黑龙江省绥化市重点中学2022-2023学年高三下学期适应性月考卷（三）物理试题.doc

1、黑龙江省绥化市重点中学2022-2023学年高三下学期适应性月考卷（三）物理试题注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24

2、分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，箱子中固定有一根轻弹簧，弹簧上端连着一个重物，重物顶在箱子顶部，且弹簧处于压缩状态。设弹簧的弹力大小为F，重物与箱子顶部的弹力大小为FN。当箱子做竖直上抛运动时（）AF=FN=0BF=FN0CF0，FN=0DF=0，FN02、如图所示，两同心圆环A、B置于同一光滑水平桌面上，其中A为均匀带电绝缘环，B为导体环，若A环以图示的顺时针方向，绕圆心由静止转动起来，则（ ）AB环将顺时针转动起来BB环对桌面的压力将增大CB环将有沿半径方向扩张的趋势DB环中将有顺时针方向的电流3、有一种灌浆机可以将某种涂料以速度v持续喷在墙壁上，假设

3、涂料打在墙壁上后便完全附着在墙壁上，涂料的密度为，若涂料产生的压强为p，不计涂料重力的作用，则墙壁上涂料厚度增加的速度u为()ABCD4、一列简谐横波沿x轴正向传播，某时刻的波形如图所示。在波继续传播一个波长的时间内，下列图中能正确描述x2m处的质点受到的回复力与其位移的关系的是（ ）ABCD5、如图，A、B两点固定有电荷量分别为+Q1和+Q2的点电荷，A、B连线上有C、D两点，且AC=CD=DB。试探电荷+q只在静电力作用下，从C点向右沿直线运动到D点，电势能先减小后增大，则（）AQ1一定大于Q2BC、D两点的场强方向可能相同C+q的加速度大小先减小后增大D+q的动能和电势能的总和先减小后增

4、大6、如图所示，在同一平面内有、三根长直导线等间距的水平平行放置，通入的电流强度分别为1A，2A、1A，已知的电流方向为cd且受到安培力的合力方向竖直向下，以下判断中正确的是（）A的电流方向为abB的电流方向为feC受到安培力的合力方向竖直向上D受到安培力的合力方向竖直向下二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一简谐机械横波沿x轴负方向传播，已知波的波长为8 m，周期为2 s，t0 s时刻波形如图甲所示，a、b、d是波上的三个质点。图乙是波上某一点的振动图象，则下列说法

5、正确的是 A图乙可以表示质点b的振动B在00.25s和0.250.5s两段时间内，质点b运动位移相同C该波传播速度为v16m/sD质点a在t=1s时位于波谷E.质点d 简谐运动的表达式为y=0.1sint（m）8、关于热现象，下列说法正确的是（ ）A在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，油酸分子的直径(也就是单层油酸分子组成的油膜的厚度)等于一小滴溶液中纯油酸的体积与它在水面上摊开的面积之比B两个邻近的分子之间同时存在着引力和斥力，它们都随距离的增大而减小，当两个分子的距离为r0时，引力与斥力大小相等，分子势能最小C物质是晶体还是非晶体，比较可靠的方法是从各向异性或各向同性来判断D如果用Q表示

6、物体吸收的能量，用W 表示物体对外界所做的功，U表示物体内能的增加，那么热力学第一定律可以表达为Q =U + WE.如果没有漏气没有摩擦，也没有机体热量的损失，这样的热机的效率可以达到100%9、如图所示电路，两根光滑金属导轨平行放置在倾角为的斜面上，导轨下端接有电阻R，导轨电阻不计，斜面处在竖直向上的匀强磁场中，电阻可忽略不计的金属棒ab质量为m，受到沿斜面向上且与金属棒垂直的恒力F的作用金属棒沿导轨匀速向上滑动，则它在上滑高度h的过程中，以下说法正确的是 A作用在金属棒上各力的合力做功为零B重力做的功等于系统产生的电能C金属棒克服安培力做的功等于电阻R上产生的焦耳热D恒力F做的功与安培力做

7、的功之和等于金属棒增加的机械能10、在光滑绝缘水平面上，一绝缘轻绳栓着一个带电小球绕竖直方向的轴O在匀强磁场中做顺时针方向的匀速圆周运动，磁场的方向竖直向下，其俯视图如图，若小球运动到A点时，绳子突然断开，关于小球在绳断开后的运动情况，可能的是（ ）A小球做逆时针匀速圆周运动，半径不变B小球做逆时针匀速圆周运动，半径减小C小球做顺时针匀速圆周运动，半径不变D小球做顺时针匀速圆周运动，半径减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“测定一节干电池电动势和内阻”的实验中：(1)第一组同学利用如图甲所示的实验装置测量，电压表选择量程“3

