（新高考卷）名校教研联盟2024届高三4月联考 物理参考答案.pdf

1、物理参考答案（新高考卷）第 1 页（共 9 页）绝密绝密启用前启用前（新高考卷新高考卷）物理物理参考答案参考答案1.【答案】D【解析】H谱线对应的光子波长最长，根据光子能量ch可知 H谱线对应的光子能量最小，则是由 n=3能级跃迁到 n=2 能级产生的，选项 A 错误；根据光子能量ch可知 H谱线对应的光子的能量最大，选项 B错误；根据光子能量ch可知 H谱线对应光子的能量比 H谱线对应光子的能量小，若 H谱线对应的光子刚好能使某种金属发生光电效应，则 H谱线所对应光子的能量低于该金属的逸出功，所以不能使该金属发生光电效应，选项 C 错误；H谱线对应光子的波长比 H谱线对应光子的波长短，若 H

2、谱线和 H谱线对应的光子都可以使某种金属发生光电效应，根据爱因斯坦光电效应方程0kcEhW可知 H谱线对应光子使该金属表面逸出的光电子最大初动能较大，选项 D 正确。2.【答案】C【解析】橘子洲大桥建很长的引桥可以减小引桥桥面的倾角，汽车重力沿桥面向下的分力sinxGmg减小，汽车与桥面的压力cosNFmg增大，选项 A、B 均错误；汽车停在引桥桥面上时受到的摩擦力大小为sinfFmg，如果橘子洲大桥高度不变，减小引桥的长度，引桥桥面的倾角变大，则摩擦力fF变大，根据牛顿第三定律可知汽车对桥面的摩擦力也变大，选项 C 正确；汽车与桥面之间的最大静摩擦力为cosmNFFmg，倾角变大，则最大静摩

3、擦力mF减小，选项 D 错误。3.【答案】B【解析】此时刻质点 P 正沿 y 轴正方向运动，根据振向波向同侧法，即质点的振动方向与波的传播方向都位于波形的同一侧，可知该简谐波沿 x 轴负方向传播，选项 A 错误；从波动图像可知质点振动的振幅为 A=6cm，从此时刻开始计时质点 P 的振动方程为)4sin(6)2sin(11ttTAy（cm），此时刻质点 P 的位移为cm3y，将 t=0 和cm3y代入振动方程解得65611或，又因为此时质点 P 沿 y 轴正方向运动，则61，从此时刻开始计时质点 P 的振动方程为)cm(64sin6）（ty，选项 B 正确；从波形图上可得该波的波长为24m，波

4、传播的速度为24m3m/s8svT，选项 C 错误；t=0 时质点 P 正沿 y 轴正方向运动，当 t=12s时经历了112T，质点 P 运动到负向位移处沿 y 轴负方向运动，选项 D 错误。物理参考答案（新高考卷）第 2 页（共 9 页）4.【答案】B【解析】设登月宇航员的质量为 m，月球表面的重力加速度为 g1，宇航员质量不变，在月球表面 G1=mg1，在地球表面 G2=mg，解得gGGg211，选项 A 错误；设月球质量为 M，在月球表面上则有12mgRMmG，解得212GGgGRM，选项 B 正确；月球的平均密度为2134334RGGgGRM，选项 C 错误；对质量为 m1的月球近地卫

5、星有Rvmgm2111，解得211GgRGRgv，即第一宇宙速度为21GgRG，选项 D 错误。5.【答案】A【解析】运动员从 A 到 B 过程根据机械能守恒定律可得=1202，解得0=2，运动员做平抛运动落在倾角为 37的斜面雪道，则水平位移与合位移的夹角为 37，根据平抛运动的推论可知0=2tan37o=32，解得=320，竖直位移为=22=9028=94，合位移即为 BC 两点间的距离，则=sin37=154，选项 A正确。6.【答案】C【解析】带电粒子在磁场中运动过程中洛伦兹力提供向心力有200mvqv Br，将磁感应强度003mvBqL代入解得03rL，OA 上的粒子源向外发射的所有

