2019届高考化学专题十四化学反应速率与化学平衡图象题的破解策略精准培优专练.doc

1、教学课件培优点十四 化学反应速率与化学平衡图象题的破解策略一化学平衡的相关计算1平衡常数的计算典例1t时，体积不变的密闭容器中发生反应：X(g)3Y(g)2Z(g)，各组分在不同时刻的浓度如下表：物质XYZ初始浓度/molL10.10.202min末浓度/molL10.08ab平衡浓度/molL10.050.050.1下列说法中正确的是（ ）A平衡时，X的转化率为20%Bt时，该反应的平衡常数为40C增大平衡后的体系压强，v正增大，v逆减小，平衡向正反应方向移动D前2min内，用Y的变化量表示的平均反应速率v(Y)0.03mol(Lmin) -1【解析】X的转化率(X)0.05molL10.1

2、molL1100%50%，故A错误；平衡常数K1600，故B错误；增大压强，正、逆反应速率均增大，故C错误；由表格中数据可知2min内Y的浓度减小了0.06molL1，v(Y)0.06molL12min0.03mol(Lmin) -1，故D正确。【答案】D2转化率的计算典例2如图，甲容器有一个移动活塞，能使容器保持恒压。起始时向甲中充入2mol SO2、1mol O2，向乙中充入4mol SO2、2mol O2。甲、乙的体积都为1L(连通管体积忽略不计)。保持相同温度和催化剂存在的条件下，关闭活塞K，使两容器中各自发生下述反应：2SO2(g)O2(g)2SO3(g)。达平衡时，甲的体积为0.8

3、L。下列说法正确的是（ ）A乙容器中SO2的转化率小于60%B平衡时SO3的体积分数：甲乙C打开K后一段时间，再次达到平衡，甲的体积为1.4 LD平衡后向甲中再充入2mol SO2、1mol O2和3mol SO3，平衡向正反应方向移动【解析】根据阿伏加德罗定律(同温同容时，压强之比等于物质的量之比)，达平衡后，混合气体的物质的量是初始时物质的量的0.8倍，即0.83mol2.4mol，即减小了0.6mol，根据化学方程式的计算可知：2SO2(g)O2(g)2SO3(g)n 211.2mol 0.6mol即达平衡后，反应了1.2mol SO2，甲容器中SO2的转化率为100%60%，若乙容器压

4、强也不变，则平衡后体积为1.6L，现体积不变，相当于甲平衡后增大压强，平衡正向移动，SO2的转化率增大，A错误；根据上述分析，平衡时SO3的体积分数：甲乙，B错误；根据上述分析，打开K后一段时间，再次达到平衡，总体积为2.4L，因此甲的体积为1.4L，C正确；根据上述分析，甲平衡后，容器中有0.8mol SO2，0.4mol O2，1.2mol SO3，物质的量之比为213，平衡后向甲中再充入2mol SO2、1mol O2和3mol SO3，物质的量之比不变，平衡不移动，D错误。【答案】C3平衡时浓度的计算典例3某温度下，在甲、乙、丙、丁四个恒容密闭容器中投入H2和I2，发生反应：H2(g)

5、I2(g)2HI(g)。反应体系中各物质浓度的有关数据如下。容器起始浓度平衡浓度c(H2)/(molL1)c(I2)/(molL1)c(HI)/(molL1)甲0.010.010.004乙0.010.02a丙0.020.01b丁0.020.02下列判断正确的是（ ）AHI的平衡浓度：ab0.004B平衡时，H2的转化率：丁甲C平衡时，乙中H2的转化率等于20%D丙中条件下，该反应的平衡常数K4【解析】对比甲容器，乙容器中增大碘的浓度，平衡正向移动，碘化氢的浓度增大，丙容器中氢气的浓度增大，平衡正向移动，碘化氢的浓度增大，且两者转化率相同，故HI的平衡浓度：ab0.004，A正确；恒温恒容，丁与

6、甲相比，各物质浓度增大一倍，为等效平衡，转化率相同，B错误；甲容器中氢气的转化率为100%20%，乙中增大碘的浓度，氢气的转化率增大，大于20%，C错误；平衡常数只与温度有关，温度不变，平衡常数不变，故可以根据甲容器计算丙中条件下的平衡常数，K0.25，D错误。【答案】A4气体的平均分子量的计算典例4在一定温度下，将两种气体M和N通入容积为VL的密闭容器中进行反应，M和N的物质的量与时间的关系如图所示，下列说法正确的是( )A0t2内用M表示的平均反应速率是2/t2（mol(Lmin) -1）Bt1t2内容器内的压强逐渐减小C该反应的方程式为N2MDt2与t3时刻的混合气体的平均相对分子质量相

