1-2023新课标卷理综物理真题解析.pdf

1、1202386481418192163014船上的人和水下的潜水员都能听见轮船的鸣笛声。声波在空气中和在水中传播时的()A波速和波长均不同C波长和周期均不同B频率和波速均不同D周期和频率均不同【答案】A【解析】声波在不同介质中频率和周期都不变，波长波速发生改变，所以选项 A 正确，BCD 错误。故选 A。15无风时，雨滴受空气阻力的作用在地面附近会以恒定的速率竖直下落。一质量为m的雨滴在地面附近以速率v下落高度的过程中，克服空气阻力做的功为(重力加速度大小为g)()A 0B mgC mv2 mgD mv2+mg【答案】B【解析】由于雨滴是匀速下落，所以受力平衡，空气阻力等于重力，f=mg，所以

2、客服空气阻力做的功为：wf=f=mg，所以选项 B 正确。故选 B。16铯原子基态的两个超精细能级之间跃迁发射的光子具有稳定的频率，铯原子钟利用的两能级的能量差量级为105eV，跃迁发射的光子的频率量级为(普朗克常量=6.63 1034J s，元电荷e=1.60 1019C)()A 103HzB 106HzC 109HzD 1012Hz【答案】C【解析】根据已知条件可得：E=105eV=1.6 1024J，根据光子能量表达式E=v，可推导出光子频率为：v=2.4109Hz，所以选项 C正确。故选 C。217 2023年5月，世界现役运输能力最大的货运飞船天舟六号，携带约5800 kg的物资进入

3、距离地面约400 km(小于地球同步卫星与地面的距离)的轨道，顺利对接中国空间站后近似做匀速圆周运动。对接后，这批物资()A质量比静止在地面上时小B所受合力比静止在地面上时小C所受地球引力比静止在地面上时大D做圆周运动的角速度大小比地球自转角速度大【答案】D【解析】A、由于物体的质量不随位置而改变，所以选项 A 错误；B、地球上物体与同步卫星角速度相同，由a=2r可得a地 a同，所以a空 a同 a地。由于F合=ma，故物体在空间站所受合力大于地面上所受合力，故 B 错误；C、根据F引=，且空间站r较大，可得F引较小，所以选项 C 错误；D、根据a=2r，由于a空a同，r空同，而地=同，可得空地

4、，所以选项 D正确。故选 D。18一电子和一粒子从铅盒上的小孔O竖直向上射出后，打到铅盒上方水平放置的屏幕P上的a和b两点，a点在小孔O的正上方，b点在a点的右侧，如图所示。已知粒子的速度约为电子速度的，铅盒与屏幕之间存在匀强电场和匀强磁场，则电场和磁场方向可能为()A电场方向水平向左、磁场方向垂直纸面向里B电场方向水平向左、磁场方向垂直纸面向外C电场方向水平向右、磁场方向垂直纸面向里D电场方向水平向右、磁场方向垂直纸面向外【答案】C【解析】3A 若a为电子轨迹，b为粒子轨迹，则只能电场方向水平向左，磁场方向垂直纸面向外，故选项 A错误；B 此时，对电子应有Fe 洛=evB，Fe 电=eE，F

5、e 洛=Fe 电，对粒子有F 洛=2eB，F电=2eE，此时，F 洛 F电，故粒子应向左偏，不满足题目情景，故 B 错；D 若a为粒子轨迹，b为电子轨迹，则只能电场方向水平向右，磁场方向垂直纸面向里，故选项 D错误；C 此时，对电子应有Fe 洛=evB，Fe 电=eE，Fe 洛 Fe 电，对粒子有F 洛=2eB，F电=2eE，此时，F洛=F电，故电子应向右偏，满足题目情景，故 C 正确。故选 C。19使甲、乙两条形磁铁隔开一段距离，静止于水平桌面上，甲的N极正对着乙的S极，甲的质量大于乙的质量，两者与桌面之间的动摩擦因数相等。现同时释放甲和乙，在它们相互接近过程中的任一时刻()A甲的速度大小比

6、乙的大B甲的动量大小比乙的小C甲的动量大小与乙的相等D甲和乙的动量之和不为零【答案】BD【解析】如图所示：A根据牛顿第二定律：a甲=Fmf甲1=Fm甲ug、a乙=Fmf2乙=Fm乙ug，由于m甲m乙，所以a甲v乙，所以选项 A错误；C 由于m甲 m乙，所以由于f1 f2，所以对于整个系统不满足动量守恒，所以甲的动量大小与乙的不相等，选项 C 错误；BD对于整个系统而言，由于f1 f2，合力方向向左，合冲量方向向左，所以合动量方向向左，显然甲的动量大小比乙的小。选项 BD正确。故选 BD。420一质量为1kg的物体在水平拉力的作用下，由静止开始在水平地面上沿x轴运动，出发点为x轴零点，拉力做的功