6、带电粒子在磁场中运动的轨迹为一平移圆，如图（a）所示，根据几何关系可得当粒子半径 O1P 与 OA 垂直时，打到 x 轴上的 P 点距坐标原点最远，根据几何关系得10oo5sin37sin37O PrOPL，选项 C 正确。另外要注意本题中带电粒子打的最远的距离不是轨迹与 x 轴相切时，如果相切时作出轨迹图如图（b）所示，20oo4tan37tan37O QrOQL，所以 Q 点不是距离坐标原点最远的点，本题容易错选 B。图（a）图（b）7.【答案】C【解析】规格为“10V，8W”的灯泡 L 恰好正常发光，则副线圈的电流为20.8ALLPIU，选项 A 错误；理物理参考答案（新高考卷）第 3

7、页（共 9 页）想变压器有1221InIn，解得原线圈电流为10.2AI，从交流电源电压的瞬时值变化规律可得输入电压的有效值为 100V，原线圈两端的电压为111100V 0.2 10080VUUI R，选项 B 错误；理想变压器有1122UnUn，解得220VU，电阻 R2的阻值为5.12222IUURL，选项 C 正确；变压器输入功率为11 116WPU I,选项 D 错误。8.【答案】AD【解析】恰好在 CD 面发生全反射，由几何关系知入射角=30，刚好全反射时1sinn，得折射率2n，选项 A 正确；作出光路图如图所示，根据光的反射定律和几何关系可知光在 DE 面上的入射角为 75，大

8、于临界角，则光线在 DE 面上会发生全反射，选项 B 错误；同理在可知光在 EA 面上的入射角为 30，根据几何关系可得光恰好垂直于 BC 边射出，则光线从 BC 面射出时在 BC 面上的入射角为 0，选项 C 错误；根据几何关系可得路程1133tan30226PQLLL （），光在五棱镜中传播速度为2cncv，传播的时间为vPQt，代入数据解得cLt3)33(，选项 D 正确。9.【答案】BD【解析】在 t1时间内，跳伞运动员及所携带物品整体受到重力和空气阻力的作用，所以 mv1应等于总重力和空气阻力的冲量和，选项 A 错误；在 t2时间内，根据动能定理可知：WG-Wf=12mv22-12m

9、v12，所以克服空气阻力所做的功 Wf应等于运动员动能的减少量与重力做功 WG之和，即 Wf=12mv12-12mv22+WG，选项 B 正确；在t3时间内，运动员受重力和空气阻力的作用而匀速下降，动量大小不变，空气阻力与重力的总冲量为 0，即空气阻力的冲量与重力的冲量大小相等、方向相反，由于冲量是矢量，所以这两个冲量并不相同，选项 C 错误；对于 t1+t2+t3时间内，根据动能定理可知：mgH-Wf=12mv22，所以克服空气阻力所做的功 Wf=mgH-12mv22，选项 D 正确。物理参考答案（新高考卷）第 4 页（共 9 页）10.【答案】BCD【解析】8VABABU，延长 AB 到

10、Q 点，使12BQAB，如图（a）所示，根据匀强电场中电势差性质可得2ABBQUABUBQ，解得4VBQU，又因为BQBQU，则5VQ，则 PQ 为等势面，电场强度的方向与 PQ 垂直，从 A 点向 PQ 作垂线，垂足为 C，电场强度大小为APUEAC，当 AC 最长时电场强度 E 最小，根据几何关系可得当AQC 最大时 AC 最长，所以当 PQ 与圆相切时AQC 最大，如图（b）所示，此时 AC 最长，根据几何关系可得23OQOPAQAC，解得最大值3cmAC，代入解得最小电场强度为12V400V/m0.03mAPAPUEACAC，选项 C、D 正确；此时AQC 最大，则 AC 与 AB 的

