2024届江西省宜春市宜丰县二中物理高三第一学期期末经典模拟试题含解析.doc

1、2024届江西省宜春市宜丰县二中物理高三第一学期期末经典模拟试题考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、中微子失踪之谜是一直困扰着科学家的问题，原来中微子在离开太阳向地球运动的过程中，发生“中微子振荡”转化为一个子和一个子。科学家通过对中微子

2、观察和理论分析，终于弄清了中微子失踪之谜，成为“2001年世界十大科技突破”之一。若中微子在运动中只转化为一个子和一个子，并已知子的运动方向与中微子原来的方向一致，则子的运动方向（）A一定与中微子方向一致B一定与中微子方向相反C可能与中微子方向不在同一直线上D只能与中微子方向在同一直线上2、在物理学发展的历程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程，以下对几位物理学家所做科学贡献的叙述正确的是（ ）A牛顿运用理想实验法得出“力不是维持物体运动的原因”B安培总结出了真空中两个静止点电荷之间的作用规律C爱因斯坦创立相对论，提出了一种崭新的时空观D法拉第在对理论和实验资料进行严格分析后，总结出

3、了法拉第电磁感应定律3、如图所示，一根弹簧一端固定在左侧竖直墙上，另一端连着A小球，同时水平细线一端连着A球，另一端固定在右侧竖直墙上，弹簧与竖直方向的夹角是60，A、B两小球分别连在另一根竖直弹簧两端。开始时A、B两球都静止不动，A、B两小球的质量相等，重力加速度为g，若不计弹簧质量，在水平细线被剪断瞬间，A、B两球的加速度分别为 ( )AB，C，D，4、有甲、乙两个可看成质点的小钢球，乙球的质量大于甲球的质量。现让甲球以速度v0在某一水平桌面上水平抛出，抛出后甲球的运动轨迹如图中的图线所示。然后再将乙球以同样的速度在同一地点将它水平抛出。两球的运动都不计空气的阻力，则乙球的运动轨迹为图中的

4、（）ABCD5、如图所示，A、B两小球静止在光滑水平面上，用轻弹簧相连接，A球的质量小于B球的质量若用锤子敲击A球使A得到v的速度，弹簧压缩到最短时的长度为L1；若用锤子敲击B球使B得到v的速度，弹簧压缩到最短时的长度为L2，则L1与L2的大小关系为()AL1L2BL1L2CL1L2D不能确定6、一充电后的平行板电容器与外电路断开保持两极板的正对面积不变，其电容C和两极板间的电势差U的变化情况是（ ）A仅在两极板间插入一电介质，C减小，U不变B仅在两极板间插入一电介质，C增大，U减小C仅增大两极板间距离，C减小，U不变D仅增大两极板间距离，C增大，U减小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分

5、，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，小球A、B、C通过铰链与两根长为L的轻杆相连，ABC位于竖直面内且成正三角形，其中A、C置于水平面上。现将球B由静止释放，球A、C在杆的作用下向两侧滑动，三小球的运动始终在同一竖直平面内。已知，不计摩擦，重力加速度为g。则球B由静止释放至落地的过程中，下列说法正确的是（）A球B的机械能先减小后增大B球B落地的速度大小为C球A对地面的压力一直大于mgD球B落地地点位于初始位置正下方8、2019年3月10日0时28分，“长征三号”乙运载火箭在西昌卫星发射中心点火起飞

6、，成功将“中星6C”卫星送入太空“中星”是一颗用于广播和通信的地球静止轨道通信卫星，可提供高质量的话音、数据、广播电视传输业务，服务寿命15年已知地球半径为，地球表面的重力加速度为，地球自转周期为T，关于该卫星的发射和运行，下列说法正确的是A该卫星发射升空过程中，可能处于超重状态B该卫星可能处于北京上空C该卫星绕地球运行的线速度可能大于第一宇宙速度D该卫星运行轨道距离地面的高度为9、下列说法正确的是（）A外界对气体做功，气体的内能可能减少B单晶体有固定的熔点，多晶体和非晶体没有固定的熔点C空气中水蒸气的压强越大，空气的相对湿度就越小D内能不同的物体，它们分子热运动的平均动能可能相同E.一定质量

