2021年新课标（老高考）生物复习练习课件：专题11　基因的分离定律.pptx

1、考点考点1 1 孟德尔遗传实验的科学方法孟德尔遗传实验的科学方法 1.(2017课标全国,6,6分)下列有关基因型、性状和环境的叙述,错误的是( ) A.两个个体的身高不相同,二者的基因型可能相同,也可能不相同 B.某植物的绿色幼苗在黑暗中变成黄色,这种变化是由环境造成的 C.O型血夫妇的子代都是O型血,说明该性状是由遗传因素决定的 D.高茎豌豆的子代出现高茎和矮茎,说明该相对性状是由环境决定的 答案答案 D 本题通过基础判断的形式考查遗传相关概念,属于对科学思维素养中分析与推断要素 的考查。控制身高的基因型完全相同的两个人,可能会因营养等环境因素的差异而身高不同,反 之,控制身高的基因型不同

2、的两个人,可能会由于环境因素而身高相同,A正确;在黑暗的环境中,绿 色幼苗由于叶绿素合成受阻而变黄,这种变化是由环境造成的,B正确;O型血夫妇的基因型均为ii, 其后代的基因型仍为ii,表现为O型血,这是由遗传因素决定的,C正确;高茎豌豆的子代出现高茎和 矮茎,主要是由遗传物质决定的,也可能是由环境影响的,D错误。 2.(2018浙江11月选考,15,2分)下列关于紫花豌豆与白花豌豆杂交实验的叙述,正确的是( ) A.豌豆花瓣开放时需对母本去雄以防自花授(受)粉 B.完成人工授粉后仍需套上纸袋以防自花授(受)粉 C.F1自交,其F2中出现白花的原因是性状分离 D.F1全部为紫花是由于紫花基因对

3、白花基因为显性 以下为教师用书专用 答案答案 D 本题通过孟德尔一对相对性状的杂交实验,考查了生命观念素养中的结构与功能观要 素和科学探究素养中的结果分析要素。豌豆花瓣开放时,豌豆已经完成授(受)粉,所以应在花粉尚 未成熟时,即开花前对母本去雄以防自花授(受)粉,A错误;完成人工授粉后仍需套上纸袋,防止异花 授(受)粉,B错误;F1自交,其F2中同时出现白花和紫花的现象是性状分离,出现性状分离的原因是等 位基因随同源染色体的分开而分离,C错误;紫花和白花杂交,F1全部为紫花,说明紫花为显性性状, 紫花基因对白花基因为显性,D正确。 3.(2018江苏单科,6,2分)一对相对性状的遗传实验中,会

4、导致子二代不符合31性状分离比的情况 是( ) A.显性基因相对于隐性基因为完全显性 B.子一代产生的雌配子中2种类型配子数目相等,雄配子中也相等 C.子一代产生的雄配子中2种类型配子活力有差异,雌配子无差异 D.统计时子二代3种基因型个体的存活率相等 答案答案 C 本题主要考查基因的分离定律。一对相对性状的遗传实验中,子二代要符合31的性 状分离比,需要满足的条件有显性基因对隐性基因为完全显性、雌雄配子中各类型配子数目相等 且活力无差异以及各种基因型个体的存活率相等等条件,故A、B、D不符合题意,C符合题意。 知识归纳知识归纳 杂合子自交、测交子代表现 自交 31 121 21 93 31

5、961 151 63 21 42 21 成因 正常 不完全 显性 显性纯 合致死 正常 基因互作 一对基因显性 纯合致死 两对基因显性 纯合致死 测交 11 11 11 1111 121 31 1111 1111 4.(2017浙江4月选考,3,2分)豌豆种子的黄色(Y)和绿色(y)、圆粒(R)和皱粒(r)是两对相对性状。下 列基因型中属于纯合子的是 ( ) A.YyRr B.YYRr C.YYRR D.YyRR 答案答案 C 本题通过基因型,考查了生命观念。由两个基因型相同的配子结合成合子,再由此发育 而成的新个体叫纯合子,C正确。 5.(2016浙江1月学考,30,2分)下列有关豌豆作为杂

6、交实验材料优点的叙述,的是( ) A.豌豆是异花授粉植物 B.豌豆花冠的形状便于人工去雄 C.豌豆成熟后豆粒留在豆荚中 D.豌豆具有多个稳定且可区分的性状 错误 答案答案 A 豌豆是一种严格的自花授粉植物,而且是闭花授粉,A错误;豌豆花冠的形状便于人工去 雄,B正确;豌豆成熟后豆粒留在豆荚中,便于统计,C正确;豌豆具有多个稳定的且可区分的性状,比 如紫花和白花、圆粒和皱粒,D正确。 6.(2013课标全国,6,6分)若用玉米为实验材料验证孟德尔分离定律,下列因素对得出正确实验结 论影响最小的是( ) A.所选实验材料是否为纯合子 B.所选相对性状的显隐性是否易于区分 C.所选相对性状是否受一对