11、夹角最小，设该夹角为，3cm1cos6cm2ACAQ，o60，电场强度的方向与 AB 的夹角最小为 60，则选项 A 错误，选项B 正确。图（a）图（b）11.（7 分）【答案】（1）将气垫导轨调至水平（1 分）（2）（2 分）（3）()Mm dmg（2 分）（4）AD（2 分，漏选得 1 分，多选不得分）【解析】物理参考答案（新高考卷）第 5 页（共 9 页）（1）不挂槽码时滑块保持稳定，说明气垫导轨水平。（2）根据表格中数据描点并用直线连接。（3）根据牛顿第二定律有()mgMm a，加速度1vat，速度2dvt，以上三式联立数学变换可得12()1Mm dtmgt，则121tt图线斜率的值(

12、)Mm dkmg。（4）图线的斜率理论值为()Mm dkmg，实验中槽码和挂钩的总质量 m 的测量值偏小，则理论值偏大，图线斜率实验值是根据实验的两个时间数据得出的，是准确的，图线斜率的实验值总小于理论值，选项 A 正确；实际运算理论值为()Mm dkmg，细线与气垫导轨不平行时实际图中测量的()sinMm dkmg，所以图线斜率的实验值偏大，选项 B 错误；滑块释放的位置与斜率相关的参量无关，选项 C 错误；实验中的 t1测量值偏小，则图线斜率偏小，即实验值偏小，图线斜率的实验值总小于理论值，选项 D 正确。12.（9 分）【答案】（1）1.2050.02（1 分）（2）1（1 分）14.0

13、（2 分）（3）E（1 分）15（2 分）1.0103（2 分）【解析】（1）螺旋测微器读数为1mm20.5 0.01mm1.205mm。（2）发现指针偏转角度太大，说明指针所指数字过小，所选量程过大，故应换较小倍率“1”挡，再进行测量；由图知，指针所指数字为 14，乘以倍率后，可得测量值为 1.410=14.0。（3）当两电流表同时满偏时流过这段导体的xR的电流约为mA30 xI，导体两端的电压为V42.014mA30 xxRIU，小于电源电动势，再根据并联电路的特点有URrI)(1，解得 R=18.5，所以定值电阻应选择 E；根据串并联电路的特点可得211()xIIRI rR（），数学变换

14、可得21xxRRrIIR，结合图像的斜率有37.5mA2.515mAxxRRrkR，解得该导电元件电阻为15xR；根据电阻定律有SLRx，导线的横截面积241dS，联立解得导线的长度物理参考答案（新高考卷）第 6 页（共 9 页）m101.0107.14)102.1(14.315438232dRLx，即达到要求。13.（9 分）【答案】（1）150（2）15【解析】（1）拱门内原有气体的体积为05V，压强为0p，充好气后气体的体积为010V，压强为01.5p，设打气次数为 n，以充好气后拱门内所有气体为研究对象，根据玻意耳定律有0000001.515105pVVnppV（2 分）解得150n（

15、次）（1 分）（2）将漏出的气体和拱门内剩余气体整体为研究对象，设漏出气体的体积为1V，根据玻意耳定律有000011.51.2(1)100pVpVV（2 分）解得102.5VV设气体的密度为，则泄漏气体的质量为11mV（1 分）气体的总质量为0110)mVV（1 分）从拱门内泄漏气体的质量与刚充完气后拱门内气体质量的比值1mkm10110VVV（1 分）解得15k（1 分）14.（13 分）【答案】（1）2N安培力方向平行于导轨向上（2）21J【解析】（1）导体棒在导轨上下滑未进入磁场过程，设刚进入磁场时的速度大为 v，根据动能定理有oo21sin37cos372mgsmgsmv （1 分）解

16、得4m/sv 设导体棒在导轨上下滑未进入磁场过程运动时间为1t，根据动量定理有物理参考答案（新高考卷）第 7 页（共 9 页）oo1(sin37cos37)mgmgtmv（1 分）解得12st 从磁感应强度 B 随时间 t 的变化图像可知12st 时磁感应强度大小为1TB 根据法拉第电磁场感应定律可得感应电动势为4VEBLv（1 分）根据闭合电路的欧姆定律可知导体棒中的电流为2AEIR（1 分）导体棒进入磁场时受到的安培力为2NFILB（1 分）根据左手定则可知安培力方向平行于导轨向上（1 分）（2）导体棒在导轨上下滑未进入磁场过程磁感应强度发生变化，回路中磁通量发生变化，产生感生电动势为13

