（化学）初三化学化学综合题专项训练及答案.doc

1、【化学】初三化学化学综合题专项训练及答案一、中考化学综合题1某化学兴趣小组同学模拟生产化肥硫酸钾和电石的流程如下：（资料一）氧化钙与焦炭在高温下反应生成碳化钙和一氧化碳。（1）反应的化学方程式为_。证明固体M中不含CaCO3的方法是_。（2）反应的化学方程式为：(NH4)2SO4 + 2KCl K2SO4+ 2NH4Cl，请你推测一下，该反应能得到K2SO4的原因可能是_。（3）假设上述流程中制得的碳化钙（化学式为CaCx）固体中只含CaO一种杂质，该小组为测定CaCx中x的值进行了如下实验：（资料二）碳化钙在空气中灼烧生成氧化钙和二氧化碳气体。碳化钙能和水反应生成氢氧化钙和乙炔气体。步骤一：

2、称取3.76g样品于下图所示石英管中（测定装置图如下，夹持及加热装置省略），反应前缓缓通入空气，高温灼烧石英管中的样品至反应完全后继续缓缓通入空气，测得丙溶液的质量比反应前增重了4.4g（玻璃纤维可防止固体粉末进入导管）。步骤二：将石英管内剩余固体全部转移到水中，加入足量碳酸钠溶液，经搅拌、过滤、洗涤、干燥等操作得到碳酸钙固体6克。试回答下列问题：装置甲的作用是_。反应完全后继续缓缓通入空气的目的是_。根据步骤一、二计算该样品中钙、碳、氧的质量比为_，计算确定CaCx的化学式_（请写出计算过程）。实验室制取乙炔气体的发生装置如图。经实验发现，电石与水反应非常剧烈，为控制反应的速率，一般用饱和食

3、盐水代替水（电石与氯化钠不反应）来得到平稳的气流，此外还可以使用_来减缓反应的速率。A改长颈漏斗为分液漏斗或注射器 B将电石研成粉末 C将锥形瓶置于冰水浴中【答案】 向固体M中滴加足量的稀盐酸，无气泡冒出 该温度下，硫酸钾的溶解度比其他物质小，所以先析出 除去空气中的二氧化碳气体 让生成的二氧化碳气体全部被丙装置吸收 30:15:2 CaC2 AC 【解析】（1）反应是碳酸铵和硫酸钙反应生成碳酸钙和硫酸铵，对应的化学方程式为 CaSO4+（NH4）2CO3CaCO3+（NH4）2 SO4由于碳酸盐遇到盐酸会生成气体，所以要证明固体M中不含CaCO3的方法是取样，加入足量稀盐酸，无气泡冒出；（2

4、）反应的化学方程式为（NH4）2SO4+2KClK2SO4+2NH4Cl，由于硫酸钾标注了沉淀符号，而已有的知识是硫酸钾可溶，说明在给定物质中溶解度相对最小，所以该反应能析出K2SO4晶体的原因是该温度下，K2SO4的溶解度小；（3）实验设计是通过通入不含二氧化碳的空气（避免对后期生成的二氧化碳的质量的干扰），将碳化钙样品转化为氧化钙和二氧化碳，然后将生成的二氧化碳用丙装置完全吸收，也就是装置丙的质量增加就是生成的二氧化碳，为将二氧化碳完全吸收而避免残留于试管中，所以在反应完全后应该继续通入除去了二氧化碳的空气右侧的碱石灰是避免右侧的空气进入装置内导致二氧化碳等被吸收，影响实验结果的准确性。所

5、以：装置甲的作用是 除去空气中的CO2气体反应完全后继续缓缓通入空气的目的是 使残留在装置内的CO2气体被丙装置充分吸收；碳元素的质量为4.4g 100%=1.2g，钙元素的质量为6g100%=2.4g，则氧元素的质量为3.76g-1.2g-2.4g=0.16g，该样品中钙、碳、氧的质量比为2.4g：1.2g：0.16g=30：15：2；对应的氧化钙的质量为0.16g（ 100%）=0.56g，则氧化钙中的钙元素的质量为0.56g-0.16g=0.4g对应的碳化钙中的钙元素的质量2.4g-0.4g=2g，则碳化钙中钙原子和碳原子的个数比为 =1：2所以CaCx的化学式CaC2；为控制反应的速度