7、等位基因控制 D.是否严格遵守实验操作流程和统计分析方法 答案答案 A 孟德尔分离定律的本质是杂合子在减数分裂时,位于一对同源染色体上的一对等位基 因分离,进入不同的配子中去,独立地遗传给后代。验证孟德尔分离定律一般用测交的方法,即杂 合子与隐性个体杂交。若如题中选项A用纯合子验证的话,可用杂交再测交得出子二代11的性 状分离比,这样也能验证孟德尔的分离定律,即所选实验材料是否为纯合子不影响验证结果,故A选 项符合题意,影响较小;对分离定律进行验证的实验要求所选相对性状有明显的显隐性区分,否则 会严重影响实验结果;验证实验中所选的相对性状一定受一对等位基因控制,这样才符合分离定 律的适用范围;

8、实验中要严格遵守实验操作流程和统计分析方法,否则会导致实验误差。 考点考点2 2 基因的分离定律及应用基因的分离定律及应用 1.(2020江苏单科,7,2分)有一观赏鱼品系体色为桔红带黑斑,野生型为橄榄绿带黄斑,该性状由一对 等位基因控制。某养殖者在繁殖桔红带黑斑品系时发现,后代中2/3为桔红带黑斑,1/3为野生型性 状,下列叙述错误的是( ) A.桔红带黑斑品系的后代中出现性状分离,说明该品系为杂合子 B.突变形成的桔红带黑斑基因具有纯合致死效应 C.自然繁育条件下,桔红带黑斑性状容易被淘汰 D.通过多次回交,可获得性状不再分离的桔红带黑斑品系 答案答案 D 桔红带黑斑品系繁殖时,后代中2/

9、3为桔红带黑斑,1/3为橄榄绿带黄斑,这说明桔红带黑 斑品系为杂合子,且桔红带黑斑基因具有纯合致死效应,A、B正确;由于桔红带黑斑基因纯合致死, 在自然繁育时,桔红带黑斑基因的基因频率降低,因此桔红带黑斑性状容易被淘汰,C正确;由于桔 红带黑斑基因纯合致死,多次回交也不会获得性状不分离的桔红带黑斑品系,D错误。 2.(2019课标全国,5,6分)某种植物的羽裂叶和全缘叶是一对相对性状。某同学用全缘叶植株(植 株甲)进行了下列四个实验。 让植株甲进行自花传粉,子代出现性状分离 用植株甲给另一全缘叶植株授粉,子代均为全缘叶 用植株甲给羽裂叶植株授粉,子代中全缘叶与羽裂叶的比例为11 用植株甲给另一

10、全缘叶植株授粉,子代中全缘叶与羽裂叶的比例为31 其中能够判定植株甲为杂合子的实验是( ) A.或 B.或 C.或 D.或 答案答案 B 本题借助遗传学实验相关知识,考查考生对一些生物学问题进行初步探究的能力;对植 株甲基因型的判断,体现了对科学探究素养中方案探讨要素的考查。若植株甲自花传粉,子代出 现性状分离,说明全缘叶为显性性状,且甲为杂合子;用植株甲给另一全缘叶植株授粉,子代均为 全缘叶,可以说明甲和另一全缘叶植株至少有一个为纯合子,但不能判断相对性状的显隐性,也不 能确定甲是否为杂合子;用植株甲给羽裂叶植株授粉,子代表现型比为11,杂交类型属于测交, 不能判断性状的显隐性,甲可能为杂合

11、子(全缘叶为显性性状时),也可能为纯合子(全缘叶为隐性性 状时);用植株甲给另一全缘叶植株授粉,子代中全缘叶与羽裂叶比例为31,说明甲为杂合子,故 B符合题意,A、C、D不符合题意。 3.(2019课标全国,6,6分)假设在特定环境中,某种动物基因型为BB和Bb的受精卵均可发育成个 体,基因型为bb的受精卵全部死亡。现有基因型均为Bb的该动物1 000对(每对含有1个父本和1个 母本),在这种环境中,若每对亲本只形成一个受精卵,则理论上该群体的子一代中BB、Bb、bb个 体的数目依次为( ) A.250、500、0 B.250、500、250 C.500、250、0 D.750、250、0 答

12、案答案 A 本题借助分离定律的相关知识,考查考生通过分析与综合的方法,对某些生物学问题进 行推理、解释并作出正确判断的能力;试题通过考查特殊情况下的分离定律,体现了对科学思维 素养中的分析与推断要素的考查。基因型为Bb的1 000对个体相互交配,产生的1 000个子代的基 因型有BB、Bb、bb三种,比例应为121,由于基因型为bb的受精卵死亡,因此子一代BB、Bb、 bb个体数目依次为250、500、0,A正确。 4.(2019课标全国,32,9分)玉米是一种二倍体异花传粉作物,可作为研究遗传规律的实验材料。 玉米子粒的饱满与凹陷是一对相对性状,受一对等位基因控制。回答下列问题。 (1)在一