17、VBELdt（1 分）此过程中电阻产生的热量为21119JEQtR（1 分）导体棒进入磁场后oosin37cos37mgmgF（1 分）即导体棒进入磁场后处于平衡状态，则以4m/sv 的速度做匀速直线运动（1 分）运动时间为21.5sdtv（1 分）此过程中感应电动势仍为4VE，感应电流仍为2AI 此过程中产生的热量为22212JQI Rt（1 分）产生的总热量为1221JQQQ（1 分）15.（16 分）【答案】（1）1m/s（2）4m/s（3）50.25J【解析】（1）物块 B 放在传送带上后受重力、传送带对物块的支持力和滑动摩擦力 f，分析可得222cossinfm gm g则物块 B

18、受力平衡，无初速度放置于 N 后将保持静止状态对物块 A，根据牛顿第二定律有1111sincosm gm gma（1 分）物理参考答案（新高考卷）第 8 页（共 9 页）解得 a=4m/s2根据运动学公式得两物块第一次碰撞前瞬间物块 A 的速度大小m/s321advA设第一次碰撞之后瞬间物块 A、B 速度分别为1Av和1Bv，弹性碰撞过程根据动量守恒定律有121111BAAvmvmvm（1 分）根据机械能守恒定律有212211211212121BAAvmvmvm（1 分）解得1Av=-1m/s（1 分）1Bv=2m/s两物块第一次碰撞后瞬间物块 A 的速度大小为 1m/s（2）第一次碰撞之后物

19、块 B 受力不变，仍受力平衡，则沿传送带向下以速度1Bv=2m/s 做匀速直线运动，则第二次碰撞之前物块 B 的速度12BBvv=2m/s；物块 A 开始向上运动的速度 1 m/s 小于传送带的速度 v0=4m/s，物块 A 受力也不变，加速度仍为 a=4m/s2，则先沿传送带向上做匀减速直线运动，速度减为零之后再向下做匀加速直线运动。设两物块第二次碰撞前瞬间物块 A 的速度大小为 vA2，从第一次碰撞后瞬间到第二次碰撞前瞬间过程中两物块运动位移相等，设为 x1，运动时间相等，设为 t1，则有1112112tvtvvxBAA（1 分）解得2Av=5m/s设第二次碰撞之后瞬间物块 A、B 速度分

20、别为2Av和2Bv，第二次碰撞过程，根据动量守恒定律有22212221BABAvmvmvmvm（1 分）根据机械能守恒定律有22222122222121212121BABAvmvmvmvm（1 分）解得2Av=1m/s2Bv=4m/s（1 分）（3）从开始到第一次碰撞前的过程，运动时间s75.010avtA（1 分）从第一次碰撞后瞬间到第二次碰撞前瞬间的过程，对物块 A 有112atvvAA（1 分）解得11.5st 物理参考答案（新高考卷）第 9 页（共 9 页）此过程中物块 A 运动的位移为111tvxB=3m（1 分）设两物块第三次碰撞前瞬间物块 A 的速度大小为 vA3，从第二次碰撞后

21、瞬间到第三次碰撞前瞬间过程中两物块运动位移相等，设为 x2，运动时间相等，设为 t2，则有23212 12AABvvxtv t（1 分）解得3Av=7m/s从第二次碰撞后瞬间到第三次碰撞前瞬间的过程，对物块 A 有223atvvAA（1 分）解得21.5st 此过程中物块 A 运动的位移为222tvxB=6m（1 分）整个过程中传送带运动的位移为0012()15mxv ttt（1 分）产生的热量1112cos()50.25JQm gdxxx（1 分）（说明：因为 A 相对于传送带一直向下运动，第一次碰撞后到第二次碰前，虽然 A 对地有往返运动，但对传送带无往返，所以 A 与传送带的相对位移正好等于 A 与传送带对地的位移的矢量差，也就是绝对值之和。）