2023-2024学年山东省济宁市鱼台县第一中学高考物理押题试卷含解析.doc

1、2023-2024学年山东省济宁市鱼台县第一中学高考物理押题试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，虚线a、b、c是电场中的一簇等势线（相邻等势面之间的电势差相等），实线为一粒子（重力不计）仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（ ）Aa、b、c三个等势面中，a

2、的电势最高B电子在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能小C粒子在P点的加速度比Q点的加速度大D带电质点一定是从P点向Q点运动2、如图所示，边长为L、总阻值为R的等边三角形单匝金属线圈abc从图示位置开始绕轴EF以角速度匀速转动，EF的左右两侧有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小分别为B和，下列说法正确的是（）A图示位置线圈的磁通量最大，磁通量的变化率也最大B线圈从图示位置转过一周的过程中，产生的感应电流先沿acba方向后沿abca方向C线圈从图示位置转过一周的过程中，产生的感应电动势的最大值为D线圈转动过程中产生的交流电的电动势的有效值为3、将两个负电荷A、B（带电量QA=20C和QB=4

3、0C）分别从无穷远处移到某一固定负点电荷C产生的电场不同位置M和N，克服电场力做功相同，则将这两电荷位置互换后（即将电荷A移至位置N，电荷B移至位置M，规定无穷远处为零势面，且忽略电荷A、B对点电荷C的电场分布影响），此时电荷A、B分别具有的电势能EA和EB关系描述正确的是（）AEAEBBEA=EBCEAEBD无法确定4、某行星外围有一圈厚度为d的光带，简化为如图甲所示模型，R为该行星除光带以外的半径现不知光带是该行星的组成部分还是环绕该行星的卫星群，当光带上的点绕行星中心的运动速度v，与它到行星中心的距离r，满足下列哪个选项表示的图像关系时，才能确定该光带是卫星群ABCD5、一物块以某一初速

4、度从倾角的固定斜面底端上滑，到达最大高度处后又返回斜面底端。已知物块上滑时间是下滑时间的，则物块与斜面间的动摩擦因数为（ ）A0.2B0.4C0.6D0.86、如图所示，用轻质弹簧将篮球拴在升降机底板上，此时弹簧竖直，篮球与光滑的侧壁和光滑的倾斜天花板接触，在篮球与侧壁之间装有压力传感器，当电梯在竖直方向匀速运动时，压力传感器有一定的示数。现发现压力传感器的示数逐渐减小，某同学对此现象给出了下列分析与判断，其中可能正确的是（ ）A升降机正在匀加速上升B升降机正在匀减速上升C升降机正在加速下降，且加速度越来越大D升降机正在加速上升，且加速度越来越大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20

5、分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、跳伞运动员从高空悬停的直升机内跳下，运动员竖直向下运动，其v-t图像如图所示，下列说法正确的是（ ）A10s末运动员的速度方向改变B从15s末开始运动员匀速下降C运动员在010s内的平均速度大小大于20m/sD10s15s内运动员做加速度逐渐增大的减速运动8、如图所示，水平传送带以恒定的速度v运动，一质量为m的小物块轻放在传送带的左端，经过一段时间后，物块和传送带以相同的速度一起运动。已知物块与传送带间的动摩擦因数为，重力加速度为g，则()A物块加速运动时的加速度为gB物块加速运

6、动的时间为C整个过程中，传送带对物块做的功为mv2D整个过程中，摩擦产生的热量为mv29、如图，MN和PQ是电阻不计的平行金属导轨，其间距为L，导轨弯曲部分光滑，平直部分粗糙，固定在水平面上，右端接一个阻值为R的定值电阻，平直部分导轨左边区域有宽度为d、方向竖直向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场，质量为m、电阻也为R的金属棒从高为h 处由静止释放，到达磁场右边界处恰好停止己知金属棒与平直部分导轨间的动摩擦因数为，金属棒与导轨间接触良好，则金属棒穿过磁场区域的过程中（ ）（重力加速度为g）A金属棒克服安培力做的功等于金属棒产生的焦耳热B金属棒克服安培力做的功为mghC金属棒产生的电热为D金属棒运

7、动的时间为10、如图甲所示，一木块沿固定斜面由静止开始下滑，下滑过程中木块的机械能和动能随位移变化的关系图线如图乙所示，则下列说法正确的是（）A在位移从0增大到的过程中，木块的重力势能减少了B在位移从0增大到的过程中，木块的重力势能减少了C图线斜率的绝对值表示木块所受的合力大小D图线斜率的绝对值表示木块所受的合力大小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学利用如图甲所示的装置来验证机械能守恒定律，图中A、B为两个光电门。（1）该同学首先利用20分度的游标卡尺测量小球的直径d，测量结果如图乙所示，则d_cm；（2）让小球从光电门A

