（物理）-初中物理欧姆定律试题(有答案和解析).doc

1、【物理】 初中物理欧姆定律试题(有答案和解析)一、欧姆定律选择题1如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向b端移动，则在移动过程中（）A.电压表V的示数变小，电流表A1的示数变大B.电压表V的示数不变，电流表A2的示数变小C.电压表V的示数与电流表A1的示数的乘积变小D.电压表V的示数与电流表A1和A2的示数差的比值不变【答案】 C 【解析】【解答】A、由电路图知R1、R2并联，A1测量干路中的电流，A2测量R1中的电流，将滑动变阻器的滑片P向b端移动，滑动变阻器的阻值变大；因为R1、R2并联，支路两端的电压相等且等于电源电压，所以电压表的示数不变，A不符合题意；B、

2、由I= 知电流表A1的示数变小，电流表A2的示数不变，B不符合题意；C、由电源电压不变、电流表A1的示数变小、P=UI得P减小，C符合题意；D、电流表A1和A2的示数差即为R2中的电流，电压表V的示数与电流表A1和A2的示数差的比值即为R2的值，R2的阻值变小，D不符合题意。故答案为：B。【分析】A先判断电路的连接方式为并联，再根据并联电路电压的规律判断电压表的示数变化；B、根据欧姆定律判断电流表的示数变化；C、根据P=UI分析判断；D、根据R2的阻值变化判断。2某兴趣小组为了研究电子温控装置，连接成如图所示电路，R1为热敏电阻，热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，闭合开关，当温度降低时，下列说

3、法中正确的是（ ） A.电压表V2和电流表A示数均变大B.电压表V1和电流表A示数之比不变C.电压表V2和电流表A的乘积不变D.电压表V2变化量和电流表A变化量之比不变【答案】D 【解析】【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联后再与R0串联，电压表V1测并联部分的电压，电压表V2测R0两端的电压，电流表测干路中的电流（1）因热敏电阻的阻值随温度的升高而减小， 所以，当温度降低时，热敏电阻R1的阻值变大，并联部分的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I= 可知，干路中的电流变小，即电流表A的示数变小，由U=IR可知，R0两端的电压变小，即电压表V2的示数变小，故A错误；由电压表V2示数变小、电流表

4、A示数变小可知，电压表V2和电流表A的乘积变小，故C错误；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，并联部分的电压变大，即电压表V1的示数变大，由电压表V1的示数变大、电流表A示数变小可知，电压表V1和电流表A示数之比变大，故B错误；（2）设温度变化前后，干路中的电流分别为I1、I2 ， 则电压表V2示数的变化量：U2=I2R0I1R0=（I2I1）R0=IR0 ， 即 =R0 ， 且R0的阻值不变，所以，电压表V2变化量和电流表A变化量之比不变，故D正确故选D【分析】由电路图可知，R1与R2并联后再与R0串联，电压表V1测并联部分的电压，电压表V2测R0两端的电压，电流表测电路中的电流（1）

5、根据热敏电阻阻值与温度的关系得出当温度降低时其阻值的变化，进一步可知并联部分的电阻变化和电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化，然后得出电压表V2和电流表A的乘积变化；根据串联电路的电压特点和并联电路的电压特点可知电压表V1的示数变化，然后得出电压表V1和电流表A示数之比变化；（2）设出温度变化前后电路中的电流，根据欧姆定律得出电压表示数和电流表示数与R0的阻值关系，然后得出电压表V2变化量和电流表A变化量之比的变化3如题图所示，电源电压保持不变，闭合开关时，滑动变阻器的滑片P从b端滑到a端，电压表示数U与电流表示数I的变化关系如题图所示，下列说法不正确的是（