7、等【解析】图像看出反应从开始到平衡，N的物质的量减小，应为反应物，M的物质的量增多，应为是生成物，结合反应的方程式可计算相关物质的反应速率以及物质的量浓度关系。N的物质的量减小，应为反应物，平衡时物质的量变化值为8mol-2mol=6mol，M的物质的量增多，应为生成物，平衡时物质的量的变化值为5mol-2mol=3mol，则有n(N)n(M)=6mol：3mol=21，可知反应的化学方程式为2NM。则A0t2内M的物质的量增加了4mol2mol2mol，则用M表示的平均反应速率是2mol/(VLt2min)=2/Vt2 mol(Lmin) -1，A错误；Bt1t2内容器发生反应2NM，N转化

8、为M，物质的量减少，所以容器内的压强逐渐减小，B正确；C根据以上分析可知反应的化学方程式为2NM，C错误；Dt2与t3时刻的混合气体的总物质的量不同，分别为8mol和7mol，则平均相对分子质量不等，D错误；答案选B。【答案】B5体系压强的计算典例5在一密闭的容器中，将一定量的NH3加热使其发生分解反应：2NH3(g)N2(g)3H2(g)，当达到平衡时，测得25%的NH3分解，此时容器内的压强是原来的（ ）A1.125倍 B1.25倍 C1.375倍 D1.5倍【解析】假设原容器中含有2mol氨气，达到平衡时，测得25%的NH3分解，则容器中含有氨气2mol(1-25%)=1.5mol，氮气

9、为2mol25%0.25mol，氢气为2mol25%=0.75mol，同温同体积是气体的压强之比等于物质的量之比，平衡时，容器内的压强是原来的=1.25倍，故选B。【答案】B二对点增分集训1在20、5.05105Pa条件下，某密闭容器中进行反应2A(g)xB(g)4C(g)，达平衡时c(A)1.00molL1，现将压强减小到1.01105 Pa，建立平衡后，c(A)0.18molL1，则下列说法正确的是（ ）A系数x2B若增大该体系的压强，平衡向左移动，化学平衡常数变小C若增大该体系的压强，平衡向右移动，化学平衡常数不变D该反应的化学平衡常数表达式是K【解析】在5.05105 Pa条件下达平衡

10、时c(A)1.00molL1，现将压强减小到1.01105 Pa，压强为原来的，若平衡不发生移动，则建立平衡后，A的浓度也应该为原来的，即c(A)0.20molL1，但是c(A)0.18molL1，说明减小压强，平衡正向移动。根据平衡移动原理，减小压强，平衡向气体体积增大的方向移动，所以2x0，故错误；D. 若m+n=p+q，则向含有a mol气体的平衡体系中再加入a mol的B，达到新平衡时总物质的量不变，仍为2a mol，故正确。故选C。【答案】C7在10L密闭容器中，1mol A和3mol B在一定条件下反应：A(g)+xB(g)2C(g)，2 min后反应达到平衡时，测得混合气体共3.

11、4mol，生成0.4mol C，则下列计算结果正确的是（ ）A平衡时，容器内的压强是起始时的 Bx值等于3CA的转化率为20%DB的平均反应速率为0.4molL-1min-l【解析】 A(g)+xB(g)2C(g)起始量（mol）： 1 3 0转化量（mol）：0.2 0.2x 0.4平衡量（mol）：0.8 3-0.2x 0.4混合气体共3.4mol=0.8mol+（3-0.2x）mol+0.4mol，解得x=4A. 压强之比是物质的量之比，则平衡时，容器内的压强是起始时的=，A错误；B. 根据计算可知x=4，B错误；C. A的转化率为0.2/1100%=20%，C正确；D. 消耗B的浓度是

12、0.8mol10L0.08molL-1，则B的平均反应速率为0.08molL-12min0.04molL-1min-l，D错误；答案选C。【答案】C8恒温下，物质的量之比为21的SO2和O2的混合气体在容积为2L的恒容密闭容器中发生反应：2SO2(g)+O2(g)2SO3(g)(正反应为放热反应)，n(SO2)随时间变化关系如下表：时间/min012345n(SO2)/mol0.200.160.130.110.080.08下列说法正确的是（ ）A该反应进行到第3分钟时，逆反应速率大于正反应速率B若要提高SO2的转化率，可用空气代替纯氧气并鼓入过量空气C从反应开始到达到平衡，用SO3表示的平均反