13、对等位基因控制的相对性状中,杂合子通常表现的性状是 。 (2)现有在自然条件下获得的一些饱满的玉米子粒和一些凹陷的玉米子粒,若要用这两种玉米子粒 为材料验证分离定律,写出两种验证思路及预期结果。 答案答案 (1)显性性状 (2)思路及预期结果 两种玉米分别自交,若某些玉米自交后,子代出现31的性状分离比,则可验证分离定律。 两种玉米分别自交,在子代中选择两种纯合子进行杂交,F1自交,得到F2,若F2中出现31的性状分 离比,则可验证分离定律。 让子粒饱满的玉米和子粒凹陷的玉米杂交,如果F1都表现一种性状,则用F1自交,得到F2,若F2中出 现31的性状分离比,则可验证分离定律。 让子粒饱满的玉

14、米和子粒凹陷的玉米杂交,如果F1表现两种性状,且表现为11的性状分离比, 则可验证分离定律。 解析解析 本题借助分离定律的相关知识,考查考生理解所学知识,并能对一些生物学问题进行初步探 究的能力;试题主要考查科学探究素养中的方案设计要素。(1)在一对等位基因控制的相对性状 中,通常杂合子表现的性状是显性性状。(2)分离定律是指杂合子形成配子时,等位基因发生分离 并分别进入不同的配子中。验证分离定律常采用杂合子自交法或测交法。因未知所给玉米的基 因型,可采用以下方案验证分离定律。思路:两种玉米分别自交,若某玉米自交后代出现31的 性状分离比,则该玉米为杂合子,通过该玉米的自交后代性状分离比可验证

15、分离定律。思路:两 种玉米分别自交,若子代都未发生性状分离,说明两种玉米都为纯合子,则让两种纯合子玉米杂交, 获得F1,F1自交后代中若出现31的性状分离比,即可验证分离定律。思路:两种玉米杂交,若F1只 出现一种性状,则该性状为显性性状,F1为显性性状的杂合子,F1自交后代中若出现31的性状分离 比,可验证分离定律。思路:两种玉米杂交,若后代出现11的性状分离比,则说明一种玉米为杂 合子,另一种玉米为隐性纯合子,杂合子的测交可验证分离定律。 5.(2018天津理综,6,6分)某生物基因型为A1A2,A1和A2的表达产物N1和N2可随机组合形成二聚体蛋 白,即N1N1、N1N2、N2N2三种蛋

16、白。若该生物体内A2基因表达产物的数量是A1的2倍,则由A1和A2 表达产物形成的二聚体蛋白中,N1N1型蛋白占的比例为( ) A.1/3 B.1/4 C.1/8 D.1/9 以下为教师用书专用 答案答案 D 本题以基因的表达为载体,考查概率的计算,体现了科学思维素养中的分析与推断要 素。由题意可知,基因型为A1A2的生物体内基因的表达产物N1与N2的数量比为12,且表达产物N1 与N2又可随机组合形成二聚体蛋白,因此N1与N1结合的概率为,即。 1 3 1 3 1 9 6.(2018浙江4月选考,5,2分)一对A血型和B血型的夫妇,生了AB血型的孩子。AB血型的这种显性 类型属于( ) A.

17、完全显性 B.不完全显性 C.共显性 D.性状分离 答案答案 C 本题主要考查对相对性状中显隐性类型的基本判断,体现了科学思维素养中的分析与 判断要素。AB血型的IA、IB基因都表达,这种显性类型属于共显性。 7.(2016江苏单科,24,3分)(多选)人类ABO血型由9号染色体上的3个复等位基因(IA、IB和i)决定,血 型的基因型组成见表。若一AB型血红绿色盲男性和一O型血红绿色盲携带者的女性婚配,下列叙 述正确的是( ) A.他们生A型血色盲男孩的概率为1/8 B.他们生的女儿色觉应该全部正常 C.他们A型血色盲儿子和A型血色觉正常女性婚配,有可能生O型血色盲女儿 D.他们B型血色盲女儿

18、和AB型血色觉正常男性婚配,生B型血色盲男孩的概率为1/4 血型 A B AB O 基因型 IAIA、IAi IBIB、IBi IAIB ii 答案答案 ACD 假设人类的正常色觉与红绿色盲由基因B、b控制,则双亲基因型为IAIBXbY和iiXBXb, 后代IAiIBi=11,XBXbXbXbXBYXbY=1111,故题干中夫妇生A型血色盲男孩的概率 为1/21/4=1/8,A正确;他们生的女孩也可能患有色盲,B错误;他们A型血色盲儿子(IAiXbY)与A型血 色觉正常女性(基因型可能是IAiXBXb)婚配,有可能生育一个基因型为iiXbXb的女儿,C正确;他们B型 血色盲女儿(IBiXbXb