6、 ）A.电源电压是9VB.定值电阻R的阻值是6C.滑动变阻器的阻值范围是018D.若定值电阻R出现接触不良时，电流表示数为0，电压表示数为9V【答案】C 【解析】【解答】当滑片P位于a端时，电路为R的简单电路，由图象可知，电路中的最大电流1.5A时，电压表的示数为9V，即电源的电压为9V；由可得，定值电阻R的阻值：；当滑片P位于b端时，定值电阻R与滑动变阻器的最大阻值串联，由图象可知，电路中的最小电流I1=0.5A，此时定值电阻两端的电压U=3V，滑动变阻器分得电压为U2=U-U1=9V-3V=6V，所以滑动变阻器的最大阻值：Rmax=12，滑动变阻器的阻值范围是012。若定值电阻R出现接触不

7、良时，电路出现断路，电压表被串联在电路中，所以电流表示数为0，电压表示数为9V。故答案为：C。【分析】当滑片在a端时，电路中只有定值电阻，此时电流最大，电压表的示数就是电源电压，利用欧姆定律求得定值电阻阻值；当滑片在b端时，电路中电阻最大，电流最小，此时电压表的示数为定值电阻两端的电压，根据分压关系可知滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律解滑动变阻器的最大值；定值电阻R出现接触不良时，电路出现断路，电路中的电流为0，电压表的示数为电源电压。4张华同学在“探究通过导体的电流与其两端电压的关系”时，将记录的实验数据通过整理作出了如图所示的图象，根据图象，下列说法不正确的是（ ） A.当在导体乙的两端

8、加上1 V的电压时，通过导体乙的电流为0.1 AB.将甲、乙两导体并联后接到电压为3 V的电源上时，干路中的电流为0.9 AC.通过导体甲的电流与其两端的电压成正比D.导体甲的电阻大于导体乙的电阻【答案】 D 【解析】【解答】A.根据图像，当乙的电压为1V，电流为0.1A，A不符合题意； B.当甲乙并联电压为3V时，甲的电流为0.6A，乙的电流为0.3A，干路电流为0.6A+0.3A=0.9A，B不符合题意； C.根据甲的图像是过原点的直线，说明电压和电流成正比，C不符合题意； D.在图像中，导体甲乙电流相等时，甲的电压小，甲的电阻小，D符合题意。 故答案为：D. 【分析】结合电流和电压的关系

9、图像，分析不同的电流对应的电压，结合电压和电流的大小分析电阻的大小关系。5如图甲所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变闭合开关S后，滑片P从a端移动到b端，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙所示，则下列判断错误的是（ ）A.电源的电压为6VB.电路的最大总功率为3.6WC.R2的电功率一直变大D.图乙中D点是滑片位于中点时的状态【答案】 C 【解析】【解答】 A、由于U-I图线可知，当滑片从a端移动到b端，滑动变阻器两端的电压增大了4V，定值电阻两端的电压减小了4V，电流也减小了0.4A， . 电源电压 ，不合题意；B、当电流为0.6A时，电路的最大功率为 ，不合

10、题意 ;C、滑动变阻器全部接入分得4V电压，是电阻的2倍，根据串联分压，最大阻值是定值电阻的2倍 . 当滑片处在中点，接入电路的阻值和定值电阻相等，分得电压应该是3V，符合题意；D、电阻 , 在D点时，它的阻值 ， 所以，图中D点滑片位于中点 ，不合题意 .故答案为：C .【分析】A、从图乙读出定值电阻电压和电流的变化量，根据欧姆定律的变形公式计算电阻出定值电阻R1的阻值，再利用欧姆定律的变形公式UIR计算电源电压；B、根据电源电压和电路中的最大电流，利用公式PUI计算电路的最大功率；C、根据串联分压的原理分析R2阻值的变化情况；D、利用欧姆定律的变形公式计算出R2的最大阻值，再计算滑片在D点

11、时的阻值，比较得出结论 .6图甲是某电子秤的原理示意图，R 1的阻值为100 ，托盘下方的电阻R2为压敏电阻， 其电阻大小与托盘内所放物体质量m大小的关系如图乙所示，电源电压为6 V保持不变，则（ ）A.R2的阻值变化范围为01000 B.电路中电流的变化范围为0.1 A0.6 AC.电路中电流为0.02 A时，托盘内物体的质量为600 gD.托盘内物体质量为400 g时，电流表的示数为0.01 A沿此线折叠【答案】C 【解析】【解答】A. 由图乙可知,压敏电阻R2的阻值变化范围为0500，A不符合题意；B. 当托盘内物体的质量为零时,压敏电阻R2500，则电路总电阻：RR1+R2100+50