6、以得到平稳的气流，从反应物的角度，碳化钙颗粒大一点反应会慢，水的含量低一些会慢，温度低一些会慢，水的滴加速度可控也会慢下来，所以给定的改进方法可行的是ACD。2根据下图所示，按要求回答问题：(1)图中仪器a的名称是 _，图F实验的目的是 _； (2)实验室用高锰酸钾制取氧气的化学方程式是_，所选用的发生装置是_( 填序号)；若用E装置收集氧气，当实验结束时实验结束时，甲同学先熄灭了酒精灯，忘记将导管从水中取出，在水未进入导管之前，可采取的补救措施有：_。(写出一种即可)(3)反应结束后冷却，对制取氧气后的固体残渣(假定已完全反应，锰酸钾易溶于水)作如下回收处理：通过以下四步实验操作回收二氧化锰

7、。正确操作的先后顺序是_(填写序号)。A烘干 B溶解 C过滤 D洗涤过滤、蒸发时都需用到的仪器是_(填序号)。A酒精灯 B烧杯 C玻璃棒 D漏斗(4)请你参与探究，联想到工业上用铁矿石冶炼铁，某兴趣小组在实验室模拟工业炼铁反应原理的装置如下，请回答下列问题：(a)A装置中反应的化学方程式为_。(b)E装置中的现象是_，发生反应的化学方程式为_，其中氧化剂是_。(c)实验中应先点燃E装置的酒精喷灯还是G装置的酒精灯_。(用E或G填空)(d)G装置的作用是_。【答案】集气瓶 检查装置气密性 略 B 迅速将导管移出水面，或迅速将带有导管的橡皮塞取下 BCDA C CaCO3+2HCl=CaCl2+H

8、2O+CO2 红棕色固体逐渐变成黑色 略 氧化铁(Fe2O3) G 点燃尾气，防止CO污染空气 【解析】(1) 图中仪器a的名称是集气瓶；图F实验的目的是：检查装置气密性；(2) 若用高锰酸钾制取氧气，反应的化学方程式为：2KMnO4K2MnO4+MnO2+O2；发生装置选B；当实验结束时实验结束时，先熄灭了酒精灯，忘记将导管从水中取出，在水未进入导管之前，应迅速将导管移出水面或迅速将带有导管的橡皮塞取下；(3)正确操作的先后顺序是溶解、过滤、洗涤、烘干；过滤、蒸发时都需用到的仪器是玻璃棒；(4) (a) A装置中反应的化学方程式为: CaCO3+2HCl=CaCl2+H2O+CO2；(b)

9、在高温的条件下，一氧化碳能将红棕色的氧化铁粉末还原为黑的铁粉；发生反应的化学方程式为：；其中氧化剂是氧化铁(Fe2O3) ；(c) 在点燃E装置的酒精喷灯前，已经通入了一氧化碳一段时间，为了防止一氧化碳污染空气，应点燃G装置的酒精灯；(d) G装置的作用是防止一氧化碳污染空气。3粗盐中含有难溶性杂质（泥沙等）和多种可溶性杂质（氯化镁、氯化钙）。某实验小组的同学在粗盐提纯实验中，并把少量可溶性杂质CaCl2，MgCl2一并除去，设计如下实验方案，请回答问题：（1）实验操作A的名称是_；（2）写出步骤中发生反应的主要化学方程式_；沉淀b中含有物质_（填化学式）；（3）实验中某同学对溶液b的成分进行

10、了探究。【提出问题】溶液b中除了含有水和氯化钠外，还含有哪些物质?【提出猜想】根据实验的操作后，作出如下猜想。猜想一：还含有碳酸钠；猜想二：还含有氢氧化钠；猜想三：还含有碳酸钠和氢氧化钠。【验证猜想】步骤实验操作实验现象推断1取少量溶液b于试管中，加入过量的氯化钙溶液，振荡，静置_溶液b中还含有_溶质2取步骤1反应后的混合液过滤后，取滤液少量于试管中加入_（填指示剂）_溶液b中还含有氢氧化钠【实验结论】经过兴趣小组的实验分析，判断猜想_是正确的。【反思与拓展】为了使制得的精盐水只含有水和氯化钠，步骤的作用是除去杂质，请写出其中一个反应的化学方程式：_。【答案】 过滤 MgCl2+2NaOH=M

