2019-2020九年级初三上学期湖北省武汉市武珞路中学期中考试物理试题及答案.docx

1、 湖北省武汉市武珞路中学湖北省武汉市武珞路中学 2019-2020 学年九年级（上学年九年级（上)期中考试物理试题期中考试物理试题 一、单选题一、单选题 1关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（ ） A物体温度越高，所含热量越多 B内能相同的两物体间不会发生热传递 C温度高的物体内能一定大 D内能是指物体中所有分子热运动的动能和分子势能的总和 2关于下面四幅图的说法错误的是（ ） A甲图：抽出玻璃板，下瓶中出现红棕色二氧化氮气体，表明气体间可以发生扩散现象 B乙图：悬挂重物不能把两块铅块分开，说明分子间存在引力 C丙图：活塞压缩空气，硝化棉燃烧，此过程与热机的压缩冲程原理相同 D丁图：瓶内空

2、气推开瓶塞，内能减少，瓶口出现的白雾是液化现象 3如图所示为四冲程内燃机工作示意图，这四个冲程中活塞和曲轴的位置，进气门、排气门的开闭情况有错误的 是（ ） A吸气 B压缩 C做功 D排气 4小明根据下表所提供的数据得出了四个结论，其中错误的是（ ） 几种物质的比热容/J(kg)1 水 4.2 103 水银 0.14 103 酒精 2.4 103 沙石 0.92 103 煤油 2.1 103 铝 0.88 103 冰 2.1 103 铜 0.39 103 A北方冬天地窖里放几桶水是利用水的比热容大，在质量和温度变化一定时，放出的热量更多，从而使地窖里的 温度不会太低 B2kg的水温度升高到 5

3、0，吸收的热量是 4.2 105J C冰在熔化的过程中，质量、温度和内能不变，密度、体积和比热容改变 D由于水的比热容大，白天海水温度比沙滩低 5一冰块先后经历了以下三个过程：10的冰到 0的冰，吸收热量 Q1；0的冰变为 10的水，吸收热量 Q2； 10的水到 20的水， 吸收热量 Q3； 已知冰的比热容小于水的比热容， 在整个过程中质量保持不变， 则 （ ） AQ1Q2Q3 BQ1Q2Q3 CQ1Q3Q2 DQ1Q2Q3 6在学习了能量转化和守恒后，你认为其中正确的是（ ） A能量转化是非常普遍的，在任何条件下，各种形式的能量是可以相互转化的 B柴油机比汽油机的效率高，是因为柴油比汽油的热

4、值高 C在厚玻璃筒里放一小团硝化棉，把活塞迅速压下去，通过快速对硝化棉做功，改变硝化棉的内能，从而将硝化 棉点燃 D用电热水壶烧水，说明能量既可以发生转化也可以发生转移 7下列电路中连接正确的是（ ） A B C D 8 某同学在练习使用滑动变阻器改变小灯泡电流的实验时， 按照如图所示的电路连接， 将滑片移动到最大阻值处， 闭合开关时发现小灯泡不亮接下来的操作中最合理的是（ ） A断开开关，更换灯泡重新实验 B断开开关，增加电池的节数重新实验 C断开开关，拆掉导线重新连接电路再实验 D观察电流表的示数是否为零，判断电路是否断路 9如图所示，下列电路图中与实物图一致的是（ ） A B C D 1

5、0如图所示，为了使 L1和 L2并联，应用导线连接的接线柱是（ ） Aa 与 b Ba 与 c，c 与 b Cc 与 b，a 与 d Da 与 b，a 与 d 11如图是汽车、摩托车油量表原理示意图，R0是定值电阻，R是滑动变阻器，则（ ） A电流表的示数越大，油箱里的油量越多 B电压表的示数越大，油箱里的油量越少 C该装置中可以用电流表表盘改装成油量表 D该装置中只能用电压表表盘改装成油量表 12如图所示电路中,电源电压保持不变，闭合开关 S 后，将滑动变阻器 R 的滑片 P 向左移动，在此过程中（ ） A电流表 A示数不变，灯泡 L亮度变亮 B电压表 V1示数不变，灯泡 L亮度变暗 C电流

6、表 A 示数变小，电压表 V1示数不变 D电压表 V1示数变小，电压表 V2示数变大 二、填空题二、填空题 13 用一铁钉顶住轮胎气门芯一会儿， 胎内压缩气体迅速从气门放出 用手摸一下气门会发现气门温度_， 在此过程中，压缩气体的内能_ 14有一种压电塑料薄膜，在压力作用下表面会产生电压，将_能转化为_能；若将它用在话筒上，会 将声音转化为电信号，用在微型扬声器上又可将电信号转化为声音；另外，当它受热时还会产生电流，可用来制作 火警预警装置 15欧姆定律的内容是_家庭电路中某灯泡正常工作时的电流为 0.25A，则该灯泡的电阻为 _；灯泡正常工作时的电阻 _（“大于”、“小于”或“等于”）常温时