8、上方某一高度处自由下落，计时装置测出小球通过光电门A、B的挡光时间tA、tB，已知当地的重力加速度为g，用刻度尺测量出光电门A、B间的距离h，则只需比较_与_是否相等就可以验证小球下落过程中机械能是否守恒；（用题目中涉及的物理量符号来表示）（3）该同学的实验操作均正确，经过多次测量发现，（2）中需要验证的两个数值总是存在一定的误差，产生这种误差的主要原因是_。12（12分）某同学欲测量一阻值大约为，粗细均匀的漆包金属线的电阻率。(1)该同学用螺旋测微器测量金属线的直径，该螺旋测微器校零时的示数如图（a）所示，然后测量金属线的直径时示数如图（b）所示，则该金属线的直径应该为_mm。该同学拿来一块

9、多用电表，表盘如图（c）所示。若将多用电表的开关拨到欧姆档的1K档，则欧姆表的内阻为_。若用此多用电表的欧姆档测量待测金属线的电阻R，测量之前，应该将多用电表的开关拨到欧姆档的_（填10或100）档位。(2)若用欧姆表的红表笔接触金属线的左端点M，黑表笔接触金属线的右端点N，流经金属线的电流（_）A由M到N B由N到M(3)若该同学在测量金属线直径时，没有完全去除漆包线表面的绝缘漆，这会使实验测得该金属线的电阻率与真实值相比_（填“偏大”或“偏小”）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，光滑水平面

10、上小球A、B分别以、的速率相向运动，碰撞后B球静止已知碰撞时间为，A、B的质量均为求：碰撞后A球的速度大小；碰撞过程A对B平均作用力的大小14（16分）如图所示，质量为的长木板放在光滑水平地面上，在长木板的最右端和距右端的点处各放一物块和（均可视为质点），物块的质量为，物块的质量为，长木板点左侧足够长，长木板上表面点右侧光滑，点左侧（包括点）粗糙物块与长木板间的动摩擦因数，现用一水平向右的恒力作用于长木板上，使长木板由静止开始运动，设物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，求：(1)当长木板由静止开始运动时，若要物块与长木板保持相对静止，拉力满足的条件；(2)若拉力，在物块相碰时撤去拉力，物

11、块与发生弹性碰撞，碰撞之后物块的速度和物块的速度。15（12分）如图，第一象限内存在沿轴负方向的匀强电场，电场强度大小为E；第二、三、四象限存在方向垂直平面向外的匀强磁场，其中第二象限的磁感应强度大小为，第三、四象限磁感应强度大小相等。一带正电的粒子，从轴负方向上的点沿与轴正方向成角平行平面入射，经过第二象限后恰好由轴上的点（）垂直轴进入第一象限，然后又从轴上的点进入第四象限，之后经第四、三象限重新回到点，回到点的速度方向与入射时相同。不计粒子重力。求：(1)粒子从点入射时的速度；(2)粒子进入第四象限时在轴上的点到坐标原点距离；(3)粒子在第三、四象限内做圆周运动的半径（用已知量表示结果）。

12、参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于粒子带正电，因此电场线指向上方，沿电场线电势降低，故a等势线的电势最低，c等势线的电势最高，故A错误；Ba等势线的电势最低，c等势线的电势最高；而电子带负电，负电荷在电势高处的电势能小，所以电子在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大，故B错误；C等势线密的地方电场线密场强大，故P点位置电场强，电场力大，根据牛顿第二定律，加速度也大，故C正确；D由图只能判断出粒子受力的方向，不能判断出粒子运动的方向，故D错误；故选C。2、D【解析】A图

13、示位置线圈的磁通量最大，磁通量的变化率为零，A错误；B线圈从图示位置转过一周的过程中，产生的感应电流先沿abca方向后沿acha方向，B错误；C线圈从图示位置转过一周的过程中，产生的感应电动势的最大值为C错误；D线圈从图示位置转过一周的过程中，有半个周期电动势的最大值为有半个周期电动势的最大值为根据有效值的定义可求得交流电的有效值D正确。故选D。3、A【解析】两个电荷未换之前，分别从无穷远处移到某一固定负点电荷C产生的电场不同位置M和N，克服电场力做功相同，有：QA（0M）=QB（0N）即QAM=QBN由于2QA=QB，所以得：M=2N；将这两电荷位置互换后，电荷A、B分别具有的电势能EA和E

14、B为：EA=QAN=20NEB=QBM=402N=80N由于N0，所以EAEB，故A正确，BCD错误。故选A。4、D【解析】若光带是卫星群，则应该满足，即，即 图像应该是过原点的直线，故选D.5、C【解析】设物块从斜面底端向上滑时的初速度为，返回斜面底端时的速度大小为，则根据平均速度公式有再由牛顿运动定律和运动学公式有上滑过程下滑过程时间关系有联立各式解得故C正确，ABD错误。故选C。6、D【解析】篮球在水平方向上受力平衡，即侧壁对篮球的弹力与倾斜天花板对篮球的弹力在水平方向的分力平衡，随着压力传感器的示数逐渐减小，篮球受到倾斜天花板在水平方向的分力减小，则其在竖直方向的分力减小，而弹簧的弹力