11、g（OH）2+2NaCl Mg（OH）2 CaCO3 产生白色沉淀 溶液b中还含有碳酸钠（或Na2CO3） 取步骤1反应后的混合液过滤后，取滤液少量于试管中加入无色酚酞试液 溶液变红色 三 HCl+NaOH=NaCl+H2O或2HCl+Na2CO3=2NaCl+H2O+CO2【解析】 (1). 过滤 (2).氢氧化钠和氯化镁生成氢氧化镁沉淀和氯化钠，反应方程式为 MgCl2+2NaOH=Mg（OH）2+2NaCl (3).碳酸钠和氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠，所以沉淀中有 Mg（OH）2 和 CaCO3 (4). 碳酸钠和 氯化钙溶液，氢氧化钠和氯化钙不反应，所以产生白色沉淀 证明溶液

12、b中还含有碳酸钠（或Na2CO3） (6).由于步骤1加入过量的氯化钙溶液，所以碳酸钠被除尽， 取步骤1反应后的混合液过滤后，取滤液少量于试管中加入无色酚酞试液 ，溶液变红色 ，说明溶液中还有氢氧化钠. 判断猜想三是正确的。 (9). 为了使制得的精盐水只含有水和氯化钠，步骤的作用是除掉除杂时引入的氢氧化钠和碳酸钠杂质，反应方程式为HCl+NaOH=NaCl+H2O或2HCl+Na2CO3=2NaCl+H2O+CO2点睛：验证氢氧化钠和碳酸钠的混合物，验证碳酸钠时，不能影响氢氧化钠的验证；除杂时不能引入新的杂质4氢气作为新能源有很多优点，制取与储存氢气是氢能源利用领域的研究热点。I.制氢：铁酸

13、锌(ZnFe2O4)可用于循环分解水制气，其反应可表示为： 6ZnFe2O46ZnO+4Fe3O4+O2；3ZnO+2Fe3O4+H2O3ZnFe2O4+H2(1)ZnFe2O4中Fe的化合价为_。(2)该循环制氢中不断消耗的物质是_(填化学式)，得到H2和O2的质量比为_。(3)氢气作为新能源的优点有_(任写一点)。该循环法制氢的不足之处是_。.贮氢：合金Mg2Cu是一种潜在的贮氢材料，高温时在氩气保护下，由一定质量比的Mg、Cu单质熔炼获得。该合金在一定条件下完全吸氢生成氢化物和另一种合金，其化学方程式为： 2Mg2Cu+ 3H23MgH2+MgCu2(4)熔炼制备Mg2Cu合金时，通入氩

14、气的目的是_。(5)氢化物MgH2与水反应生成一种碱，并释放出H2。 其化学反应方程式为_。(6)11.2g Mg2Cu完全吸氢后所得混合物与过量盐酸反应，放出H2的质量为_g。【答案】 +3 H2O 1：8 不污染环境、热值大、原料来源丰富 能耗高 起到保护作用，防止金属被氧化 MgH2+2H2O=Mg(OH)2+2H2 0.7g【解析】本题考查了有关元素化合价的计算，氢能源，化学方程式的书写，根据化学方程式的计算。难度较大，仔细审题，找出的用的信息结合已有知识进行分析解答。（1）ZnFe2O4中锌的化合价为+2价，氧元素的化合价为2，设：Fe的化合价为x，根据化合物中元素化合价的代数和为零

15、，则有（+2）+2x+（2）4=0，x=+3；（2）根据化学方程式6ZnFe2O46ZnO+4Fe3O4+O2；3ZnO+2Fe3O4+H2O3ZnFe2O4+H2可知，该循环制氢中不断消耗的物质是水，其化学式为H2O，得到H2和O2的质量比为4：32=1：8；（3）氢气作为新能源的优点有不污染环境、热值大、原料来源丰富，该循环法制氢时都是在高温下进行，不足之处是能耗高；（4）高温时Mg、Cu都能与空气中氧气反应，熔炼制备Mg2Cu合金时，通入氩气可以起到保护作用，防止金属被氧化；（5）氢化物MgH2与水反应生成一种碱，并释放出H2，根据质量守恒定律可知，生成的碱是氢氧化镁，化学反应方程式为

