四川省绵阳市2018~2019学年高二上学期期末教学质量测试数学（文）试题含答案.doc

1、 四川省绵阳市四川省绵阳市 20182018- -20192019 学年高二上学期期末教学质量测试学年高二上学期期末教学质量测试 数学（文）试题数学（文）试题 第第卷（共卷（共 6060 分）分） 一、选择题：本大题共一、选择题：本大题共 1212 个小题个小题, ,每小题每小题 5 5 分分, ,共共 6060 分分. .在每小题给出的四个选项中，只有一在每小题给出的四个选项中，只有一 项是符合题目要求的项是符合题目要求的. . 1.已知，是空间直角坐标系中的两点，则（ ） A. 3 B. C. 9 D. 【答案】A 【解析】 【分析】 由空间中两点间距离公式直接计算即可. 【详解】因为，所

2、以. 故选 A 【点睛】本题主要考查空间中两点间的距离，熟记公式即可求解，属于基础题型. 2.直线的倾斜角为（ ） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】 根据直线的斜率直接求出直线的倾斜角即可. 【详解】因为直线的斜率为， 所以直线的倾斜角为， 即 故选：C. 【点睛】本题目主要考查了直线的斜率和倾斜角的关系. 3.利用独立性检验的方法调查高中生性别与爱好某项运动是否有关，通过随机调查 200 名高 中生是否爱好某项运动，利用列联表，由计算可得，参照下表： 0.01 0.05 0.025 0.010 0.005 0.001 2.706 3.841 5,024 6.635 7.

3、879 10.828 得到的正确结论是（ ） A. 有 99%以上的把握认为“爱好该项运动与性别无关” B. 有 99%以上的把握认为“爱好该项运动与性别有关” C. 在犯错误的概率不超过 0.5%的前提下，认为“爱好该项运动与性别有关” D. 在犯错误的概率不超过 0.5%的前提下，认为“爱好该项运动与性别无关” 【答案】B 【解析】 【分析】 由，结合临界值表，即可直接得出结果. 【详解】由，可得有 99%以上的把握认为“爱好该项运动与性别有关”.故选 B 【点睛】本题主要考查独立性检验，会对照临界值表，分析随机变量的观测值即可，属于基 础题型. 4.直线和直线垂直，则实数 的值为（ ）

4、A. -2 B. 0 C. 2 D. -2 或 0 【答案】D 【解析】 【分析】 由两直线垂直，得到系数之间的关系，进而可求出结果. 【详解】因为直线和直线垂直，所以， 即，解得或.故选 D 【点睛】本题主要考查由两直线垂直求参数的值，结合两直线垂直的充要条件，即可求解， 属于基础题型. 5.甲、乙两名同学参加校园歌手比赛，7 位评委老师给两名同学演唱比赛打分情况的茎叶图如 图（单位：分） ，则甲同学得分的平均数与乙同学得分的中位数之差为（ ） A. 1 B. 2 C. 3 D. 4 【答案】B 【解析】 【分析】 由茎叶图直接求出甲的平均数和乙的中位数，由此得出结果. 【详解】由茎叶图得：

5、 甲的平均数 乙的中位数为 83 即甲的平均数与乙的中位数之差为 85-83=2 故选：B. 【点睛】本题考查了对茎叶图得认识，以及平均数和中位数的求法. 6.某运动员每次射击命中不低于 8 环的概率为 ， 命中 8 环以下的概率为 ， 现用随机模拟的方 法估计该运动员三次射击中有两次命中不低于 8 环，一次命中 8 环以下的概率：先由计算器 产生 0 到 9 之间取整数值的随机数，指定 0、1、2、3、4、5 表示命中不低于 8 环，6、7、8、 9 表示命中 8 环以下，再以每三个随机数为一组，代表三次射击的结果，产生了如下 20 组随 机数： 据此估计，该运动员三次射击中有两次命中不低于

6、 8 环，一次命中 8 环以下的概率为（ ） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】 根据随机数表，列举出该运动员三次射击中有两次命中不低于 8 环，一次命中 8 环以下的情 况，结合概率计算公式即可求解. 【详解】由题意可得，表示“该运动员三次射击中有两次命中不低于 8 环，一次命中 8 环以 下的情况”有：207,815,429,027,954,409,472,460,共 8 组数据， 所以该运动员三次射击中有两次命中不低于 8 环，一次命中 8 环以下的概率为. 故选 C 【点睛】本题主要考查列举法求古典概型的概率，熟记概率公式，即可求解，属于基础题型. 7.执行如图的程