7、的电阻；当电流为 0时，该灯泡的电阻 _（“大于”、“小于”或“等于”）0 三、实验题三、实验题 16为了比较水和食用油的比热容，某同学用如图所示的器材进行了实验实验数据记录如下： 物质 质量/g 初始温度/ 加热时间/min 最后温度/ 水 200 20 6 40 食用油 200 20 6 70 （1）为了保证在相同的时间内水和食用油吸收的热量相同，则电加热器的发热体要_在液体中 （2）由实验数据可知，不同的物质在_、_ 时，_不同 （3）实验中食用油的比热容是_ J/(kg) 17在探究并联电路中各电路电流与各支路电流的关系时，四班各组同学从甲、乙、丙、丁四种规格的灯中，选取 两个并联起来

8、接在相同电源上，组成如图 1所示的电路然后把一个电流表分别接入电路中 A、B、C处测量电流， 并记录数据 （1）小李将电流表接在 A处，闭合开关，电流表示数如图 2所示，为了测量结果准确，她应该_，重 新进行试验 （2）小张同学测量时，闭合开关，发现指针向“0”刻度的左侧偏转，电流表连接存在的错误是_ （3）老师收集到几个组的数据如表： 组别 L1规格 L2规格 IA/A IB/A IC/A 1 甲 甲 0.16 0.16 0.33 2 乙 丙 0.12 0.20 0.32 3 甲 丁 0.16 0.14 0.30 4 甲 丁 0.20 0.18 0.34 （4）同学们在分析表格中的数据时发现

9、其中一组数据有错误，则你认为有错误的数据是第_组，造成该组数据 错误的原因是_ （5）分析表格中的数据得到的实验结论是：_ 18现有下列器材：电池 2节（3V） 、电流表（00.6A，03A） 、电压表（03V，015V） 、定值电阻（5、10、 20 各一个） 、开关、滑动变阻器和导线若干，利用这些器材探究“电压不变时，电流与电阻的关系” （1）如图是小陈同学连接的实验电路，小吴同学指出图中连接有一根导线连接错误，请你将错误找出并打“ ”并用 笔画线代替导线完成正确的电路连接 （要求连线不得交叉） （2）改接后该组同学准备闭合开关进行实验，老师看见了说他们的电路连接还有一处不合理，请你指出来

10、： _ （3）实验中，小强用 5的电阻做完实验后，保持滑动变阻器滑片的位置不变，接着把 R 换为 10的电阻接入电 路，闭合开关，向_（选填“左”或“右”）端移动滑片，使电压表示数_时，读出对应的电流表的示数 （4）另一实验小组的同学闭合开关时发现电流表无示数，电压表有示数，则可能的原因是：_ 四、计算题四、计算题 19如图 1 为一款陶瓷电煎药壶，工作电路简化为如图 2 所示，它在工作时，有高火加热、文火萃取和小功率保温 三个过程， 若壶中药液的总质量为 1.5 kg， 且在正常工作电压下煎药时， 药液的温度与工作时间的关系如图 3 所示： （1）观察图象 3可知：高火加热的过程中，电煎药壶

11、在前半段比后半段时间的升温慢，请你分析原因_保 温时，Sa接 1，Sb断开，则电阻 R1、R2是_（“串联”、“并联”）接入电路工作 （2）高火加热过程中，药液所吸收的热量是多少？c药液=4.2 103J/(kg) （3） 如果高火加热过程中药液所吸收的热量由天然气燃烧提供， 其中天然气完全燃烧放出能量的 70%被药液吸收， 则消耗了多少天然气？(天然气的热值 4 107J/m3) （4）已知高火加热时，Sa接 2，通过 Sa的电流为 2.3A，电阻 R2的阻值是 440，则 R1的电阻值是多少？ 参考答案参考答案 1D 【解析】 【分析】 (1)在热传递过程中，传递内能的多少叫热量；热量是一

12、个过程量； (2)发生热传递的条件是物体之间有温度差； (3)内能是指物体内部所有做无规则运动分子的动能和分子势能的总和，不同物体的内能大小和物体的温度、质量有 关 【详解】 A热量只能说吸收或放出，不能说含有，因为热量是一个过程量，故 A 错误； B温度是影响内能的一个因素，则内能相同的两物体温度不一定相同，所以它们之间有可能发生热传递，故 B 错 误； C不同物体的内能不但和物体的温度高低有关，还与物体的质量有关，温度高的物体内能不一定比温度低的物体 内能大，故 C 错误； D内能是指物体内部所有做无规则运动分子的动能和分子势能的总和，故 D 正确 2A 【解析】 【分析】 (1)不同的物