16、MgH2+2H2O=Mg(OH)2+2H2；（6）11.2g Mg2Cu完全吸氢后所得混合物与过量盐酸反应，其中的氢化镁与水反应生成氢氧化镁和氢气，MgCu2中只有镁与盐酸反应产生氢气。设：11.2g Mg2Cu完全吸氢后生成氢化镁的质量为x，MgCu2的质量为y。2Mg2Cu+3H2 3MgH2+MgCu2224 78 15211.2g x y x=3.9g y=7.6g设：3.9g氢化镁与水反应生成氢气的质量为aMgH2+2H2O=Mg(OH)2+2H226 43.9g a a=0.6g7.6gMgCu2含有镁的质量为：7.6g 100%=1.2g设：1.2g的镁与盐酸反应生成的氢气质量为

17、bMg+2HClMgCl2+H224 21.2g b b=0.1g生成氢气的质量为：0.6g+0.1g=0.7g。5根据下列数型图像回答：（1）图一是用盐酸和氢氧化钠进行中和反应时，反应过程中溶液的pH变化曲线。向盐酸中加入的氢氧化钠溶液质量为mg时，所得溶液中含有的离子为 （填离子符号）（2）图二是20时，取10mL10%的NaOH溶液于烧杯中，逐滴加入10%的盐酸，随着盐酸的加入，烧杯中溶液温度与加入盐酸体积的变化关系由图可知中和反应是放热反应，你的依据为 甲同学用氢氧化钠固体与稀盐酸反应也能得到相同结论，乙同学认为不严密，因为 （3）图三是a、d、c三种物质的溶解度曲线。a与c的溶解度相

18、交于P点，据图回答：t1时，接近饱和的c物质溶液，在不改变溶液质量的条件下，可用 的方法达到饱和状态将t2时，150g a物质的饱和溶液降温到t1时。可以析出 g a物质。（4）下图托盘天平两边是等质量的铁和镁分别跟等质量等浓度的稀硫酸反应，反应时间t与生成氢气质量m的变化关系如图四。试回答：从开始反应到不再产生气体为止，天平指针偏转情况是 【答案】（1）H、Na、Cl（2）反应过程中温度不断升高，完全反应时放出的热量最多 氢氧化钠固体溶于水时也要放出热量（3）降低温度 30（4）先偏向右边，最后回到分度盘中央【解析】试题分析：（1）根据图示可知，m点对应的溶液的PH值小于7，即此时溶液为酸性

19、。说明该点对应的溶液中酸还未反应完。所以溶液中的溶质有：盐酸 （未反应完的）和氯化钠（反应生成的）。 所含的离子为：H+、Cl、Na+（2）根据图示可知，随着盐酸的加入溶液的温度逐渐升高。当加入的盐酸与氢氧化钠恰好完全反应时，溶液的温度达到最大值。可说明盐酸与氢氧化钠反应能够放出热量。如改用氢氧化钠固体，则不能说明反应为放热反应。因为氢氧化钠在溶解于水时也能放出热量。无法确认温度的升高来源于氢氧化钠与盐酸的反应。（3）t1时，C物质的溶液接近饱和，即可继续溶解C物质，所以可通过再加入C物质的方法使其饱和。因为C物质的溶解度随着温度的升高而降低，所以还可以通过升温的方法，使C物质在相同的溶剂中溶

20、解的质量变小，从而使其溶液由接近饱和变为饱和。根据图示可知，在t2时a物质的溶解度50g。即在t2温度下，a物质在100g水里溶解达到饱和状态时所溶解的质量为50g。所以在t2时150ga物质的饱和溶液中含a50g，溶剂水的质量为100g。当溶液的温度降低至t1时，其溶解度为20g。即在t2温度下，a物质在100g水里最多溶解20g。所以此时析出固体的质量为：50g20g= 30g。（4）开始时天平左右两盘分别放有等质量的金属和酸，所以开始时天平平衡。随着反应的进行，镁反应较快，所以天平放镁的一方偏轻；天平偏向放铁的右盘。当反应停止时，二者反应生成氢气的质量相等，即两盘中质量的减少值是相等的。