7、序框图，输出的 的值是（ ） A. 3 B. 4 C. 5 D. 6 【答案】B 【解析】 【分析】 按顺序执行框图，即可求出结果. 【详解】执行程序框图可得： 第一步：； 第二步：； 第三步：； 第三步：输出. 故选 B 【点睛】本题主要考查程序框图，按顺序逐步执行框图，即可得出结果，属于基础题型. 8.用系统抽样法从 130 件产品中抽取容量为 10 的样本，将 130 件产品从 1130 编号，按编 号顺序平均分成 10 组 （113 号， 1426 号， ， 118130 号） ， 若第 9 组抽出的号码是 114， 则第 3 组抽出的号码是（ ） A. 36 B. 37 C. 38

8、D. 39 【答案】A 【解析】 【分析】 利用系统抽样的特点，确定组数和每组的样本数，写出每组抽取号码的表达式，确定第一组 的抽取号码，带入求出第三组的号码. 【详解】由题，可知系统抽样的组数为 10 组，间隔为 13，设第一组抽取的号码为 x， 有系统抽样的法则，可知第 n 组抽取的号码为 x+13(n-1)，所以第 9 组抽取的号码为： x+13(9-1)=114，解得 x=10, 所以第 3 组抽取的号码为：10+13(3-1)=36 故选：A. 【点睛】本题目考查了系统抽样的法则，可知第 n 组抽的个数号码为 x+间隔（组数-1） ，属于 基础题. 9.从装有 3 个红球和 2 个白

9、球的口袋中随机取出 3 个球， 则事件“取出 1 个红球和 2 个白球” 的对立事件是（ ） A. 取出 2 个红球和 1 个白球 B. 取出的 3 个球全是红球 C. 取出的 3 个球中既有红球也有白球 D. 取出的 3 个球中不止一个红球 【答案】D 【解析】 【分析】 根据题意，得出取 3 个球的所有情况，利用对立事件的概念得出结果. 【详解】 从装有 3 个红球和 2 个白球的口袋中随机取出 3 个球可能的情况有： “3 个红球”“1 红 2 白”“2 红 1 白”，所以事件“取出 1 个红球和 2 个白球”的对立事件是“3 红或是 2 红 1 白”即“3 个球不止一个红球” 故选：D

10、. 【点睛】本题主要考查了对立事件的概念，属于基础题. 10.若双曲线与双曲线有公共点，则双曲线离心率的取值 范围是（ ） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】 两双曲线有公共点，只需分别求出两双曲线的渐近线，比较斜率即可求出结果. 【详解】由得的渐近线方程为，由得的渐近线方程为， 因为双曲线与双曲线有公共点， 所以只需，即，即，即，解得. 故选 C 【点睛】本题主要考查双曲线的简单性质，双曲线有交点的问题，转化为渐近线之间的关系 即可求解，属于基础题型. 11.已知直线和圆，若 是在区间上任意取一个数，那么直线 与圆 相 交且弦长小于的概率为（ ） A. B. C. D.

11、【答案】D 【解析】 【分析】 先据题意求出满足条件的 r 的范围，利用区间长度之比求出满足条件的概率即可. 【详解】由点到直线的距离公式可得 因为直线与圆相交，所以 相交弦的长度为 由题知解得 所以弦长小于的概率 故选：D. 【点睛】本题目考查了直线与圆相交问题和几何概型的综合知识，注意直线与圆相交 r 的取 值，属于中档题. 12.已知点 在离心率为 的椭圆上， 是椭圆的一个焦点， 是以为直径的圆上 的动点， 是半径为 2 的圆上的动点，圆与圆相离且圆心距，若的最小值 为 1，则椭圆 的焦距的取值范围是（ ） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】 由圆与圆相离且圆心距，以