8、V”，实验后得到了如图乙的图像，则电池内阻为_；(2)第二组同学也利用图甲的实验装置测量另一节干电池的电动势和内阻，初始时滑片P在最右端，但由于滑动变阻器某处发生断路，合上开关后发现滑片P向左滑动的过程中，电流表的示数先始终为零，滑过一段距离后，电流表的示数才逐渐增大。该组同学记录了多组电压表示数U、电流表示数、滑片P向左滑动的距离x。然后根据实验数据，分别作出了U-x图象、I-x图象，如图丙所示，则根据图像可知，电池的电动势为_V，内阻为_。12（12分）某同学用图甲所示的电路测量电阻Rx的阻值（约几百欧）。滑动变阻器R，电阻箱R0（09999），S2是单刀双掷开关，量程3V的电压表（内阻约

9、3k），电源电动势约6V(1)根据图甲实验电路，在图乙中用笔画线代替导线将实物图连接完整_；(2)正确连接电路后，断开S1、S2。调节好多用电表，将两表笔接触Rx两端的接线柱，正确操作后，使用10的倍率粗测其电阻，指针指示如图丙，粗测得到Rx=_；(3)该同学通过下列步骤，较准确地测出Rx的阻值将滑动变阻器的滑片P调至图甲中的A端。闭合S1，将S2拨至1，调节变阻器的滑片P至某一位置，使电压表的示数满偏；断开S1，调节电阻箱R0，使其阻值最大；将S2拨至“2”，闭合Si，保持变阻器滑片P的位置不变，调节电阻箱的阻值，使电压表再次满偏，此时电阻箱示数为R1，则Rx=_。(4)关于本实验该同学在(

10、3)的步骤中操作不妥，可能会在步骤中造成_；为了减小实验误差：下列方法最可行的是_。（填正确答案标号）A选用量程不变，内阻更大的电压表B选用量程不变，内阻更小的电压表C选用总电阻远大于Rx的滑动变阻器D选用总电阻远小于Rx的滑动变阻器四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在xOy坐标平面的第一象限内有一沿y轴负方向的匀强电场，在第四象限内有一垂直于平面向里的匀强磁场，现有一质量为m、电量为+q的粒子（重力不计）从坐标原点O射入磁场，其入射方向与x的正方向成45角。当粒子运动到电场中坐标为（3L，L）

11、的P点处时速度大小为v0，方向与x轴正方向相同。求(1)粒子从O点射入磁场时的速度v；(2)匀强电场的场强E和匀强磁场的磁感应强度B；(3)粒子从O点运动到P点所用的时间。14（16分）如图所示，一玻璃砖的横截面为半径为R的半圆，折射率为一束单色平行光与直径MN成45角入射。已知光在真空中传播的速度为c，不考虑玻璃砖内的反射光。求：(1)从弧面射出的光线在玻璃砖内传播的最长时间(2)弧面上有光线射出的弧线长度15（12分）长为1.5m的长木板B静止放在水平冰面上，小物块A以某一初速度从木板B的左端滑上长木板B，直到A、B的速度达到相同，此时A、B的速度为0.4m/s，然后A、B又一起在水平冰面

12、上滑行了8.0cm后停下若小物块A可视为质点，它与长木板B的质量相同，A、B间的动摩擦因数1=0.1求：（取g=10m/s2）（1）木块与冰面的动摩擦因数（2）小物块相对于长木板滑行的距离参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】刚开始时，对重物受力分析，根据受力平衡有，弹簧的弹力大于重力；当箱子做竖直上抛运动时，重物处于完全失重状态，弹簧仍然处于压缩状态，弹簧的弹力F与箱子顶部的弹力FN大小相等，故B正确，ACD错误。故选B。2、C【解析】略考点：导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律分析：因带电绝缘环A的运