21、所以最终天平左右两盘剩余物质的质量相等，即天平最平衡。考点：中和反应、金属与酸反应、氢氧化钠的性质、溶解度曲线等图像题、6A F是六种常见的物质，分别由H、O、C、Cl、Ca五种元素中的两种或三种组成，请回答下列问题：（1）A是一种氧化物，可用作干燥剂，A与C反应能生成E，A的俗称为_。（2）B、C常温下均为液体，且组成元素相同，B在一定条件下可生成C，B的化学式为_。（3）对NaOH溶液依次进行实验，现象如图所示：D和E两种物质分别是_、_（写化学式）。加入F的溶液后，沉淀溶解并产生大量气泡，用化学方程式表示产生此现象的原因_。最后得到的红色溶液中含有的物质有水、石蕊、_，下列离子不能与该溶

22、液中的离子共存的是_。aOH- bMg2+ cCO32- dNO3-【答案】生石灰 H2O2 CO2 Ca(OH)2 HCl、CaCl2、NaCl ac 【解析】【分析】AF是六种常见的物质，分别由H、O、C、Cl、Ca五种元素中的两种或三种组成，A是一种氧化物，可用作干燥剂，所以A是氧化钙，氧化钙俗称生石灰，B、C常温下均为液体，且组成元素相同，B在一定条件下可生成C，所以B是过氧化氢溶液，C是水，氧化钙和水反应生成氢氧化钙，所以E是氢氧化钙，氢氧化钠溶液中加入D，得到无色溶液，加入氢氧化钙，能生成白色沉淀，白色沉淀加入E，能产生气泡，说明产生的沉淀是碳酸盐，最后加入石蕊试液，溶液变红，说明

23、F是酸，所以D可能是二氧化碳，氢氧化钠能与二氧化碳反应生成碳酸钠，所以D是二氧化碳，F是盐酸，经过验证，推导正确；【详解】（1）A的俗称为生石灰；（2）B的化学式为H2O2；（3）通过推导可知，D和E两种物质分别是CO2、Ca（OH）2；加入F的溶液后，碳酸钙和盐酸反应生成氯化钙、水和二氧化碳，化学方程式为：CaCO3+2HCl=CaCl2+H2O+CO2；最后得到的红色溶液中含有的物质有水、石蕊、HCl、CaCl2、NaCl，钙离子和碳酸根离子会生成碳酸钙沉淀，氢离子和氢氧根离子会生成水，所以不能与该溶液中的离子共存的是ac。7南海是我国五大海区中最大的海区，自然海区总面积约为350万平方公

24、里，海洋资源丰富，开发前景十分远大。(1)海洋中有大量的鱼、虾，食用海鱼、海虾可为人体提供的营养素主要是_。(填序号)A糖类 B蛋白质 C维生素 D油脂(2)海水中蕴藏着丰富的食盐资源，目前从海水中提取食盐的方法主要为_上述过程得到的粗盐属于 _(填“纯净物”或“混合物”)。(3)从海水中可以提取金属镁，金属镁广泛应用于火箭、导弹和飞机制造业。目前世界上60%的镁是从海水(主要含NaCl和MgC2等)中提取的，主要步骤如下：海水中本身就含有氯化镁，则两步的作用是 _。(4)海底不仅蕴藏着大量的煤、石油、天然气等常规化石燃料，人们还在海底发现了一种新型矿产资源“可燃冰”。下列有关“可燃冰”的说法

25、正确的是_ 。A是可再生能源B燃烧产物只有水，无污染C蕴藏量大，热值大，燃烧后几乎不产生任何残渣和废气，被誉为“未来能源”【答案】B 海水晒盐 混合物 将氯化镁富集起来 C 【解析】 (1)食用海鱼、海虾可为人体提供的营养素主要是蛋白质；(2)目前从海水中提取食盐的方法主要为海水晒盐，粗盐中还含有泥沙等，属于混合物；海水中本身就含有氯化镁，加入石灰乳和盐酸的作用是将氯化镁富集起来；(4) A、可燃冰是不可再生能源，错误；B、甲烷燃烧生成水和二氧化碳，产物不只有水，错误；C、蕴藏量大，热值大，燃烧后几乎不产生任何残渣和废气，被誉为“未来能源”，正确。故选C。8下图是实验室制取气体的部分装置，请回