12、及的最小值为 1，可得圆的直径，即的长， 再由 在椭圆 上，可得，进而可求出结果. 【详解】因为是以为直径的圆上的动点， 是半径为 2 的圆上的动点，圆与圆相 离且圆心距，又的最小值为 1，所以，解得， 又因 在椭圆 上，所以，因为离心率为 ，所以, 所以，故，所以. 故选 C 【点睛】本题主要考查椭圆的简单性质，做题的关键在于，由两圆相离先确定的长，进而 可根据椭圆的性质，即可求出结果，属于常考题型. 第第卷（共卷（共 9090 分）分） 二、填空题（每题二、填空题（每题 5 5 分，满分分，满分 2020 分，将答案填在答题纸上）分，将答案填在答题纸上） 13.抛物线的焦点坐标是_ 【答案

13、】 【解析】 【分析】 由抛物线的标准方程，可直接写出其焦点坐标. 【详解】因为抛物线方程为，所以焦点在 轴上，且焦点为. 故答案为 【点睛】本题主要考查由抛物线的方程求焦点坐标的问题，属于基础题型. 14.某高速公路移动雷达测速检测车在某时段对某段路过往的 400 辆汽车的车速进行检测，根 据检测的结果绘制出如图所示的频率分布直方图，根据直方图的数据估计 400 辆汽车中时速 在区间的约有_辆 【答案】280 【解析】 【分析】 通过频率分布直方图，利用频数=频率 样本容量求得结果。 【详解】有图可知，时速在区间的频率为 所以时速在区间的频率为 1-0.3=0.7 所以时速在区间的车辆为：

14、故答案为：280. 【点睛】本题考查了频率分布直方图的认识以及对频数的求解，熟练图形和公式，属于简单 题. 15.若是直线上的点，直线 与圆相交于 、 两点，若为等边三角形，则过点 作圆 的切线，切点为 ，则_ 【答案】 【解析】 【分析】 由为等边三角形，以及圆 的圆心坐标和半径，即可求出 ，再将 点坐标代入直线 的方 程，即可求出，再由两点间距离公式求出的长，根据，即可求出结果. 【详解】因为为等边三角形，圆 的圆心为，半径为，所以根据点 到直 线 的距离可得：，即，因为，所以， 所以直线 的方程为，又在直线 上，所以，所以， 即， 所以. 故答案为. 【点睛】本题主要考查直线与圆的综合问

15、题，结合点到直线的距离公式，以及两点间距离公 式，即可求解，属于常考题型. 16.已知离心率为 的椭圆的左、右焦点分别为、，点 在椭圆 上， 点为的内心，且、的面积分别为、，若 ，则的值为_ 【答案】5 【解析】 【分析】 先根据离心率求得 a、c 的关系，再根据已知条件用 a、c 表示出，求得结 果. 【详解】据题意，因为离心率 ， 设 点为的内心，设半径为 r， 得 化简得， 设 故答案为：5. 【点睛】本题目考查了椭圆的离心率、定义以及性质，结合三角形类型的知识的综合问题， 属于较难题. 三角形的内心：角平分线的交点； 三角形的外心：垂直平分线的交点； 三角形的重心：中线的交点. 三、解

16、答题三、解答题 （本大题共（本大题共 6 6 小题，共小题，共 7070 分分. .解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤. .） 17.在某亲子游戏结束时有一项抽奖活动，抽奖规则是：盒子里面共有 4 个小球，小球上分别 写有 0，1,2,3 的数字，小球除数字外其它完全相同，每对亲子中，家长先从盒子中取出一个 小球， 记下数字后将小球放回， 孩子再从盒子中取出一个小球， 记下小球上数字将小球放回. 若取出的两个小球上数字之积大于 4，则奖励飞机玩具一个；若取出的两个小球上数字之积 在区间上，则奖励汽车玩具一个；若取出的两个小球上数字之积小于 1，则奖励饮

17、料一 瓶. （1）求每对亲子获得飞机玩具的概率； （2）试比较每对亲子获得汽车玩具与获得饮料的概率，哪个更大？请说明理由. 【答案】 （1）（2）获得饮料的概率大于获得汽车玩具的概率 【解析】 【分析】 （1）确定基本事件的总数，利用古典概型的概率公式求获得飞机的概率； （2）分别求出获得汽车和获得饮料的概率，即可得出结论. 【详解】解： （1）总的基本事件有 ， 共 16 个. 记“获得飞机玩具”为事件， 故每对亲子获得飞机玩具的概率为. （2）记“获得汽车玩具”为事件 B，记“获得饮料”为事件 . 事件 包含的基本事件有 共 6 个. ， . , 即每对亲子获得饮料的概率大于获得汽车玩具的