13、动，相当于电荷定向移动，从而产生电流，导致圆环B中的磁通量发生变化，产生感应电流使得处于磁场中的B圆环受到力的作用解答：解：A、A环以图示的顺时针方向，绕圆心由静止转动起来，设绝缘环带正电，所以产生顺时针方向的电流，使得B环中的磁通量变大，由楞次定律可得感应电流方向是逆时针的，两环的电流方向相反，则具有沿半径扩张趋势若绝缘环带负电，所以产生逆时针方向的电流，使得B环中的磁通量仍变大，由楞次定律可得感应电流方向是顺时针的，两环的电流方向仍相反，则仍具有沿半径扩张趋势由上可知，B环不会转动，同时对桌面的压力不变故选C点评：由楞次定律来确定感应电流方向，同时当电流方向相同时，两者相吸引；而当电流方向

14、相反时，两者相排斥3、B【解析】涂料持续飞向墙壁并不断附着在墙壁上的过程，速度从v变为0，其动量的变化源于墙壁对它的冲量，以极短时间t内喷到墙壁上面积为S、质量为m的涂料(微元)为研究对象，设墙壁对它的作用力为F，涂料增加的厚度为h。由动量定理得Ftmv又有mSh所以涂料厚度增加的速度为u联立解得u故选B。4、A【解析】简谐横波对应的质点，回复力大小与位移大小成正比，回复力方向与位移方向相反。故A项正确，BCD三项错误。5、C【解析】A试探电荷+q只在静电力作用下，从C点向右沿直线运动到D点，电势能先减小后增大，电场力先做正功后做负功，电场线先向右后向左，可知在CD之间存在场强为零的位置，但是

15、不能确定与两电荷的距离关系，则不能确定两电荷带电量的关系，故A错误；B由以上分析可知，C、D两点的场强方向相反，故B错误；C因CD之间存在场强为零的位置，则试探电荷从C向D移动时，所受电场力先减小后增加，加速度先减小后增加，故C正确；D因+q只有电场力做功，则它的动能和电势能的总和保持不变，故D错误。故选C。6、C【解析】AB因为的电流方向为cd且受到安培力的合力方向竖直向下，根据左手定则可知导线处的合磁场方向垂直纸面向外，而三根长直导线等间距，故导线和在导线处产生的磁场大小相等，方向均垂直纸面向外，再由安培定则可知的电流方向为ba，的电流方向为ef，故A错误，B错误；C根据安培定则可知和在处

16、产生的磁场方向垂直纸面向外，而的电流方向为ba，根据左手定则可知受到安培力的合力方向竖直向上，故C正确；D根据安培定则可知在处产生的磁场方向垂直纸面向里，在处产生的磁场方向垂直纸面向外，根据电流产生磁场特点可知处的合磁场方向垂直纸面向里，又因为的电流方向为ef，故根据左手定则可知受到安培力的合力方向竖直向上，故D错误。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ADE【解析】A由图乙知，t=0时刻质点经过位置向下运动，图甲是t=0时刻的波形，此时a位于波峰，位移最大，

17、与图乙中t=0时刻质点的状态不符，而质点b在t=0时刻经过平衡位置向下运动，与图乙中t=0时刻质点的状态相符，所以图乙不能表示质点d的振动，可以表示质点b的振动，故A正确；B由于质点做简谐振动，并不是匀速直线运动，则在00.25s和0.250.5s两段时间内，质点b运动位移不相同，故B错误；C由图可知，波的波长为8m，周期为2s，故传播速度故C错误；D因周期T=2s，那么质点a在t=1s时，即振动半个周期，其位于波谷，故D正确；E根据平移法可知，质点d下一时刻沿着y轴正方向运动，振幅而因此质点d简谐运动的表达式为故E正确。故选ADE。8、ABD【解析】A.根据用“油膜法”估测分子大小的实验原理

18、可知，让一定体积的纯油酸滴在水面上形成单分子油膜，由于油酸分子是紧密排列的，而且形成的油膜为单分子油膜，然后用每滴油酸酒精溶液所含纯油酸体积除以油膜面积得出的油膜厚度即为油酸分子直径，故A正确；B.当分子间的距离rr0时，分子力表现为斥力，减小分子间的距离，分子力做负功，分子势能增加；当分子间的距离rr0时，分子力表现为引力，增大分子间的距离，分子力做负功，分子势能增加，所以当两个分子的距离为r0时，引力与斥力大小相等，分子势能最小，故B正确；C.单晶体具有各向异性，多晶体与非晶体都具有各向同性，所以不能根据各向异性或各向同性来判断物质是晶体还是非晶体；晶体具有一定的熔点，而非晶体没有固定的熔