13、质在相互接触时彼此进入对方的现象叫做扩散现象；由于分子的体积很小，分子的运动无法用肉眼直接 看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现； (2)物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动，分子间存在着相互的引力和斥力； (3)做功可以改变物体的内能，物体的内能与其本身的温度有关，温度越高内能越大 【详解】 A甲图中，上方的二氧化氮气体密度大，抽掉玻璃板后，观察到两种气体混合在一起，颜色均匀，可能是扩散现 象，也可能是重力的作用，因此不能表明可以发生扩散现象，故 A 错误，符合题意； B图乙中，两块表面干净的光滑铅块压紧后，在下面能够吊起一个钩码，说明了分子间有引力，故 B 正确，不符

14、合题意； C图丙中，活塞向下运动，压缩空气做功，机械能转化为内能，温度升高，硝化棉被点燃，发生的能量转化与汽 油机的压缩冲程相同，故 C 正确，不符合题意； D图丁中，气体膨胀对活塞做功，内能减少，温度降低，瓶口周围的水蒸气遇冷液化成小水滴，形成了白雾，故 D 正确，不符合题意 3B A. 吸气冲程，进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动，故 A 正确；B. 压缩冲程，两个气门都关闭，活塞向上运 动，故 B 错误；C. 做功冲程，两个气门都关闭，活塞向下运动，故 C 正确；D. 排气冲程，进气门关闭，排气门打 开，活塞向上运动，故 D 正确故选 B 【点睛】 四冲程内燃机一个工作循环包括吸气、压

15、缩、做功、排气四个冲程，吸气冲程，进气门打开，排气门关闭；压缩冲 程，两个气门都关闭，活塞向上运动；做功冲程，两个气门都关闭，活塞向下运动；排气冲程，进气门关闭，排气 门打开，活塞向上运动 4C 【解析】 【分析】 晶体在熔化过程中温度不变，但需要继续吸热，内能增加；根据Q cmt 分析判断 【详解】 A根据Q cmt 可知，在质量和温度变化一定时，水放出的热量更多，从而使地窖里的温度不会太低，故 A正 确，不符合题意； B水吸收的热量： 35 4.2 10 J/ kg2k()g 504.2 10 JQcm t ， 故 B 正确，不符合题意； C冰在熔化的过程中质量、温度不变，但需要继续吸热，

16、则内能增加，故 C错误，符合题意； D海水的比热容比沙石的比热容大，所以在白天有太阳光照射时，吸收相同的热量情况下，海水升温较慢，而陆 地的沙石比热容小，升温就比较快，则白天海水温度比沙滩低，故 D 正确，不符合题意 5C 【解析】 【分析】 先比较冰和水（-10的冰到 0的冰、10的水到 20的水） ，升高的温度相同、质量相同，比热容不同，根 据Qcm t 吸 得出吸热大小关系； 0的冰变为 10的水， 包含了两个不同的物理过程 （冰化水、 水的升温过程） ， 比较 0的冰变为 10的水、10的水到 20的水两个过程吸热大小关系 【详解】 比较、，由热量计算公式可知，冰和水的质量相等，升高温

17、度也相等，因水的比热容大于冰的比热容，所以 Q3Q1；而在中，0的冰变为 10的水，吸热为 Q2中，实际包含了两个物理过程：首先是 0的冰熔化成 0 的水，这个过程不升温但要不断吸热，然后是熔化成的 0的水再变为 10的水，这个过程跟的变化过程在结果 上是一样的，所以在中比多吸收了热量，即 Q2Q3，则有 Q1Q3Q2，故 C 正确 6D 【解析】 【分析】 (1)自然界中的能量都以各种形式的能储存起来，在一定条件下可以相互转化； (2)热值是燃料的一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时放出的热量越多；热机效率是有用功与燃 料燃烧释放能量的比值，它代表热机性能的好坏；两者之间没有必

18、然的联系； (3)改变物体内能有两种方式：做功和热传递，做功主要有摩擦生热和压缩气体做功；热传递有传导、对流和辐射三 种方式热传递过程是能量的转移，而做功过程是能量的转化 【详解】 A能量转化是非常普遍的，但需要在一定条件下，各种形式的能量才可以相互转化的，故 A 错误； B机械效率是内燃机转化为有用功的能量与燃料完成燃烧释放的能量的比值，柴油机的效率比汽油机高，就是说 完成相同的有用功，柴油机所用燃料完全燃烧放出能量比汽油机少，而不是因为柴油的热值比汽油的热值大，故 B 错误； C在厚玻璃筒里放一小团硝化棉，把活塞迅速压下去，通过活塞对空气做功，使空气的内能增大，温度升高，达 到硝化棉的燃点

