，共36分）15.在图中R1=14，R2=9.当开关处于位置1时，电流表读数I1=0.2A；当开关处于位置2时，电流表读数I2=0.3A.求电源的电动势E和内电阻r。16.如图所示，水平U形光滑框架，宽度为1m，电阻忽略不计，导体ab质量是0.2kg，电阻是0.1，匀强磁场的磁感应强度B=0.1T，方向垂直框架向上现用1N的外力F由静止拉动ab杆，当ab的速度达到1m/s时，求( 1 ) 此时感电流的方向和ab杆产生的感应电动势的大小（

21、 2 ）ab杆加速度的大小17如图所示，两根竖直的平行光滑导轨MN、PQ，相距为L.在M与P之间接有定值电阻R.金属棒ab的质量为m，水平搭在导轨上，且与导轨接触良好整个装置放在水平匀强磁场中，磁感应强度为B.金属棒和导轨电阻不计，导轨足够长若开始就给ab竖直向下的拉力F，使其由静止开始向下做加速度为a(ag)的匀加速运动，试求出拉力F与时间t的关系式试卷一参考答案题号1234567891011甲11乙12甲12乙答案CBBB CDABDA13（12分）（1） 0.900 （3分）（2）D (3分) （3） 1 （2分）， 欧姆调零 （2分）， 4.8 （2分）14答案：(1)如图（2分） (

22、2)B（2分） (3)1.5（2分） 1.0（2分）解析：(1)电路连接如图(2)闭合开关前，滑动变阻器接入电路中的阻值应该最大，故滑片应置于B端(3)由图象可知，电源电动势为1.5V，内阻r1.0.15甲.（10分）解析: 电源电动势 E=800mV=0.8V.短路电流为400 mA=0.4A 电源内阻r=E/I=2 （3分） 闭合电路中的电流I=E/R总=0.2A（3分） 路端电压U=IR=0.22=0.4 V 或U=EIr=0.8 V0.22 V=0.4 V（4分）15乙.（10分）解析：(1)伏特表和安培表有示数且增大，说明外电阻增大，故只能是R2被烧断路了（2分）（2）R2断路后，伏

23、特表读数的读数就是R1两端的电压，因此有：R14 W（2分）（3）由EU2I2（rR4）和EI1R1（rR4）（2分）可得：E4 V，rR41 W（2分）因为R4未知，所以不能求出r的值 （2分）。16甲（10分）.解析：(1)小球静止在电场中受力如图所示，显然小球带正电，由平衡条件得：mgtan37qE （2分）故E （2分）(2)电场方向变成向下后，小球开始摆动做圆周运动，重力、电场力对小球做正功由动能定理得：mv2(mgqE)l(1cos37) （2分）由圆周运动知识，在最低点时，F向FT(mgqE)m （2分）由解得FTmg（2分）16乙（10分）.解析：(1)粒子向下偏转，电场力向下

24、，电场强度方向也向下，所以粒子带正电（3分）(2)设粒子从AB间出来时的速度为v，则有qUmv2 （1分）设粒子离开偏转电场时偏离原来方向的角度为，偏转距离为y，则在水平方向有vxv，xvt （1分）在竖直方向有vyat，yat2 （1分）其中a，t（2分）由此得到tan，y （1分）所以粒子打在荧光屏上的位置离开O点的距离为yyLtan(L) （1分）17甲（10分）.解析:从b向a看侧视图如图所示(1)水平方向：FFAsin （2分）竖直方向：FNFAcosmg （2分）又FABILBL（1分）联立得：FNmg，F.（2分）(2)使ab棒受支持力为零，且让磁场最小，可知安培力竖直向上则有F

25、AmgBmin，根据左手定则判定磁场方向水平向右（3分）17乙(10分)120oEABA12rFO（1）从B到A由动能定理得：-300=0-0（2分）U=（1分）（2）匀强电场 E=（1分）=L+Lsin30（1分）所以=（1分）（3）小球1和2间的作用力为 （1分）小球1受力平衡（1分）（1分）所以（1分）dABvo18甲（10分）. 解：（1）R=d/sin300 （2分）得R=2d （2分）由 （1分） 得m=2Bde/ v0 （1分） （2） （1分） 得t=T/12= d/(3v0) （1分）（3）画图知R=d,由R=mv0/Be=2d 得v0= v0/2（2分）Pd18乙（10分）

26、 （1）做出带电粒子的运动轨迹如图由三角形相关知识得（2分）（2分）（2）由qvB=mv2/R（2分）得v（1分）在N点速度v与x轴正方向成60角射出 v0vvy电场，将速度分解如图 cos= v0/v（2分）得射出速度v=2v0， v0= （1分）试卷二参考答案一、单项选择题（每小题4分，共16分）1234567BBAABCD二、双项选择题（每题6分，共30分）8910111213BDBDBDABADBD三、实验题（每空3分，共18分）14（ 1 ）1 7.37.7 （ 2 ）（ 3 ）a或左 b或右 （ 4 ） ab 四、计算题（每题18分，共36分）15、解：设电源的电动势为E、内阻为r

27、，则由闭合电路的欧姆定律可得：开关处于1时：E=I1（R1+r) 开关处于2时：E=I2（R2+r) 代入数据得： E=0.1(14+r) E=0.15(9+r) 解之得：E=1.5V，16、解：（1）由右手定则或楞次定律得，导体ab的电流方向由a流向b根据导体棒切割磁感线的电动势 E=BLv=0.1v（2）由闭合电路欧姆定律得回路电流I=E/Rab所受安培力F安=BIL=0.1N， 根据牛顿第二定律F-F安 =ma 得ab杆的加速度a=(F-F安)/m联立以上各式得： a=4.5m/s217经过时间t，ab的速度为vatt时刻的安培力F安BILBLt由牛顿第二定律得：FmgF安ma解之得Fm(ag)t.