26、答下列问题：（1）写出仪器a的名称 。（2）氢气是最理想的燃料。通常状况下，氢气密度比空气小，难溶于水。欣悦同学用锌粒与盐酸反应制取氢气，选择的装置组合是 （填字母），该发生装置的优点是 ，若用F装置排空气法收集氢气，气体应从 端进入（填b或c）。（提出问题）导出的气体除H2外，还有哪些气体？氢气具有可燃性外，还具有什么化学性质？（设计实验方案）欣悦同学按下图装置进行实验（假设每个装置中气体都完全反应或吸收）。（实验现象和结论）实验现象实验结论甲装置中的白色固体变成蓝色气体中有H2O乙装置中产生气体中有HCl丁装置中玻璃管内红色粉末变成黑色、戊装置中白色固体变成蓝色H2能与Fe2O3反应丁装置

27、中玻璃管内反应的化学方程式为（交流总结）根据丁装置中实验现象，说明氢气具有 性。丁装置加热前通入H2的目的是 。【答案】（1）集气瓶 （2）BC或BD 可以随时控制反应的发生和停止 c【实验现象和结论】白色沉淀 3H2+Fe2O32Fe+3 H2O （写加热也可）【交流总结】还原 排尽装置中的空气，防止加热时发生爆炸事故。【解析】（1）仪器a的名称为集气瓶；（2）通常状况下，氢气密度比空气小，难溶于水。欣悦同学用锌粒与盐酸反应制取氢气，选择的装置组合是BC或BD，该发生装置的优点是可以随时控制反应的发生和停止，若用F装置排空气法收集氢气，因为氢气的密度比空气的小，应该短进长出，故气体应从c端进

28、入；【实验现象和结论】乙装置中产生白色沉淀，说明气体中含有氯化氢气体；H2能与Fe2O3反应丁装置中玻璃管内反应的化学方程式为3H2+Fe2O32Fe+3 H2O ；【交流总结】根据丁装置中实验现象，说明氢气具有还原性；丁装置加热前通入H2的目的是排尽装置中的空气，防止加热时发生爆炸事故。9硫酸铜在纺织、印刷等行业有广泛用途。（1）工业上可用铜屑、空气与稀硫酸在80条件下制备硫酸铜。如图1是实验室模拟工业制备硫酸铜的装置，反应的化学方程式为 ，采用水浴加热的优点是 ，多孔球泡的作用为 。工业生产时可用纯氧代替空气。这一措施能加快反应速率外，还具有的优点是 。实验室用H2O2溶液和MnO2制备O

29、2，反应的化学方程式为 ，在图2中，应选用的发生装置为 （填序号，下同），收集装置为 。（2）以CuSO4为原料制备碱式碳酸铜Cu2（OH）2CO3的过程如图3：“沉淀”时的反应为：2CuSO4+2Na2CO3+H2O=Cu2（OH）2CO3+2 +CO2检验沉淀是否洗涤干净选用的试剂是 （填化学式），烘干时产品中出现少量黑色物质，可能的原因为 。若所得产品的产率（产率=100%）偏高，其可能的原因为 （填序号）。a反应物为完全沉淀 b过滤时滤纸破损cCu2（OH）2CO3未洗涤干净dCu2（OH）2CO3为完全烘干“沉淀”时若有少量3Cu（OH）22CuSO4生成，则产品中铜元素的质量分数

30、。（填“偏大”“不变”或“偏小”）（3）T时加热32.0g硫酸铜，一段时间后得到15.2gCuO和Cu2O的混合物，计算该混合物中CuO的质量（写出计算过程）。【答案】（1）2Cu+O2+2H2SO42CuSO4+2H2O温度易控，受热均匀增大气体与溶液的接触面积，使反应充分进行排除其他气体的干扰；2H2O22H2O+O2 A D（2）Na2SO4HNO3和BaCl2溶液 碱式碳酸铜受热分解为氧化铜c不变（3）0.7g【解析】试题分析：（1）铜、氧气和硫酸在加热的条件下反应生成硫酸铜和水，化学方程式为：2Cu+O2+2H2SO42CuSO4+2H2O。直接加热温度过高，反应温度难以控制，水浴加