7、w与物体坐标x的关系如图所示，物体与水平地面间的动摩擦因数为 0.4，重力加速度大小取10m/s2。下列说法正确的是()A在x=1m时，拉力的功率为6WB在x=4m时，物体的动能为2JC从x=0运动到x=2m，物体克服摩擦力做的功为8JD从x=0运动到x=4m的过程中，物体的动量最大为2kg m/s【答案】BC【解析】由图像可知，w x图像的斜率就是拉力F，0 2m过程中拉力大小为6N，2 4m过程中拉力大小为3N，由牛顿第二定律可知，a1=2m/s2，a2=1m/s2，故02m过程中，物体做匀加速运动，2 4m过程中，物体做匀减速运动。A在x=1m时，由公式v21=2a1x1，解得v1=2m

8、/s，此时拉力的功率P=Fv=12W，故 A错误；B在x=4m时，物体的动能Ek=w总 fx4=18 16=2J，故 B 正确；C从x=0运动到x=2m，物体克服摩擦力做的功wf=fx2=8J，故 C 正确；D从x=0运动到x=4m的过程中，物体在x=2m 时速度最大，由v22=2a1x2，解得v2=22m/s，此时物体的动量p2=mv2=22kg，故 D 错误。故选：BC。21如图，一封闭着理想气体的绝热汽缸置于水平地面上，用轻弹簧连接的两绝热活塞将汽缸分为f、g、三部分，活塞与汽缸壁间没有摩擦。初始时弹簧处于原长，三部分中气体的温度、体积、压强均相等。现通过电阻丝对f中的气体缓慢加热，停止

9、加热并达到稳定后()A中的气体内能增加C f与中的气体温度相等B f与g中的气体温度相等D f与中的气体压强相等【答案】AD【解析】对f加热，则f中气体温度升高，体积增加，此时f挤压g、，而g、中均为绝热气体，故g、体积均减小，压强增大，弹簧弹力增加。A当f右侧活塞向右移动时，对g、均做正功，故g、中的气体温度升高，内能增加，故 A正确；5D当系统稳定时，满足pfS=pgS+F=phS，则此时f与中的气体压强相等，故 D 正确；CD由于体积变小，温度升高，且pfS=pgS+F=phS，故V Vg Vf，由理想气体状态方程可知=，所以TTf，故 C 错误；B由理想气体状态方程可知=，由于pg p

10、f，Vg Vf，故Tg R1)，再次将开关 S 与“1”端相接，再次记录电流随时间的变化情况。两次得到的电流I随时间t变化如图(b)中曲线所示，其中实线是电阻箱阻值为_(填“R1”或“R2”)时的结果，曲线与坐标轴所围面积等于该次充电完成后电容器上的_(填“电压”或“电荷量”)。【答案】(1)正极(2)C(3)R2电荷量【解析】(1)多用电表应满足电流“红进黑出”，因此红表笔与电源的正极相连；6(2)电容器放电过程中，电流由大逐渐变小，则小灯泡迅速变亮，然后亮度逐渐减小至熄灭；(3)实线表示充电慢，用时长，故接入的电阻应该为大的电阻，即R2，因此实线表示接入电阻为R2；根据公式I=，则I t图

11、像的线下面积表示电荷量。23(12分)一学生小组做“用单摆测量重力加速度的大小”实验。(1)用实验室提供的螺旋测微器测量摆球直径。首先，调节螺旋测微器，拧动微调旋钮使测微螺杆和测砧相触时，发现固定刻度的横线与可动刻度上的零刻度线未对齐，如图(a)所示，该示数为_mm；螺旋测微器在夹有摆球时示数如图(b)所示，该示数为_mm，则摆球的直径为_mm。(2)单摆实验的装置示意图如图(c)所示，其中角度盘需要固定在杆上的确定点O 处，摆线在角度盘上所指的示数为摆角的大小。若将角度盘固定在 O 点上方，则摆线在角度盘上所指的示数为5。时，实际摆角_5。(填“大于”或“小于”)。(3)某次实验所用单摆的摆