12、0600，此时电路中的电流：I 0.01A，当托盘内物体的质量为1000g时,压敏电阻阻值是0，则电路总电阻：RR1+R2100+0100，此时电路中的电流：I 0.06A，所以，电路中电流的变化范围为0.01A0.06A，B不符合题意；C. 当电路中电流I10.02A时，电路总电阻：R总 300，则压敏电阻R2的阻值：R2R总R1300100200，由图乙可知,当R2200时，托盘内物体的质量为600g，C符合题意；D. 当托盘内物体质量为400g时,由图乙可知,R2300时，则电路总电阻：R总R1+R2100+300400，此时电路中的电流：I2 0.015A，D不符合题意。故答案为：C。

13、【分析】电阻R1、R2串联电流表测电路中的电流，由图乙可知，压敏电阻R2的阻值变化范围；根据串联电路电阻特点和欧姆定律求出电路中电流的变化范围；再根据欧姆定律、串联电路电阻特点求出托盘内物体的质量和电流表的示数.7如图所示，N是悬挂在弹簧测力计下的条形磁铁，B是螺线管。闭合开关S，待弹簧测力计示数稳定后，将变阻器尺的滑片缓慢向右滑动，在此过程中下列说法正确的是（ ） A.V表示数变大，A表示数变大B.V表示数变大，A表示数变小C.弹簧测力计示数变小D.弹簧测力计示数变大【答案】 C 【解析】【解答】A、由电路图可知,R0与R串联,电压表测R两端的电压,电流表测电路中的电流,将变阻器R的滑片缓慢

14、向右移动时,变阻器接入电路中的电阻变小,电路中的总电阻变小由I=U/R 可知,电路中的电流变大,即电流表的示数变大,A不符合题意； B、由U=IR可知,R0两端的电压变大,因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,R两端的电压变小,即电压表的示数变小,B不符合题意； C、由图可知,电流由螺线管的下方流入,则由右手螺旋定则可知螺线管上端为N极,下端为S极,因螺线管的上端与磁铁的下端为同名磁极,相互排斥,且电路中的电流增大,所以,螺线管与磁铁之间的斥力增大,弹簧测力计示数变小,C符合题意； D、由C的分析可知，D不符合题意； 故答案为：C 【分析】（1）当变阻器R的滑片缓慢向右移动,滑动变阻器接入

15、电路的电阻变小,根据欧姆定律和串联电路电压的特点可知电路电流表和电压表示数的变化； （2）影响电磁铁磁性强弱的因素有:电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯.线圈的匝数一定,电流越大磁性越强； （3）运用安培定则判断通电螺线管的极性； （4）磁极间的相互作用:同名磁极相互排斥,异名磁极相互吸引；8如图是一个油量表的示意图，滑动变阻器规格为“20 1 A”。闭合开关，当浮球最低时滑片P滑到a端，电流表示数为0.3 A，当浮球最高时，滑片P滑到b端，电流表示数为0.5 A。下列说法错误的是 （ ）A.电源电压为15 VB.电阻R的阻值为30 C.电阻R最小功率为7.5WD.在加满油后，1 min内电阻R

16、产生的热量为450 J【答案】C 【解析】【解答】根据 和电源电压不变的特点，利用电路的两种状态，可得关系式： ，解得R为30，代入得： 故电源电压为15 V，AB选项正确，但不符合题意；电阻R最小功率时，即电流最小时的功率， ，C错误，符合题意；在加满油后，滑片位于b端，电流最大，1 min内电阻R产生的热量为： ，D正确，但不符合题意。【分析】，R与R串联，电流表测电路中的电流；当滑片位于a端时，电阻R的功率最小，根据P=I2R求出其大小；在加满油后，滑片位于b端，根据Q=I2Rt求出1min内电阻R产生的热量.9如图所示，电源电压恒为5V，电压表的量程为03V，电流表的量程为00.6A，