19、)与AB型血色觉正常男性(IAIBXBY)婚配,生B型血色盲男孩的概率为1/21/2=1/4。 8.(2010全国,4,6分)已知某环境条件下某种动物的AA和Aa个体全部存活,aa个体在出生前会全 部死亡。现有该动物的一个大群体,只有AA、Aa两种基因型,其比例为12。假设每对亲本只交 配一次且成功受孕,均为单胎。在上述环境条件下,理论上该群体随机交配产生的第一代中AA和 Aa的比例是( ) A.11 B.12 C.21 D.31 答案答案 A 在该群体中,AA=1/3,Aa=2/3,则配子A=2/3,a=1/3,故该群体随机交配产生的子一代中 AA=4/9,Aa=4/9,aa=1/9(死亡)

20、。则子代中AA和Aa的比例是11。 9.(2017江苏单科,32,9分)人类某遗传病受一对基因(T、t)控制。3个复等位基因IA、IB、i控制ABO 血型,位于另一对染色体上。A血型的基因型有IAIA、IAi,B血型的基因型有IBIB、IBi,AB血型的基因 型为IAIB,O血型的基因型为ii。两个家系成员的性状表现如图,-3和-5均为AB血型,-4和-6 均为O血型。请回答下列问题: (1)该遗传病的遗传方式为 。-2基因型为Tt的概率为 。 (2)-5个体有 种可能的血型。-1为Tt且表现A血型的概率为 。 (3)如果-1与-2婚配,则后代为O血型、AB血型的概率分别为 、 。 (4)若-

21、1与-2生育一个正常女孩,可推测女孩为B血型的概率为 。若该女孩真为B血 型,则携带致病基因的概率为 。 答案答案 (9分)(1)常染色体隐性 2/3 (2)3 3/10 (3)1/4 1/8 (4)5/16 13/27 解析解析 (1)根据图示中-1和-2表现正常,而其女儿-1患病,可以确定该病为常染色体隐性遗传 病。-1、-2关于该病的基因型均为Tt,则-2的基因型为TT的概率为1/3,Tt的概率为2/3。(2) -5为AB血型,其父亲-5可能为A血型、B血型或AB血型。-3的基因型为TTIAIB,TtIAIB,- 4的基因型为Ttii,利用-3产生配子T的概率为,产生配子t的概率为,-4

22、产生配子T的概率为, 产生配子t的概率为,可计算其子代中TT的概率为=,Tt的概率为+=,tt的概率为 =,而-1表现正常,故其为Tt的概率为=;-1为A血型(IAi)的概率为,所以-1为Tt 且表现A血型的概率为=。(3)-1和-2关于血型的基因型均为IAi、IBi,二者产生配子i 的概率均为,产生配子IA的概率均为,产生配子IB的概率均为,所以后代为O血型(ii)的概率为 =,为AB(IAIB)血型的概率为+=。(4)由(3)分析可知,-1与-2生育的正常女孩为 B血型的概率为+=。控制患病的基因与控制血型的基因位于两对常染色体上, 独立遗传。根据(2)知,-1为TT的概率为,Tt的概率为

23、,其产生配子T的概率为,产生配子t的 1 3 2 3 2 3 1 3 1 2 1 2 2 3 1 2 1 3 2 3 1 2 1 3 1 2 1 2 1 3 1 2 1 6 1 2 11 23 3 5 1 2 3 5 1 2 3 10 1 2 1 2 1 2 1 4 1 4 1 2 1 2 1 4 1 4 1 4 1 4 1 4 1 8 1 2 1 4 1 2 1 4 1 4 1 4 5 16 2 5 3 5 7 10 概率为;-2为Tt的概率为,为TT的概率为,其产生的配子中t的概率为,T的概率为,所以 -1与-2的子代中,TT的概率=,Tt的概率为+=,-1与-2生育一个表现正 常的女儿携

24、带致病基因的概率为/(+)=。 3 10 2 3 1 3 1 3 2 3 7 10 2 3 14 30 7 10 1 3 2 3 3 10 13 30 13 30 14 30 13 30 13 27 考点考点1 1 孟德尔遗传实验的科学方法孟德尔遗传实验的科学方法 A组 考点基础题组 1.(2020陕西安康质检,2)下列关于孟德尔利用紫花和白花豌豆进行单因子杂交实验的叙述,错误的 是( ) A.花粉尚未成熟时,对母本去雄 B.豌豆的紫花和白花属于同一种性状 C.去雄后需套袋,防止豌豆自花受粉 D.F1自交不需去雄、套袋等操作 答案答案 C 豌豆为自花传粉、闭花受粉植物,F1自交不需去雄、套袋等