12、线长度为 81.50cm，则摆长为_cm。实验中观测到从摆球第 1次经过最低点到第 61 次经过最低点的时间间隔为 54.60s，则此单摆周期为_s，该小组测得的重力加速度大小为_m/s2。(结果均保留 3 位有效数字，2取 9.870)【答案】(1)0.006(0.007 也可)20.035(20.03420.036 均给分)20.029(20.02820.030 均给分)(2)大于(3)82.51.829.83【解析】(1)图(a)读数为 0+0.60.01mm=0.0006mm(0.007mm 也可)；图(b)20+3.50.01mm=20.035mm(20.03420.036 均给分)

13、；则摆球的直径为 20.035-0.0006=20.029mm(20.02820.030 均给分)(2)若角度盘上移则形成下图所示图样，则实际摆角大于5。7(3)摆长=摆线长度+半径，代入数据计算可得摆长为 82.5cm；小球从第 1 次到 61 次经过最低点经过了 30 个周期，则T=1.82s；根据单摆周期公式T=2几 可得 g=4冗T22L=9.83m/s2。24(10分)将扁平的石子向水面快速抛出，石子可能会在水面上一跳一跳地飞向远方，俗称“打水漂”。要使石子从水面跳起产生“水漂”效果，石子接触水面时的速度方向与水面的夹角不能大于e。为了观察到“水漂”，一同学将一石子从距水面高度为处水

14、平抛出，抛出速度的最小值为多少？(不计石子在空中飞行时的空气阻力，重力加速度大小为g)【答案】抛出时的最小速度为【解析】石子做平抛运动，落到水面时竖直方向的速度：v2y=2g，得：vy=2g又由题意可知，速度夹角：tane，则初速度：v0，即抛出时的最小速度为2g。tane25(14分)密立根油滴实验的示意图如图所示。两水平金属平板上下放置，间距固定，可从上板中央的小孔向两板间喷入大小不同、带电量不同、密度相同的小油滴。两板间不加电压时，油滴a、b在重力和空气阻力的作用下竖直向下匀速运动，速率分别为v0、；两板间加上电压后(上板为正极)，这两个油滴很快达到相同的速率，均竖直向下匀速运动。油滴可

15、视为球形，所受空气阻力大小与油滴8半径、运动速率成正比，比例系数视为常数。不计空气浮力和油滴间的相互作用。(1)求油滴a和油滴b的质量之比；(2)判断油滴a和油滴b所带电荷的正负，并求a、b所带电荷量的绝对值之比。【答案】(1)油滴a和油滴b的质量之比为=；(2)油滴a带负电，油滴b带负电；a、b所带电荷量的绝对值之比为=。【解析】(1)由题意，设空气阻力为：f=kTv,则无电压时，有：油滴a：mag=kTav0、油滴b：mbg=kTb，又 m=冗T3，可得：=，=(2)由题可知加电压后，油滴a做减速运动，油滴b做加速运动，直到两者共速，所以油滴a受到向上的电场力，油滴b受到向下的电场力，故油

16、滴a带负电，油滴b带负电。油滴a：mag=kTa+qaE、油滴b：mbg+qbE=kTb，可得：=926(20分)一边长为L、质量为m的正方形金属细框，每边电阻为R0，置于光滑的绝缘水平桌面(纸面)上。宽度为2L的区域内存在方向垂直于纸面的匀强磁场，磁感应强度大小为B，两虚线为磁场边界，如图(a)所示。(1)使金属框以一定的初速度向右运动，进入磁场。运动过程中金属框的左、右边框始终与磁场边界平行，金属框完全穿过磁场区域后，速度大小降为它初速度的一半，求金属框的初速度大小。(2)在桌面上固定两条光滑长直金属导轨，导轨与磁场边界垂直，左端连接电阻R1=2R0，导轨电阻可忽略，金属框置于导轨上，如图

17、(b)所示。让金属框以与(1)中相同的初速度向右运动，进入磁场。运动过程中金属框的上、下边框处处与导轨始终接触良好。求在金属框整个运动过程中，电阻R1产生的热量。【答案】(1)v0=；(2)QR1=【解析】(1)设金属框的初速度为v0，则金属框的末速度v1=，设向右为正方向。金属框进入磁场时，有E=BLv0，I=，F=BIL，联立解得F=，金属框在磁场运动过程满足F t=mv1 mv0，即=m，将x=2L代入，解得v0=。(2)设金属框的初速度为v0，则金属框进入磁场后的末速度为v1，向右为正方向。由于导轨电阻可忽略，此时金属框上下部分被短路，故电路中的总电阻R总=R0+=。10则有F t=mv1 mv0，即 B2RL2总x=mv1 mv0，解得v1=0，所以金属框最终处于静止状态。由能量守恒可知，整个过程中的生热量Q总=mv20=，所以QR1=Q总=；