17、滑动变阻器的规格为“20 1A”灯泡标有“3V 1.8W”字样闭合开关，在电路安全的情况下（不考虑灯丝电阻的变化），则下列说法中正确的是（） A.滑动变阻器的电阻允许调节的范围是020B.电流表示数的变化范围是0.10.6AC.电压表示数的变化范围是1.5V3VD.灯泡的最小功率是0.2W【答案】 D 【解析】【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流根据P=UI可得，灯的额定电流：IL额= = =0.6A，由I= 得：灯泡的电阻RL= = =5，由于电压表的量程为03V，电流表的量程为00.6A，则灯泡两端的最大电压为3V，则通过灯泡的最大电

18、流I最大=IL额=0.6A；由I= 得：电路中的最小总电阻R最小= = 8.3，由串联电路中总电阻等于各分电阻之和可知：滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R滑最小=R最小RL=8.35=3.3，因为滑动变阻器的规格为“20 lA”，所以滑动变阻器的电阻允许调节的范围是3.320，故A错误；电路中的最大总电阻R最大=RL+R=20+5=25；则电路中的最小电流：I最小= = =0.2A，所以电流表示数的变化范围是0.20.6A，故B错误；灯泡两端的最小电压为UL最小=I最小RL=0.2A5=1V；所以电压表示数的变化范围是1V3V，故C错误；此时灯泡的功率最小为：PL最小=I最小2RL=（0.2A

19、）25=0.2W，故D正确故选D【分析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出灯泡的额定电流和电阻，然后结合电压表的量程，电流表的量程确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路中的最小电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，灯泡的功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用U=IR求出灯泡两端的最小电压，利用P=I2R求出灯泡的最小功率本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据灯泡的额定电压和电流表

20、的量程确定电路中的最大电流，对于选择题并不一定完全解答选项10有两个电阻类电路元件A、B，流过元件的电流与它两端的电压关系如图甲所示，把它们串联在4.5V电路中，如图乙所示，下列说法错误的是（ ） A.元件A的电阻是定值电阻，大小为5B.元件B的电阻随温度的升高而减小C.把它们并联在1V电路中时，电路总功率为0.3WD.把它们串联在4.5V电路中时，元件B的电功率为1.8W【答案】 D 【解析】【解答】解：A、由图象可知，通过A的电流与两端的电压成正比，则A是定值电阻； 由图象可知，A两端的电压为2V时，通过的电流依次为0.4A，由I 可得：RA 5，A符合题意；B、由图象可知，B两端的电压为

21、1V、2.5V、3V时，通过的电流依次为0.1A、0.4A、0.6A，由I 可得R 可知，乙对应的电阻依次为10、6.25、5，由于通过电阻的电流越大时元件的温度升高，所以，元件B的电阻随温度的升高而减小，B符合题意；C、并联在电压为1V的电路中时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，它们两端的电压UAUBU1V，由图象可知，IA0.2A，IB0.1A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流：IIA+IB0.2A+0.1A0.3A，电路的总功率：PUI1V0.3A0.3W，C符合题意；D、把它们串联在4.5V电路中时，由于串联电路的电流处处相等，则由图象可知，电路I0.2A

22、时，A两端的电压UA2V，B两端的电压UB2.5V时符合，所以，PBUBIB2.5V0.2A0.5W，D不符合题意。故答案为：D【分析】AB、根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻电阻的电流与两端两端的电压成正比，据此分析图象甲乙电阻的变化；由图象可知A的电压和对应的电流值，根据欧姆定律即可求出电阻；C、元件A、B并联在电压为1V的电路中时，它们两端的电压相等，根据图象读出通过它们的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流，利用PUI求出电路的总功率；D、元件A、B串联在电压为4.5V的电路中时，通过它们的电流相等，电源的电压等于两电阻两端的电压之和，根据图象读出符合题意的电流和电压，根据欧姆