25、操作,杂交需花粉尚未成熟 时,对母本去雄,A、D正确;紫花和白花是豌豆花颜色性状的两种表现类型,即紫花和白花属于同一 种性状,B正确;去雄后需套袋,防止外来花粉的干扰,C错误。 2.(2020黑龙江齐齐哈尔二模,1)孟德尔在探究遗传规律时,运用了假说演绎法。下列相关叙述 中,不正确的是( ) A.“生物性状是由遗传因子决定的”“体细胞中遗传因子是成对存在的”“配子中只含有每对 遗传因子中的一个”“受精时,雌雄配子的结合是随机的”属于假说内容 B.“一对相对性状的杂交实验”属于假说的内容 C.F1(Dd)能产生数量相等的两种配子(Dd=11)属于推理内容 D.测交实验是对推理过程及结果的检测 答

26、案答案 B 孟德尔提出的假说的内容为“生物性状是由遗传因子决定的”“体细胞中遗传因子 是成对存在的”“配子中只含有每对遗传因子中的一个”“受精时,雌雄配子的结合是随机的”, A正确;孟德尔通过观察“一对相对性状的杂交实验”发现、提出问题,B错误;F1(Dd)能产生数量 相等的两种配子(Dd=11)属于推理内容,测交实验是对推理过程及结果的检测,C、D正确。 知识总结知识总结 孟德尔发现遗传定律用了假说演绎法,其基本步骤:提出问题作出假设演绎推 理实验验证得出结论。 提出问题:在纯合亲本杂交和F1自交两组豌豆遗传实验基础上提出问题。 作出假设:生物的性状是由遗传因子决定的;体细胞中的遗传因子是成

27、对存在的;配子中只含有 每对遗传因子中的一个;受精时,雌雄配子的结合是随机的。 演绎推理:如果这个假说是正确的,F1就会产生两种数量相等的配子,这样测交后代应该会产生 两种数量相等的类型。 实验验证:测交实验验证,结果确实产生了两种数量相等的类型。 得出结论(分离定律)。 3.(2018吉林二调,9)下列有关孟德尔及其遗传定律的叙述错误的是( ) A.孟德尔的成功说明了实验材料的重要性 B.孟德尔成功的原因之一是把统计学方法应用到遗传分析中 C.四分体时期染色体行为体现了遗传定律的实质 D.线粒体中的基因的遗传是不遵循孟德尔遗传定律的 答案答案 C 孟德尔成功的原因包括:选材得当,选择自花传粉

28、、闭花受粉、在自然状态下一般为纯 种的豌豆为实验材料;把统计学方法应用到遗传分析中等,A、B正确;孟德尔遗传定律体现在减数 第一次分裂后期同源染色体分离和非同源染色体自由组合的过程中,C错误;孟德尔遗传定律适用 于核基因控制的性状遗传,线粒体中的基因属于质基因,其遗传不遵循孟德尔遗传定律,D正确。 考点考点2 2 基因的分离定律及应用基因的分离定律及应用 1.(2020山西吕梁高三一模,21)某植物的紫花(B)与红花(b)是一对相对性状,现将杂合的紫花植株自 交得到F1,F1中的紫花植株自交产生F2。下列分析错误的是( ) A.F1紫花植株中纯合子占1/3 B.F2的性状分离比为31 C.若让

29、F1紫花植株自由传粉,F2中红花植株所占比例为1/9 D.若让F1紫花植株自由传粉,F2紫花植株中杂合子占1/2 答案答案 B F1紫花植株中有1/3BB,2/3Bb,F2中红花所占的比例为2/31/4=1/6,A正确,B错误。若让 F 1紫花植株自由传粉,b的基因频率为1/3,B的基因频率为2/3,F2中BB=4/9 Bb=4/9 ,bb为1/9,所以红花 植株所占比例为1/9,紫花植株中杂合子占1/2,C、D正确。 2.(2020云南师大附中阶段考,6)已知等位基因D、d位于一对同源染色体上,让种群中基因型为Dd 的个体相互交配,所获得的子代出现11的性状分离比。下列解释合理的是( ) A

30、.基因D对基因d为不完全显性 B.含显性基因的精子或卵细胞存在致死现象 C.种群中存在显性杂合致死现象 D.雌雄亲本均产生了2种活力相同的配子 答案答案 B 若基因D对d为不完全显性,则子代性状分离比为121,A错误;基因型为Dd个体相互 交配,子代性状分离比同测交后代性状分离比,说明基因为D的雌配子或雄配子致死,即雌或雄亲本 产生的两种配子活力不同,B正确,D错误;有Dd个体存在(亲本),C错误。 3.(2019新疆适应考试,4)家鼠的灰毛和黑毛由一对等位基因控制,灰毛对黑毛为显性。现有一只灰 毛雌鼠(M),为了确定M是否为纯合子(就毛色而言),让M与一只黑毛雄鼠交配,得到一窝,共4个子 代