7、的理想气体的内能随温度的升高而增大10、如图所示，水平面内的等边三角形ABC的边长为L，顶点C恰好位于光滑绝缘直轨道CD的最低点，光滑直导轨的上端点D到A、B两点的距离均为L，D在AB边上的竖直投影点为O一对电荷量均为Q的点电荷分别固定于A、B两点在D处将质量为m、电荷量为+q的小球套在轨道上(忽略它对原电场的影响)，将小球由静止开始释放，已知静电力常量为k、重力加速度为g，且，忽略空气阻力，则A轨道上D点的场强大小为B小球刚到达C点时，其加速度为零C小球刚到达C点时，其动能为D小球沿直轨道CD下滑过程中，其电势能先增大后减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，

8、不要求写出演算过程。11（6分）用图示装置测量重锤的质量，在定滑轮两侧分别挂上重锤和n块质量均为m0的铁片，重锤下端贴一遮光片，铁架台上安装有光电门。调整重锤的高度，使其从适当的位置由静止开始下落，读出遮光片通过光电门的挡光时间t0；从定滑轮左侧依次取下1块铁片放到右侧重锤上，让重锤每次都从同一位置由静止开始下落，计时器记录的挡光时间分别为t1，t2，计算出t12，t22(1)挡光时间为t0时，重锤的加速度为a0从左侧取下i块铁片置于右侧重锤上时，对应的挡光时间为ti，重锤的加速度为ai，则=_（结果用t0和ti表示）(2)作出的图线是一条直线，直线的斜率为k，则重锤的质量M=_。12（12分

9、）某些固体材料受到外力后除了产生形变，其电阻率也要发生变化，这种由于外力的作用而使材料电阻率发生变化的现象称为“压阻效应”.现用如图所示的电路研究某长薄板电阻Rx的压阻效应，已知Rx的阻值变化范围为几欧到几十欧，实验室中有下列器材：A电源E(电动势3 V，内阻约为1 )B电流表A1(00.6 A，内阻r15 )C电流表A2(00.6 A，内阻r21 )D开关S，定值电阻R05 (1)为了比较准确地测量电阻Rx的阻值，请完成虚线框内电路图的设计_.(2)在电阻Rx上加一个竖直向下的力F(设竖直向下为正方向)，闭合开关S，记下电表读数，A1的读数为I1，A2的读数为I2，得Rx_.(用字母表示)(

10、3)改变力的大小，得到不同的Rx值，然后让力反向从下向上挤压电阻，并改变力的大小，得到不同的Rx值.最后绘成的图象如图所示，除观察到电阻Rx的阻值随压力F的增大而均匀减小外，还可以得到的结论是_.当F竖直向下时，可得Fx与所受压力F的数值关系是Rx_.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，两气缸AB粗细均匀，等高且内壁光滑，其下部由体积可忽略的细管连通；A的直径为B的2倍，A上端封闭，B上端与大气连通；两气缸除A顶部导热外，其余部分均绝热两气缸中各有一厚度可忽略的绝热轻活塞a、b，活塞下方充有氮气，

11、活塞a上方充有氧气；当大气压为P0，外界和气缸内气体温度均为7且平衡时，活塞a离气缸顶的距离是气缸高度的，活塞b在气缸的正中央现通过电阻丝缓慢加热氮气，当活塞b恰好升至顶部时，求氮气的温度；继续缓慢加热，使活塞a上升，当活塞a上升的距离是气缸高度的时，求氧气的压强14（16分）如图所示，在第一象限有一匀强电场。场强大小为，方向与轴平行。一质量为、电荷量为的粒子沿轴正方向从轴上点射入电场，从轴上的点离开电场。已知，。不计粒子重力。求：(1)场强的方向和粒子在第一象限中运动的时间；(2)粒子离开第一象限时速度方向与轴的夹角。15（12分）如图所示，容积均为V0的汽缸A、B下端有细管（容积可忽略）连