31、热，反应的温度很好控制，受热均匀，图中多孔球泡的作用是：增大气体与溶液的接触面积，使反应充分进行。工业生产时可用纯氧代替空气。这一措施能加快反应速率外，还具有的优点是排除其他气体的干扰；用双氧水制氧气应选用的制取装置是固液常温型，收集方法可以是排水法也可是向上排空气法，反应的化学方程式为：2H2O22H2O+O2。（2）反应前有2个铜原子、2个硫原子、15个氧原子、2个碳原子、4个钠原子和2个氢原子，反应后2个铜原子、0个硫原子、7个氧原子、2个碳原子、0个钠原子和2个氢原子，依据化学反应前后原子的种类和个数不变可知，2X中有4个钠原子、2个硫原子、8个氧原子，所以X化学是为Na2SO4；故检

32、验沉淀是否洗涤干净，可检验硫酸根离子的存在，应选用试剂是 HNO3和BaCl2溶液；烘干时产品中出现少量黑色物质，可能的原因为碱式碳酸铜受热分解为氧化铜；若所得产品的产率（产率=100%）偏高，其可能的原因为：a、反应物为完全沉淀，无影响；b、过滤时滤纸破损，产品的实际质量减少，所得产品的产率降低；c、Cu2（OH）2CO3未洗涤干净 产品的实际质量增大，所得产品的产率偏高；d、Cu2（OH）2CO3为完全烘干，无影响；“沉淀”时若有少量3Cu（OH）22CuSO4生成，则产品中铜元素的质量分数不变；（3）反应前后铜元素的质量相等，设该混合物中CuO的质量为x，则Cu2O的质量=15.2gx3

33、2g=x100%+（15.2gx）100%x=0.7g。考点：物质的相互转化和制备；氧气的制取装置、收集方法；质量守恒定律及其应用；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式；根据化学方程式进行计算10实验室常用下列装置制取气体，请你根据所学知识回答下列问题。（1）仪器a的名称是_。（2）实验室制取氧气时，选用的收集装置是_（填字母序号）。若改用下图装置收集氧气，则气体应从_进（填“a”或“b”）。（3）小明取一定浓度的盐酸与石灰石反应制取气体，反应的化学方程式为_；将生成的气体通入澄清石灰水中，未见变浑浊。为探究其原因，进行了如下过程：（作出猜想）A石灰水已经完全变质； B气体中有挥发出来的HC

34、l气体。（实验探究）取少量石灰水于试管中，并向试管中滴加几滴无色酚酞试液，振荡，观察到溶液变红色。于是排除了猜想A，你认为排除猜想A的理由是_。小明想探究所得气体中是否有挥发出来的HCl气体,设计如下实验。请你帮他完成实验，填写以下表格: _实验步骤实验现象实验结论气体中有HCl（查阅资料）碳酸钠溶液中通入二氧化碳发生反应：Na2CO3+ CO2+ H2O = 2NaHCO3（拓展延伸）如果用上述原料制得纯净的二氧化碳气体，所选仪器的连接顺序为_（填字母）。【答案】酒精灯 C b CaCO3+2HCl=CaCl2+CO2+H2O 酚酞试液变红，说明溶液中存在碱性物质Ca(OH)2 实验步骤实验

35、现象实验结论将生成的气体通入AgNO3溶液中产生白色沉淀气体中有HCl B H E C 【解析】【分析】【详解】（2）氧气的密度比空气大，难溶于水，可用向上排空气法或排水法收集，故选C装置；右图装置是用排水法收集氧气，由于水只能从a端排水，故氧气从b端通入；（3）碳酸钙与稀盐酸反应生成的是氯化钙、水和二氧化碳：CaCO3+2HCl=CaCl2+CO2+H2O；【实验探究】酚酞试液变红，说明溶液呈碱性，即含有氢氧化钙，若氢氧化钙完全变质了，那么氢氧化钙与二氧化碳反应生成的是碳酸钙沉淀和水，不能使酚酞试液变成红色；氯化氢气体溶于水形成的盐酸，要证明含有盐酸，即证明含有氯离子，那么可将气体通入硝酸银溶液中，若产生了白色沉淀，则证明含有氯化氢气体；【拓展延伸】要得到纯净的二氧化碳气体，那么要先把氯化氢气体和水蒸汽除去，其中氯化氢气体可用饱和的碳酸氢钠溶液除去，水蒸汽可用浓硫酸除去，故顺序是B H E C。考点：常用气体的发生装置和收集装置与选取方法，实验室制取二氧化碳的反应原理