31、。不考虑变异,下列分析不合理的是( ) A.若子代出现黑毛鼠,则M一定是杂合子 B.若子代全为灰毛鼠,则M一定是纯合子 C.若子代中灰毛雄鼠黑毛雌鼠=31,则M一定是杂合子 D.若子代中灰毛雄鼠黑毛雌鼠=11,则M一定是杂合子 答案答案 B 本题主要考查科学探究素养中的结果分析。灰毛对黑毛为显性,灰毛雌鼠M与一只黑 毛雄鼠交配,得到一窝,共4个子代。若子代出现黑毛鼠,则M一定是杂合子,A、C、D正确;因子代 的数量较少,即使子代全为灰毛鼠,也不能确定M一定是纯合子,B错误。 (时间:80分钟 分值:90分) B组 专题综合题组 一、选择题(每小题5分,共35分) 1.(2020安徽亳州高三质检

32、,12)羊的毛色由一对等位基因控制,一对白毛羊产生的后代中出现了黑 毛羊与白毛羊,这种现象的遗传学名称以及产生的原因依次是( ) A.性状分离 基因分离定律和基因自由组合定律 B.性状分离 基因的分离定律和受精的随机性 C.性状重组 基因的分离定律和基因突变 D.性状重组 伴性遗传和减数分裂 答案答案 B 一对白毛羊产生的后代中出现了黑毛羊与白毛羊,这种现象叫性状分离,同时说明亲代 白毛羊均为杂合子。该对白毛羊在减数分裂形成配子的过程中,等位基因随同源染色体的分开而 分离,各产生了两种比例相等的配子;在受精过程中,雌雄配子的随机结合导致后代中出现了黑毛 羊与白毛羊。即原因是基因的分离定律和受精

33、的随机性,B正确,A、C、D错误。 2.(2020山西吕梁高三一模,22)某种兔子的体色有黑色、褐色、白色三种颜色,分别由常染色体上 的复等位基因A1、A2、A3控制,黑色的与褐色的雌雄兔子交配,子代出现黑色褐色白色=1 21。下列叙述正确的是( ) A.该组复等位基因有3个,同时位于3条同源染色体上 B.该群体中与体色有关的基因型有5种 C.这组复等位基因的显隐性关系为A1A2A3 D.两只兔子交配的后代最多出现3种体色 答案答案 D 细胞中基因是成对存在的,通常细胞中只能有复等位中的两种基因,A错误;与体色有关 的基因型有6种(3种纯合子,3 种杂合子),B错误;黑色兔与褐色兔杂交,子代有

34、白色兔,说明白色对黑 色、白色对褐色均为隐性,子代黑色褐色=12,说明褐色对黑色为显性,故显隐性关系是A2A1 A3,C错误,D正确。 3.(2020四川成都一诊,6)研究人员将二倍体不抗病野生型水稻种子进行人工诱导,获得了一种抗病 突变体,研究发现该突变体是由一个基因发生突变产生的,且抗病与不抗病由一对等位基因控制。 对该抗病突变体的花药进行离体培养,获得的两种单倍体植株中,抗病与野生型的比例为13。下 列叙述正确的是( ) A.野生型水稻是杂合子,可通过自交后代的性状分离比进行验证 B.该抗病突变为隐性突变,可以通过与野生型植株杂交进行验证 C.抗病突变体产生的配子中,含抗病基因的雄配子可

35、能部分死亡 D.该抗病突变体植株成熟后,产生的雌配子数量应该多于雄配子 答案答案 C 野生型水稻为纯合子,A错误;利用抗病突变体的花药进行离体培养,获得的单倍体植株 中,有抗病与野生两种,说明抗病突变体为杂合子,即抗病为显性突变,抗病野生=13,则含抗病 基因的雄配子可能部分死亡,B错误,C正确;植物产生的雄配子数量远多于雌配子,D错误。 4.(2020四川绵阳4月质评,6)迷迭香是雌雄同株植物,其花色由一对基因R、r控制,蓝色对白色为完 全显性。在不考虑突变和致死情况下,以Rr的植株作亲本来选育蓝色纯合植株RR,在F2中RR植株 所占比例最大的方法是( ) A.连续自交2次,每代的子代中不除

36、去rr的个体 B.连续自交2次,每代的子代中人工除去rr个体 C.连续自由交配2次,每代的子代中不除去rr的个体 D.连续自由交配2次,每代的子代中人工除去rr个体 答案答案 B 以Rr的植株作亲本来选育蓝色纯合植株RR,连续自交2次,后代中RR植株所占比例为3/ 8;以Rr的植株作亲本来选育蓝色纯合植株RR,连续自交2次,每代的子代中人工除去rr个体,则F1比 例为RRRr=12,F2中RR植株所占比例为3/5;连续自由交配2次,每代的子代中不除去rr的个体,F2 中RR植株所占比例为1/4;连续自由交配2次,每代的子代中人工除去rr个体,则F1比例为RRRr= 12,产生的配子及比例为Rr