23、定律求出它们的阻值之比。11如图所示，电源电压为12V，滑动变阻器的规格为“50 2A”，L1和L2分别标有“6V 3W”和“6V 9W”的字样，闭合开关S后，调节滑动变阻器的滑片，在保证电路安全的情况下（不考虑温度对灯丝的影响），下列说法正确的是（ ） A.L2能正常发光B.滑动变阻器接入电路的最小阻值是8C.电流表示数的变化范围是00.5AD.电路消耗的最大功率是12W【答案】 B 【解析】【解答】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡L1、L2串联，电流表测电路中的电流。A.由P=UI可得，灯泡的额定电流分别为： ， ,滑动变阻器允许通过的最大电流为2A，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中

24、的最大电流为I最大=I额1=0.5A，则L1能正常发光；A不符合题意； B.此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据 可得，最小总电阻： ，灯泡的电阻分别为： 因串联电路的总电阻等于各电阻之和，所以变阻器接入电路中的最小阻值：R滑小=R总小-R1-R2=24-12-4=8，B符合题意；C.当滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，则R总大=R滑+R1+R2=50+12+4=66；电路中的最小电流： ，所以，电流表示数的变化范围是 ，C不符合题意；D.电路消耗的最大功率：P最大=UI最大=12V0.5A=6W，D不符合题意。故答案为：B【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量

25、对象，根据P=UI求出灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻，比较灯泡的额定电流和、滑动变阻器允许通过的最大电流确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据串联电路的电压特点求出数滑动变阻器两端的最小电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出电路中的最小电流；根据P=UI求出电路消耗的最大电功率.12如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，下列说法正确的是（ ） A.向右移动滑片P，电压表V1的示数变小B.向右移动滑片P，电压表V2的示数变小C.向左移动滑片P，电流表A的示

26、数变大D.向左移动滑片P，电压表V1与电流表A的示数比值不变【答案】 D 【解析】【解答】解：由图可知，闭合开关S，两电阻串联，电流表测电路中电流，V1测R2两端电压，V2测总电压，电源电压保持不变，所以滑片移动中V2的示数不变，故B错误；滑片向右移动时，R1连入阻值变小，根据串联电路的分压原理知，R2分得电压增大，即V1示数变大，故A错误；滑片向左移动时，R1连入阻值变大，电路的总电阻变大，由欧姆定律可知电路中电流变小，故C错误；由欧姆定律可知，电压表V1与电流表A的示数比值大小等于R2的阻值，所以两表比值不变，故D正确故选D【分析】闭合开关，两电阻串联，电流表测电路中电流，V1测R2两端电

27、压，V2测总电压根据滑片移动方向判断R1连入阻值变化，从而知电路的电阻变化，由串联电路特点和欧姆定律电表示数变化以及V1与A的示数比值变化情况本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律的应用，会把电压表V1与电流表示数的比值转化为R2的阻值处理是关键13如图所示，电源电压不变，电阻R=30。当滑动变阻器滑片P从阻值最大位置滑动到中点时，电压表示数的变化范围是12V-18V，则下列计算结果正确的是（）A.变阻器两端电压最大值是24VB.滑动变阻器的最大阻值是30C.电流表最大示数为0.4AD.电源电压是30V【答案】 A 【解析】【分析】由电路图可知滑动变阻器与电阻R串联，电压表测量R两端的电压，

28、则设滑动变阻器的最大阻值为R1 ， 则可分别由电压表的最大值及最小值利用欧姆定律可列出电压与滑动变阻器阻值的关系式，则可求得R1；则由欧姆定律可求得滑动变阻器的最大阻值及电流表的最大值【解答】设滑动变阻器的最阻值为R1 ， 当R1全部接入时，电压表示数最小；当接入一半时，电压最大为18V；则由欧姆定律可得：UR小=I小R=R=12V；UR大=I大R=R=18V；两式联立可得：R1=60；U=36V；因滑动变阻器与电阻R串联，故当电压表示数最小时，滑动变阻器两端电压最大，故最大值为36V-12V=24V；当滑动变阻器接入总电阻的一半时，电流最大，最大电流I最大=0.6A；故选A【点评】本题中已知