12、通，阀门K2位于细管的中部，A、B的顶部各有一阀门K1、K3，B中有一可自由滑动的活塞(质量、体积均可忽略)。初始时，三个阀门均打开，活塞在B的底部；关闭K2、K3，通过K1给汽缸打气，每次可以打进气压为p0、体积为0.3V0的空气。已知室温为27，大气压强为p0，汽缸导热良好。（1）要使A缸的气体压强增大到7p0，求打气的次数；（2）当A缸的气体压强达到7p0后，关闭K1，打开K2并缓慢加热A、B气缸内气体，使其温度都升高60，求稳定时活塞上方气体的体积和压强。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】中微子

13、转化为一个子和一个子过程中动量守恒，已知子的运动方向与中微子原来的方向一致，只能得出子的运动方向与中微子方向在同一直线上，可能与中微子同向也可能反向。A 一定与中微子方向一致与分析不符，故A错误；B 一定与中微子方向相反与分析不符，故B错误；C 可能与中微子方向不在同一直线上与分析不符，故C错误；D 只能与中微子方向在同一直线上与分析不符，故D正确。故选：D。2、C【解析】A、伽利略运用理想实验法得出“力不是维持物体运动的原因”,故A错误;B、库仑总结出了真空中两个静止点电荷之间的作用规律,故B错误;C、爱因斯坦创立相对论,提出了一种崭新的时空观,所以C选项是正确的;D、法拉第发现了电磁感应现

14、象,揭示了磁现象和电现象之间的联系;是韦德与库柏在对理论和实验资料进行严格分析后,总结出了法拉第电磁感应定律,故D错误;综上所述本题答案是：C3、D【解析】对水平细线被剪断前的整体和小球B受力分析，求出两段弹簧中的弹力。水平细线被剪断瞬间，绳中力变为零，弹簧弹力不会突变，对A和B分别受力分析，由牛顿第二定律求出AB各自的加速度。【详解】设两球的质量均为m，倾斜弹簧的弹力为，竖直弹簧的弹力为。对水平细线被剪断前的整体受力分析，由平衡条件可得：，解得：。对水平细线被剪断前的小球B受力分析，由平衡条件可得：。水平细线被剪断瞬间，绳中力变为零，弹簧弹力不会突变。对水平细线被剪断瞬间的A球受力分析知，A

15、球所受合力与原来细线拉力方向相反，水平向左，由牛顿第二定律可得：，解得：。对水平细线被剪断瞬间的B球受力分析知，B球的受力情况不变，加速度仍为0。故D项正确，ABC三项错误。【点睛】未剪断的绳，绳中张力可发生突变；未剪断的弹簧，弹簧弹力不可以突变。4、B【解析】两球在水平方向都做初速度相同的匀速直线运动，在竖直方向，两小球的加速度相同，都为重力加速度g，故在竖直方向的运动也完全相同，因此两球的运动轨迹相同，即乙球的运动轨迹依然是图线。A与分析不符，故A错误；B 与分析相符，故B正确；C 与分析不符，故C错误；D 与分析不符，故D错误。故选B。5、C【解析】若用锤子敲击A球，两球组成的系统动量守

16、恒，当弹簧最短时，两者共速，则mAv(mAmB)v解得v弹性势能最大，最大为EpmAv2(mAmB)v2= 若用锤子敲击B球，同理可得mBv(mAmB)v解得v弹性势能最大为EpmBv2(mAmB)v2即两种情况下弹簧压缩最短时，弹性势能相等，故L1L2故C正确。故选C。6、B【解析】AB根据可知，仅在两极板间插入一电介质，C变大，根据可知，Q一定，则U减小，选项A错误，B正确；CD仅增大两极板间距离，根据可知C减小，根据可知，Q一定，U变大，选项CD错误；故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但

17、不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】AB下落时，A、C开始运动，当B落地后，A、C停止运动，因A、B、C三球组成系统机械能守恒，故球B的机械能先减小后增大，故A正确；B对整个系统分析，有：解得故B正确；C在B落地前的一段时间，A、C做减速运动，轻杆对球有向上力作用，故球A对地面的压力可能小于mg，故C错误；D因为A、C两球质量不相同，故球B落地点不可能位于初始位置正下方，故D错误。故选AB。8、AD【解析】该卫星发射升空过程中，一定是先加速运动，处于超重状态，故 A正确；该卫星是一颗地球静止轨道通信卫星，一定处于赤道上空，不可能处于北京上空，故 B错误；环绕地球运动的卫星的线速度都小