37、=21。F2中RR植株所占比例为1/2。故选B。 知识总结知识总结 以一对相对性状的杂合子为亲本,连续自交后代表现: 以一对相对性状杂合子(Rr)为亲本连续自由交配,产生的配子及比例为Rr=11,其后代表现: Fn 不除去隐性个体 每一代除隐性个体 杂合子 显性纯 合子 隐性纯 合子 杂合子 显性纯 合子 比例 - - Fn 杂合子 显性纯合子 隐性纯合子 比例 1 2n 1 2 1 1 2n 1 2 1 1 2n 2 21 n 2 -1 21 n n 1 2 1 4 1 4 5.(2019陕西咸阳一模,15)某种植物的叶形(宽叶和窄叶)受一对等位基因控制,且宽叶基因对窄叶 基因为完全显性,位

38、于常染色体上。现将该植物群体中的宽叶植株与窄叶植株杂交,子一代中宽叶 植株和窄叶植株的比为51。若亲本宽叶植株自交,其子代中宽叶植株和窄叶植株的比为( ) A.31 B.51 C.53 D.111 答案答案 D 植物的叶形性状受一对等位基因控制,将该植物群体中的窄叶植株(设为aa)与宽叶植 株(设为A_)杂交,子一代中宽叶植株和窄叶植株的比为51,说明该植物群体中的宽叶植株为AA 和Aa,比例为21。因此,将亲本宽叶植株自交,F1中窄叶植株的比例为1/31/4=1/12,则宽叶植株的 比例为1-1/12=11/12,因此宽叶植株和窄叶植株的比为111。 6.(2019吉林长春实验中学阶段考,5

39、)已知某植株的高产与低产这对相对性状受一对等位基因控制, 生物兴趣小组的同学将300对亲本均分为2组进行了如表所示实验,分析错误的是( ) A.高产为显性性状,低产为隐性性状 B.控制高产和低产的基因的碱基排列顺序不同 C.甲组高产亲本中杂合个体的比例是1/3 D.甲组中高产亲本个体自交产生的低产子代个体的比例为1/16 组别 杂交方案 杂交结果 甲组 高产低产 高产低产=71 乙组 低产低产 全为低产 答案答案 C 本题主要考查科学思维素养中的演绎与推理。由甲组杂交结果知,高产为显性性状,A 正确;不同基因间的区别在于碱基排序不同,B正确;假设高产基因由M控制,甲组的杂交子代高 产低产=71

40、,即子代中低产比例为1/8,说明亲代高产植株中杂合子比例为1/4,C错误;甲组高产 亲本中MmMM=13,高产亲代自交后代中低产子代个体比例为1/41/4=1/16,D正确。 7.(2019西北工大附中二模,6)某常染色体遗传病中,基因型为AA的人都患病,Aa的人有50%患病,aa 的人都正常。如图两个患病家系中,已知亲代中4号与其他三人的基因型不同。下列分析错误的 是( ) A.子代的4人中,能确定出基因型的只有7号 B.6号与7号基因型相同的概率为2/3 C.若5号与7号结婚,生育患病孩子的概率为5/12 D.两个家庭再生的孩子患病的概率相等 答案答案 D 本题主要考查科学思维素养中的演绎

41、与推理。亲代4人均正常,他们的基因型不可能是 AA,因4号与其他人基因型不同,且6、7号为患病个体,故1、2号基因型均为Aa,4号为aa,3号为Aa,5 号基因型为2/3Aa、1/3aa,6号基因型为2/3Aa、1/3AA, 8号基因型为1/2aa、1/2Aa, 7号基因型为 Aa,A正确;6号的基因型1/3AA、2/3Aa,7号的基因型为Aa,所以6号与7号基因型相同的概率为2/3,B 正确;5号的基因型为1/3aa、2/3Aa,7号的基因型为Aa,5号与7号婚配,后代患病概率=1/31/21/2+2 /3(1/4+1/21/2)=5/12,C正确;1号(Aa)与2号(Aa)再生的孩子患病的

42、概率=1/4+1/21/2=1/2,3号(Aa) 与4号(aa)再生的孩子患病的概率=1/21/2=1/4,D错误。 二、非选择题(共55分) 8.(2020东北四市联合体模拟,30)(10分)在种群中,同源染色体相同位点上的多个基因,称为复等位 基因。已知某小鼠体色由复等位基因决定:AY_黄色、A_鼠色、a_黑色,其显隐性关系为AYAa, 且前者对后者为完全显性。黄色纯合个体在胚胎期死亡。请回答下列问题: (1)以上复等位基因的出现主要体现基因突变具有 的特点。 (2)两只鼠杂交,后代出现三种表现型,则该对亲本的基因型是 和 ,请用遗传图解 说明。 (3)现有一只黄色雄鼠和多只其他颜色的雌鼠