29、物理量较小，故应通过方程法得出要求的物理量；同时应注意掌握电压表的测量范围，即正确找出与电压表并联部分电路14如图所示，R0为定值电阻，R1为滑动变阻器，A1 ， A2为实验室用电流表（接线柱上标有“”，“0.6”，“3”），闭合开关后，调节滑片P使两电流表指针所指位置相同。下列说法正确的是（）A.电流表A1与A2的示数之比为1：4B.通过R0与R1的电流之比为4：1C.R0与R1两端的电压之比为1：4D.R0与R1的阻值之比为4：1【答案】D 【解析】【解答】A. 如图电路，两电阻并联，电流表A1测量R0的电流，电流表A2测量干路电流。因为干路电流一定大于支路电流，且电流表的两个量程为5倍的

30、关系，所以两电流表指针所指位置相同时，干路电流为R0电流的5倍，即电流表A1与A2的示数之比为1：5，A不符合题意；B. 得： ，则 即通过R0与R1的电流之比为1：4，B不符合题意；C. 两电阻并联，电压相等，C不符合题意；D. R0与R1的阻值之比为： ，D符合题意；故答案为：D。【分析】R0与R1并联，电流表A1测R0中电流，电流表A2测干路电流，根据并联电路的电流特点结合两电流表指针所指位置相同可知两电流表的量程，根据指针位置相同时大量程示数是小量程示数的5倍可知两者的大小关系，根据并联电路的电流关系可知两电阻中电流的关系，根据并联电路的分流特点可知两电阻的关系，再根据欧姆定律求出两电

31、阻的电压关系.15如图所示，电源电压保持不变，闭合开关，滑动变阻器的滑片向左移动的过程中，下列说法正确的是（ ） A.电压表 示数变大，电流表示数变小B.电压表 示数不变，电流表示数变大C.电压表 示数和电流表示数的乘积变大D.电压表 示数和电流表的比值不变【答案】 C 【解析】【解答】解：由电路图可知，定值电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表V1的示数不变，故A错误；滑动变阻器的滑片向左移动的过程中，接入电路中电阻变小，电路中的总电阻变小，由I= 可知，电路中的电流变大，即电流表的示

32、数变大，由U=IR可知，定值电阻R1两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器R2两端的电压变小，即电压表V2的示数变小，故B错误；因电压表V1的示数不变，电流表的示数变大，电压表V2的示数变小，所以，电压表V1示数和电流表示数的乘积变大，电压表V2示数和电流表的比值变小，故C正确、D错误故选C【分析】由电路图可知，定值电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流根据电源的电压可知滑片移动时电压表V1示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流

33、的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表V2示数的变化，进一步判断电压表V1示数和电流表示数的乘积变大以及电压表V2示数和电流表的比值变化本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，分析好电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键16如图所示，电源电压恒定。当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，两表示数之比U甲：U乙=4：1；当开关S1闭合、S2断开，若甲、乙两表均为电流表时，两表的示数之比为（ ）A.4：3B.3：2C.3：4D.3：l【答案】C 【解析】【解答】由电路图知道，当S1、S2 闭合时，若甲乙两表为电压表，则两电阻串联，并且甲测电源的电

34、压，乙测R2 两端的电压，由串联电路电流特点和I=U/R知道：U甲/R1+R2=U乙/R2 ， 又因为U甲：U乙=4：1，所以两电阻之比是：R1/R2=3/1，即R1 =3R2；当开关S1闭合、S2断开时，若甲、乙两表均为电流表，则两电阻并联，并且甲测R2支路的电流，乙测干路电流，由并联电路中各支路两端的电压特点和I=U/R知道，两电流表的示数之比是： ，故答案为：C。【分析】当S1、S2闭合，甲乙两表为电压表时，两电阻串联，甲测电源的电压，乙测R2两端的电压，根据串联电路电流的规律和欧姆定律表示出电阻之比；当开关S1闭合、S2断开，甲乙两表为电流表时，两电阻并联，甲测R2支路的电流，乙测干路