13、应速率为0.01mol(Lmin) -1D容器内达到平衡状态时的压强与起始时的压强之比为54【解析】A根据表中数据可知反应进行到第3分钟时没有达到平衡状态，反应向正反应方向进行，则逆反应速率小于正反应速率，A错误；B用空气代替纯氧气并鼓入过量空气，可促进二氧化硫的转化，平衡正向移动，则提高SO2的转化率，B正确；C由表格数据可知，4min时达到平衡，消耗二氧化硫为0.20mol-0.08mol=0.12mol，即生成SO3为0.12mol，浓度是0.06molL1，则用SO3表示的平均反应速率为0.06molL14min=0.015mol(Lmin)-1，C错误；D开始SO2和O2的物质的量分

14、别为0.2mol、0.1mol，由表格数据可知平衡时SO2、O2、SO3的物质的量分别为0.08mol、0.04mol、0.12mol，由压强之比等于物质的量之比可知，达到平衡状态时的压强与起始时的压强之比为(0.08+0.04+0.12)/(0.2+0.1)=45，D错误；答案选B。【答案】B9甲醇汽油是一种新能源清洁燃料，可以作为汽油的替代物。工业上可用CO和H2制取甲醇，化学方程式为CO(g)2H2(g)CH3OH(g) Hb kJmol1，为研究平衡时CO的转化率与反应物投料比及温度的关系，研究小组在10 L的密闭容器中进行模拟反应，并绘出如图所示曲线： （1）b_(填“”或“”)0。

15、（2）若反应的n(CO)10 mol、投料比为0.5，则：A点的平衡常数KA_，B点的平衡常数KB_(填“”“”或“”)KA。（3）为提高CO的转化率可采取的措施是_、_(答出两条即可)。【解析】（1）由图像可知，一氧化碳转化率随温度升高而减小，说明平衡逆向移动，正反应为放热反应，b0。（2）若反应的n(CO)10mol、投料比为0.5，则n(H2)20mol，CO(g)2H2(g)CH3OH(g)起始量(molL1)1 2 0变化量(molL1)0.5 1 0.5平衡量(molL1)0.5 1 0.5A点的平衡常数KA1，A、B点是相同温度下的平衡，平衡常数只随温度变化，所以A、B点的平衡常

16、数相同。（3）依据反应特征和平衡移动原理分析提高一氧化碳转化率可采取减小投料比、较低温度、增大压强、分离出CH3OH等措施。【答案】（1）（2）1（3）减小投料比在较低温度下进行反应10Bodensteins研究了下列反应：2HI(g)H2(g)I2(g)在716K时，气体混合物中碘化氢的物质的量分数x(HI)与反应时间t的关系如下表：t/min020406080120x(HI)10.910.850.8150.7950.784x(HI)00.600.730.7730.7800.784（1）根据上述实验结果，该反应的平衡常数K的计算式为_。（2）上述反应中，正反应速率为v(正)k正x2(HI)，

17、逆反应速率为v(逆)k逆x(H2)x(I2)，其中k正、k逆为速率常数，则k逆为_(以K和k正表示)。若k正0.0027min1，在t40 min时，v(正)_ min1。（3）由上述实验数据计算得到v(正)x(HI)和v(逆)x(H2)的关系可用下图表示。当升高到某一温度时，反应重新达到平衡，相应的点分别为_(填字母)。【解析】（1）设开始加入的HI为x mol，达平衡时转化的HI为a mol，则 2HI(g)H2(g)I2(g)开始量/mol x 0 0转化量/mol a 平衡量/mol xa 所以0.784，得a0.216x，K。（2）平衡状态下，v(正)v(逆)，故有k正x2(HI)k逆x(H2)x(I2)，则k逆。v(正)k正x2(HI)，在40 min时，x(HI)0.85，所以，v(正)0.0027min10.8521.95103min1。（3）图象右半区的正反应速率加快，坐标点会上移；平衡(题中已知正反应吸热)向右移动，坐标点会左移。综前所述，找出A点，同理可找出E点。【答案】（1）（2）1.95103（3）AE