43、,设计实验利用一种杂交方法检测出该雄鼠的基因 型。 实验思路:选用该黄色雄鼠与 雌鼠杂交,并 。 结果预测: 如果后代 ,则该黄色雄鼠的基因型为AYA。 如果后代 ,则该黄色雄鼠的基因型为AYa。 答案答案 (1)不定向 (2)AYa Aa(两空可颠倒) (3)多只黑色(其他合理答案也可) 观察后代鼠的体色及比例 黄色鼠色=11 黄色 黑色=11 解析解析 (1)复等位基因的出现主要体现了基因突变具有不定向的特点。(2)题述遗传遵循分离定 律,双亲杂交后代出现三种表现型,黑色基因型为aa,即双亲均携带a基因,双亲中还应具有黄色和鼠 色基因。即该对亲本的基因型是AYa和Aa,遗传图解: (3)现

44、有一只黄色雄鼠,基因型可能为AYA或AYa,动物基因型鉴定通常采用测交法,即让该雄性黄色 鼠与多只黑色雌鼠交配,统计后代的体色(或表现型)及比例。结果预测及结论:若后代黄色鼠色 =11,则该黄色雄鼠的基因型为AYA;若后代黄色黑色=11,则该黄色雄鼠的基因型为AYa。 9.(2020四川成都二诊,32)(12分)果蝇的正常翅与展翅是一对相对性状,由等位基因A/a控制,取任意 一对展翅果蝇交配,F1总会出现展翅正常翅=21。回答下列问题: (1)若让F1果蝇逐代自由交配,预测子代展翅基因的基因频率会 (填“上升”“下降”或 “不变”),原因是 。若将F1果蝇中表现型相同的个体自由交配,得到F2,

45、F2果蝇中展翅与正常翅的比例是 。 (2)研究小组发现展翅和正常翅基因所在的染色体上还存在一对基因G/g,显性基因G使果蝇复眼 表面无光亮而表现为黏胶眼,而且存在GG致死效应。若将展翅正常眼和正常翅黏胶眼果蝇杂交 得到子代,子代中展翅黏胶眼果蝇产生的配子的基因型是 (不考虑突变 和交叉互换),再将这些展翅黏胶眼果蝇连续自由交配若干代,随着繁殖代数的增加,子代成熟果蝇 群体中A的基因频率 (填“上升”“下降”或“不变”),原因是 。 答案答案 (1)下降 展翅基因纯合致死,展翅基因纯合的个体被淘汰 23 (2)Ag、aG 不变 AA、GG都有致死效应,子代只有基因型为AaGg的果蝇能存活 解析解

46、析 (1)展翅基因纯合致死,若让F1果蝇逐代自由交配,预测子代展翅基因的基因频率会下降。若 将F1果蝇中表现型相同的个体自由交配,得到F2,即2/3AaAa1/6AA、1/3Aa、1/6aa,1/3aaaa1/ 3aa,则有1/6AA(致死)、1/3Aa、1/2aa,因此F2的基因型为2/5Aa、3/5aa。展翅(Aa)与正常翅(aa)的 比例是23。(2)若将展翅正常眼(Aagg)和正常翅黏胶眼(aaGg)果蝇杂交,得到的子代展翅黏胶眼 果蝇基因型为(AaGg),该基因型的个体产生的配子为Ag、aG两种。由于AA、GG都有致死效应, 雌雄展翅黏胶眼果蝇交配的后代仍为展翅黏胶眼(AaGg),故

47、这些展翅黏胶眼果蝇连续自由交配若 干代,子代只有基因型为AaGg的果蝇能存活,因此子代成熟果蝇群体中A的基因频率不变。 10.(2020河南中原联盟联考,32)(14分)老鼠的毛色有棕色和灰色之分,受一对等位基因(D、d)控制, 该对基因的表达受性别影响。认真分析以下两组杂交实验并回答问题。 实验一:棕色雌鼠棕色雄鼠, F1表现为棕色雌鼠棕色雄鼠灰色雄鼠=431。 实验二:棕色雌鼠灰色雄鼠, F1雌雄鼠均表现为棕色。 (1)基因型为 的个体只在雄性个体中表现相应性状。 (2)实验一中亲代棕色雌鼠的基因型为 ,如果实验一中的F1个体随机交配,后代中灰色鼠所 占比例为 。 (3)如果实验二的F1中偶然出现一只灰色雄鼠,如要通过一代杂交实验来判断是基因突变(只考虑 等位基因中一个基因发生突变)的结果还是只是环境影响的结果(从以上实验中选择亲本),则: 该实验的思路是 。 预期实验结果和结论 如果后代棕色雌鼠棕色雄鼠灰色雄鼠= ,则只是环境影响的结果; 如果后代棕色雌鼠棕色雄鼠灰色雄鼠= ,则是基因突变的结果。 答案答案 (1)dd (2)Dd 1/8 (3)让该灰色雄鼠与多只杂合棕色雌鼠(实验一亲本中棕色雌鼠或实 验二F1中棕色雌鼠)杂交,观察后代表现型和比例 431 211