35、电流，根据并联电路电压规律和欧姆定律表示出两支路的电流之比，根据两电阻的关系即可求出两表示数比值.17如图所示的电路中，电源电压恒定不变，已知R13R2 ， 当S和S1闭合、S2断开时，电压表和电流表的示数分别为U1和I1；当S1断开、S和S2闭合时，电压表和电流表的示数分别为U2和I2 ， 则U1：U2、I1：I2分别是（ ） A.1：1、4：3B.1：2、1：3C.1：1、1：4D.1：4、1：1【答案】 A 【解析】【解答】解：当S1闭合、S2断开时，等效电路图如图1所示；当S1断开、S2闭合时，等效电路图如图2所示。 电源的电压不变，且两种情况下电压表测电源的电压，所以两次电压表的示数

36、不变，即U1：U21：1；两电阻并联，I1= ，I2= 则I1：I24：3。故答案为：A。 【分析】结合电路图，理清开关处于不同状态时元件的连接方式及电表的测量对象，根据电源的电压不变判断电压表示数的变化，再根据并联电路的电压特点和欧姆定律表示出各支路的电流，根据并联电路的电流特点判断电流表示数的比值.18如图所示，甲乙两个电路的电源电压相等且保持不变，两个灯泡的规格相同闭合开关后，当滑动变阻器的滑片都从中点向右滑动的过程中，关于灯泡亮度的说法，正确的是（ ）A.灯泡L1和L2都变亮B.灯泡L1和L2都变暗C.L1始终比L2亮D.L1始终比L2暗【答案】D 【解析】【解答】解：（1）甲图中灯泡

37、L1与滑动变阻器串联，当滑动变阻器的滑片P都从中点向左滑动的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I= 可知，电路中的电流变小，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P=I2R可知，灯泡L1的实际功率变小，灯泡变暗；（2）乙图中灯泡L2与滑动变阻器并联，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，灯泡L2的实际功率不变，亮暗不变；（3）因并联电路中各支路两端的电压相等，串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，L1两端的电压始终小于L2两端的电压，因两灯泡的规格相同，即电阻相等，所以，由P= 可知，L2的实际功率始终比L1大，则L2始终比L1亮综上可知，ABC错误、

38、D正确故选D【分析】（1）左图中灯泡与滑动变阻器串联，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据P=I2R可知灯泡实际功率的变化，由灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知其亮暗的变化；（2）右图中灯泡与滑动变阻器并联，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时灯泡实际功率和亮暗的变化；（3）根据串联电路的电压特点和并联电路的电压特点判断两灯泡两端的电压关系，根据P=UI= 可知两灯泡实际功率的关系，然后判断亮暗关系19在如图所示的电路中，电源电压恒定，R1为一定值电阻，R2为滑动变阻器开关S闭合后，当滑动变阻器的滑片P在a、b之间滑动的过程中，电压表的

39、示数最大为4 V，电阻R1的电功率变化范围是0.8 W0.2 W，则电源电压是（）A.4VB.6VC.8VD.10V【答案】 C 【解析】【解答】当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电路电流最大，电阻R1的电功率最大为0.8W，P=U2 /R1即U2/ R1 =0.8W当滑动变阻器接入电路的电阻最大0时，电路电流最小，电阻R1的电功率最小为0.2W，P=（U-UP）2 /R1即（U-4V）2/ R1 =0.2W构成方程组解得U=8V，所以A，B，D错误，C正确故选C20某同学在探究“电流跟电压、电阻的关系”时，根据收集到的数据画出了如图所示的一个图像相符的是A.电阻一定时，电流随着电压的增大而增大B.电阻一定时，电压随着电流的增大而增大C.电压一定时，电流随着电阻的增大而减小D.电压一定时，电阻随着电流的增大而减小【答案】 C 【解析】点拨：从图中可以看出，当电阻增大时，电流在减小，电流与电阻成反比例函数，结合欧姆定律可以知道这个前提是电阻两端的电压一定。并且是因为电阻的变化而导致电流发生变化，所以应该是电流随着电阻的变化而变化。全解；C回味：在电路中是因为电阻变化使电流随着变化，电阻是因，电流是果。在物理上这种因果关系不能颠倒，如在光学中光的反射定律中只能讲反射光线与入射光线的关系。