15、不变，故篮球必然有竖直向上且增大的加速度，选项D项正确，ABC错误。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】A10s末运动员的速度方向仍然为正方向，故A错误；B15s末，图象的加速度为零，运动员做匀速直线运动，故B正确；C010s内，如果物体做匀加速直线运动，平均速度而运动员在010s内的位移大于做匀加速直线运动的位移，由知，时间相同，位移x越大，平均速度就越大，所以运动员在010s的平均速度大于20m/s，故C正确；D图象的斜率表示加速度，1015s

16、斜率绝对值逐渐减小，说明1015s运动员做加速度逐渐减小的减速运动，故D错误。故选BC。8、AC【解析】A物块加速运动时，由牛顿第二定律得mg=ma可得a=g故A正确；B物块加速运动的时间为t=故B错误；C整个过程中，根据动能定理得传送带对物块做的功为W=mv2-0=mv2故C正确；D物块加速运的动时间内传送带的位移为x带=vt物块的位移为x物=物块与传送带间相对位移大小为x=x带-x物=整个过程中摩擦产生的热量为Q=mgx=mv2故D错误。故选AC。9、CD【解析】根据功能关系知，金属棒克服安培力做的功等于金属棒以及电阻R上产生的焦耳热之和，故A错误设金属棒克服安培力所做的功为W对整个过程，

17、由动能定理得 mgh-mgd-W=0，得 W=mg（h-d），故B错误电路中产生的总的焦耳热Q=W= mg（h-d），则属棒产生的电热为mg（h-d），故C正确金属棒在下滑过程中，其机械能守恒，由机械能守恒定律得：mgh=mv02，得金属棒经过磁场通过某界面的电量为 ；根据动量定理： ，其中 ，解得 ，选项D正确；故选CD.10、BD【解析】AB木块沿斜面下滑过程中，动能增大，则图线为木块的动能随位移变化的关系。由机械能的变化量等于动能的变化量与重力势能变化量之和，有得，即木块的重力势能减少了，故A错误，B正确；C由功能关系可知图线斜率的绝对值表示木块所受的除重力之外的合力大小，故C错误； D

18、由功能关系可知图线斜率的绝对值表示木块所受的合力大小，故D正确。故选BD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.885 gh 小球下落过程中受到空气阻力的影响 【解析】(1)1根据游标卡尺的读数规则可知，小球的直径为(2)23小球从A到B，重力势能减少了mgh，动能增加了因此，要验证机械能是否守恒，只需比较gh与是否相等即可(3)4小球下落过程中，受到空气阻力的作用，造成机械能损失，所以总是存在一定的误差。12、1.762 15000（或） 10 B 偏大 【解析】(1)123螺旋测微器的读数为固定刻度的毫米数与可动刻度的的和，由图示

19、螺旋测微器可知，其直径为(相减的是图a的1格);欧姆表盘的中值电阻就是欧姆表的内内阻，所以欧姆表的内阻为3000;由于待测电阻大约只有100，要使指针偏在中央左右，则倍率选。(2)4欧姆表的红表笔接的是内接电源的负极，所以当欧姆表的红表笔接触金属线的左端点M ，黑表辖接触金属线的右端点N，流经金属线是从N到M，故选B。(3)5若该同学在测量金属线直径时，没有完全去漆包线袤面的绝缘漆，这样导致直径测量值偏大，截面积偏大，根据电阻定律得到所以电阻率的测量也偏大。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) (2)【解析

20、】、B系统动量守恒，设B的运动方向为正方向由动量守恒定律得解得；对B，由动量定理得，解得；14、 (1)；(2)，【解析】(1)当与长木板间的摩擦力达到最大静摩擦力时将要发生相对滑动，设此时物块的加速度为，以为研究对象，根据牛顿第二定律因为与长木板间没有摩擦力，以长木板和物块整体为研究对象，根据牛顿第二定律，当与长木板间将要发生相对滑动时联立解得所以若要物块与长木板保持相对静止，拉力(2)当拉力时小于，开始时物块保持静止，物块与长木板一起加速根据动能定理解得物块发生弹性碰撞，根据动量守恒定律根据机械能守恒定律两式联立解得15、 (1)；(2)；(3)【解析】（l）粒子在第二象限做圆周运动的半径为r1，圆心为O，有由上两式解得粒子在第四、三象限中做圆周运动，由几何关系可知设粒子在x轴上N点的速度为v，有又解得所以(2)设P点的纵坐标为，由几何关系得设粒子在电场中运动的时间为t，N点横坐标为xN，则有解得(3)粒子在第四、三象限中运动半径为r2，圆心为O2，则解得