18、于第一宇宙速度，故 C错误；由、 可得，故 D正确故选AD9、ADE【解析】A如果气体吸热的同时对外做功，吸收的热量小于对外所做的功，则内能可能减小，故A正确；B晶体都有固定的熔点，故B错误； C空气的相对湿度定义为空气中所含水蒸气的压强与相同温度时水的饱和蒸汽压之比，故C错误；D内能是所有分子动能和分子势能之和。内能不同的物体，当它们的温度相同时，则它们分子热运动的平均动能可能相同，故D正确；E一定质量的理想气体的内能只与温度有关，温度越高，内能越大，故E正确。故选ADE。10、BC【解析】由点电荷场强公式可得,轨道上D点的场强为: ，选项A错误；同理可得轨道上C点的场强也为:，在C点，由牛

19、顿定律可得： ，解得a=0，选项B正确；从D到C，电场力做功为零，根据动能定理可得：，选项C正确；小球沿直轨道CD下滑过程中，电场力先做正功，后做负功，则其电势能先减小后增大，选项D错误；故选BC.点睛：解答此题关键是搞清两个点电荷周围的电场分布情况，利用对称的思想求解场强及电势的关系；注意立体图与平面图形的转化关系.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 【解析】(1)1遮光片经过光电门时的速度，重锤做初速度为零的匀加速直线运动，由速度位移公式得整理得(2)2由牛顿第二定律得整理得则图像的斜率解得12、 压力方向改变，其阻值不变 【解析

20、】（1）由于题目中没有电压表，为了比较准确测量电阻，知道电流表 的阻值，所以用电流表作为电压表使用，电流表 连在干路上，即可求出电阻的阻值，电路图的设计：（2）根据串并联和欧姆定律得：，得到：（3）从图象上可以看出压力方向改变，其阻值不变，其电阻与压力关系为一次函数，由图象可得：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（2）320K; 【解析】试题分析：现通过电阻丝缓慢加热氮气，当活塞b升至顶部的过程中，a活塞不动，活塞a、b下方的氮气经历等压过程，分析出初态和末态的体积和温度，由盖吕萨克定律求解；继续缓慢加热，使活塞

21、a上升，活塞a上方的氧气经历等温过程，根据玻意耳定律求解即可（1）活塞b升至顶部的过程中，活塞a不动，活塞a、b下方的氮气经历等压过程设气缸A的容积为V0，氮气初态体积为V1，温度为T1，末态体积为V2，温度为T2，按题意，气缸B的容积为,则有： 根据盖吕萨克定律得：代入数据解得：（2）活塞b升至顶部后，由于继续缓慢加热，活塞a开始向上移动，直至活塞上升的距离是气缸高度的时，活塞a上方的氧气经历等温过程，设氧气初态体积为V1，压强为P1，末态体积为V2，压强为P2，由题给数据有， 由玻意耳定律得：解得：点睛：本题涉及两部分气体状态变化问题，除了隔离研究两部分气体之外，关键是把握它们之间的联系，

22、比如体积关系、温度关系及压强关系14、 (1)场强指向轴正方向，；(2)【解析】(1)负电荷受电场力方向是场强的反方向，所以场强的方向指向轴正方向。带电粒子在电场中做类平抛运动，在轴负方向上做初速度为零的匀加速运动，轴正方向做匀速运动。设加速度大小为，初速度为由类平抛运动的规律得又联立解得(2)设粒子离开第一象限时速度方向与轴的夹角为，则联立解得即。15、（1）21次；（2）1.25V1；2.8P1【解析】（1）设共打气n次，由p1(V113nV1)=7p1V1由式解得：n=21次（2）设温度升高后，上边的气体压强为p，体积为V，对上边气体：=对下边气体=由式解得：V=125V1，p=28p1