18、概率. 【点睛】本题考查了概率中的古典概型，由题意求出基本事件总数，在列出满足题意的条件 的事件个数即可求得概率，属于基础题. 18.如图是某台大型设备使用时间 （单位：年）与维护费用 （单位：千元）的散点图. （1）根据散点图，求 关于 的回归方程； （2）如果维护费用超过 120 千元，就需要更换设备，那么根据（1）中模型的预测，估计该 设备最多可以使用多少年？ 附：参考数据：，； 一组数据，其回归方 程的斜率和截距的最小二乘估计公式分别为：，. 【答案】 （1）（2）16 年 【解析】 【分析】 （1）先求出 的平均数，再由公式求出 和 ，进而可求出结果； （2）由（1）所求出的结果，列

19、出不等式，求解即可. 【详解】解： （1）由题意得，. . 所以， . 即 关于 的回归方程. （2）由题得，解得. 所以估计该设备最多可以使用 16 年. 【点睛】本题主要考查线性回归方程，由最小二乘法求出 和 ，即可求出方程，属于常考题 型. 19.已知点，点 为曲线 上任意一点且满足. （1）求曲线 的方程； （2）设曲线 与 轴交于、 两点，点 是曲线 上异于、 的任意一点，直线、分别 交直线于点 、 .试问在 轴上是否存在一个定点 ，使得？若存在，求出点 的 坐标；若不存在，请说明理由. 【答案】 （1）（2）存在，其坐标为 【解析】 【分析】 （1）设点 P（x，y） ，由条件列出

20、方程，化简得出方程； （2）根据题意求出 M、N 的坐标，表示出直线 MR、NR 的直线方程，表示出 F、G 两点，假设 存在定点 S(0,m)，利用求出 m 即可. 【详解】解： （1）设，由， 得， 整理得. 所以曲线 的方程为. （2）由题意得，. 设点，由点 在曲线 上， 所以. 直线的方程为， 所以直线与直线的交点为. 直线的方程为， 所以直线与直线的交点为. 假设存在点，使得成立， 则. 即， 整理得. 因为， 所以， 解得. 所以存在点 使得成立， 点 的坐标为. 【点睛】本题第一问考查了求轨迹方程的问题，第二问考查了直线与圆的综合问题以及存在 性问题，计算量较大，容易在计算方面

21、出错，属于中档题目. 20.设、 为抛物线上的两点， 与 的中点的纵坐标为 4，直线的斜率为 . （1）求抛物线 的方程； （2）已知点， 、 为抛物线 （除原点外）上的不同两点，直线、的斜率分别为， ，且满足，记抛物线 在 、 处的切线交于点，若点 、 的中点的纵坐标为 8，求点 的坐标. 【答案】 （1）（2） 【解析】 【分析】 （1）根据题意运用“点差法”求得 p，得出抛物线方程； （2）据题意设，根据题意，以及、 的中点的纵坐标为 8 求出 A、B 两点的坐标，再设出 PA、PB 的直线，联立方程求得 PA、PB 直线方程，求出 S 坐标. 【详解】解： （1）设，. 直线的斜率为

22、， 又、 都在抛物线 上， 所以，. 由两式相减得， 两边同除以，且由已知得，. 可得，即. 所以抛物线 的方程为. （2）设，. 因为 所以，所以， 线段的中点的纵坐标为 8， ， 联立解得， 所以，. 设直线的斜率为 ，则直线， 由消 得. 由，得，即. 所以直线， 同理得直线. 联立以上两个方程解得 所以. 【点睛】本题利用了点差法，弦的斜率与中点问题； 注意：点差法的不等价性；(考虑)在求出直线方程以后，必须将直线方程和圆锥曲线方 程联立得到一个关于 x(或 y)的一元二次方程，判断该方程的 和 0 的关系，只有，直线 才存在； “点差法”常见题型有：求中点弦方程、求（过定点、平行弦）弦中点轨迹、垂直平分线、 定值问题. 本题还考察了直线与抛物线的综合问题，相交和相切的知识，计算量大，容易出错，属于难 题.