19、点，比较可靠的方法是通过比较熔点来判断，故C错误；D.根据热力学第一定律可知，如果用Q表示物体吸收的能量，用W表示物体对外界所做的功，U表示物体内能的增加，那么热力学第一定律可以表达为Q=U+W，故D正确；E.即使没有漏气没有摩擦，也没有机体热量的损失，根据热力学第二定律可知，热机的效率不可以达到100%故E错误。故选ABD9、ACD【解析】题中导体棒ab匀速上滑，合力为零，即可合力的做功为零；对导体棒正确受力分析，根据动能定理列方程，弄清功能转化关系，注意克服安培力所做功等于回路电阻中产生的热量【详解】因为导体棒是匀速运动，所以动能不变，根据动能定理可得合力做功为零，A正确；根据动能定理可得

20、，解得即重力做功等于外力与安培力做功之和，因为动能不变，所以恒力F做的功与安培力做的功之和等于金属棒增加的机械能，B错误D正确；根据功能关系可知金属棒克服安培力做的功等于电阻R上产生的焦耳热，C正确；10、ABC【解析】AB如果小球带正电，则小球所受的洛伦兹力方向背离圆心，当洛伦兹力的大小等于小球原来所受合力大小时，绳子断后，小球做逆时针的匀速圆周运动，半径不变，也可能洛伦兹力大于之前合力的大小，则半径减小，故AB正确；CD若小球带负电，则小球所受的洛伦兹力指向圆心，开始时，拉力可能为零，绳断后，仍然洛伦兹力提供向心力，顺时针做圆周运动，半径不变若开始靠洛伦兹力和拉力的合力提供向心力，拉力减小

21、为零，小球靠洛伦兹力提供向心力，速度的大小不变，半径变大，故C正确，D错误故选ABC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.5 1.5 1 【解析】(1)1由图乙图像可知，电源内阻(2)2 3 由图示图像可知，时，；当时，则由U=E-Ir可得1.20=E-0.3r 1.35=E-0.15r解得：r=1E=1.5V12、 电压表超偏而损坏 C 【解析】(1)1实物图如图所示(2)2多用电表读数为粗测读数为。(3)3S2接1时电压表测量的电压，S2接2时电压表测量两端电压，两种情况下，滑动变阻器的滑片位置相同，由于电压表示数相同，所以有即

22、被测电阻的阻值大小为。(4)4当将变阻器阻值调到最大阻值时，由于最大阻值大于被测电阻，当开关闭合后，导致与电压表并联的总电阻增大，其分压增大，就会出现电压表超偏而损坏。5AB该实验中没有电流表的分压也没有电压表的分流，所以电压表准确测量的是被测电阻两端电压，所以AB不符合题意；CD滑动变阻器采用的是分压接法，其阻值的大小影响电压表示数的变化，阻值小不利于操作，所以选用阻值较大的滑动变阻器，C正确D错误。故选C。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) ；(2) ； (3) 【解析】(1)若粒子第一次在电场中到达

23、最高点，则其运动轨迹如图所示粒子在点时的速度大小为，段为圆周，段为抛物线，根据对称性可知，粒子在点时的速度大小也为，方向与轴正方向成角，可得解得(2)在粒子从运动到的过程中，由动能定理得解得在匀强电场由从运动到的过程中，水平方向的位移为竖直方向的位移为可得由，故粒子在段圆周运动的半径粒子在磁场中做圆周运动，根据牛顿第二定律则有解得(3)在点时，则有设粒子从运动到所用时间为，在竖直方向上有粒子从点运动到所用的时间为则粒子从点运动到点所用的时间为总14、 (1)(2)【解析】(1)根据折射定律有可得r= 30由几何关系得在玻璃砖内光线传播的最长路程为光线在玻璃砖内的传播速率为所用时间为t(2)根据折射定律有解得临界角C=45由几何关系可知光线在弧面上照射角度AOB=90则弧面上有光线射出的弧长为15、（1）（2）0.96m【解析】（1）A、B一起运动时，受冰面对它的滑动摩擦力，做匀减速运动，加速度:解得木板与冰面的动摩擦因数：（2）小物块A在长木板上受木板对它的滑动摩擦力，做匀减速运动，加速度为：小物块A在木板上滑动时，木板B受小物块A的滑动摩擦力和冰面的滑动摩擦力，做匀加速运动，有：解得加速为设小物块冲上木板时的初速度为，经时间t后A、B的速度相同为v，由长木板的运动得：解得滑行时间为：小物块冲上木板的初速度为小物块A在长木板B上滑动的距离为：