19、使其燃烧起来，故 C错误； D用电热水壶烧水，首先将电能转化为水壶的内能，而水壶通过热传递的方式将内能转移给壶里的水，说明能量 既可以发生转化也可以发生转移，故 D 正确 7B 【解析】 【分析】 电流表要串联在电路中，而电压表要并联在电路中，电流要从“+”接线柱流入，从“-”接线柱流出；滑动变阻器接入 电路时接线柱的要求是一上一下；绝对不允许不经过用电器而把导线连到电源的两极上 【详解】 A右侧用电器使用了一个引脚，没有接入电路，且两个开关同时闭合，会导致电源短路，故 A错误； B电流表正进负出，其它各元件串联接入电路，符合电路连接要求，故 B 正确； C电流表 A2的正负接线柱接反了，闭合

20、开关时指针反偏可能烧坏且读不出数，故 C 错误； D电流表的正负接线柱接反了，滑动变阻器连接的是上边两个接线柱，起不到改变电阻的作用，故 D错误 8D 【解析】 【分析】 电路中各元件串联连接，当滑动变阻器阻值最大时，灯泡不亮；可以先根据电流表有无示数检测电路的故障，然后 根据故障问题进行处理 【详解】 AB若电路发生断路故障时，换用更大功率的灯泡或增加电池数量，灯泡同样不发光，故 AB 错误； C如果灯丝断了或导线发生断路，拆掉导线重新连接电路，灯泡仍然不亮，故 C 错误； D该电路为串联电路，闭合开关，灯泡不亮时，先观察电流表是否有示数；如果无示数，说明电路出现断路现象， 然后检测出断路的

21、位置，并进行处理；如果电流表有较小的示数，则是电路中电阻较大造成的，可移动滑片观察灯 泡是否发光；故 D 正确 9A 由实物图可知，电流从电源的正极出发，经过电流表、灯泡 L1，再经过开关，灯泡 L2回到负极，电压表并联在电 流表、灯泡 L1、开关的两端。 A、由电路图可知，两灯泡串联，电流从电源的正极出发，经过电流表、灯泡 L1，再经过开关，灯泡 L2回到负极， 电压表并联在电流表、灯泡 L1、开关的两端，与实物图符合，故 A正确； B、由电路图可知，两灯泡并联，与实物图不符，故 B错误； C、由电路图可知，两灯泡串联，电压表测量灯泡 L2两端的电压，实物图中电压表测量灯泡 L1两端的电压，

22、与实物 图不符，故 C 错误； D、由电路图可知，两灯泡串联，电压表测量灯泡 L2和 L1两端的电压，与实物图不符，故 D错误； 10C 由图可知，电流从电源正极流出后经第一个节点，必须分成两路才有可能将两灯并联，故应从第一个节点分支，将 d 与 a 相连，电流可分为两支，一支从 L2右侧流入 L2，另一支从 L1的左侧流入 L1，如将 c 与 b 相连则两分支电流 从 b进入电源负极即应将 d与 a 相连，c 与 b 相连可实现两电阻并联 故选 C 11D 【解析】 【分析】 根据油箱内油量的变化可知浮标移动的方向，在杠杆的作用下可知 R 接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电 路中电流的

23、变化，进而可知定值电阻两端电压的变化，再根据串联电路电压的规律判断电压表示数的变化 【详解】 AC由电路图可知，定值电阻 R0和滑动变阻器 R、电源、电流表串联组成电路，且滑动变阻器的阻值全部接入电 路，相当于定值电阻，则油量变化时，电路中的总电阻不变，所以电流表的示数也不变，故 AC 错误； BD电压表测量滑动变阻器上部分两端的电压，当向油箱里加油时，浮标上浮，在杠杆的作用下滑片下移，则滑 片以上部分阻值变大，而电路中的电流不变，根据欧姆定律可知电压表示数变大，即该装置中只能用电压表表盘改 装成油量表，故 B 错误、D正确 12D 由电路图知道，灯泡与滑动变阻器串联，电压表 V1 测灯泡两端

24、的电压，电压表 V2 测滑动变阻器两端的电压，电 流表测量电路中的电流；将滑动变阻器 R的滑片 P 向左移动时，接入电路中的电阻变大，即电路中的总电阻变大， 由 U I R 知道，电路中的电流变小，即电流表的示数变小； 又因为 U=IR，所以，灯泡两端的电压变小，即 V1 的示数变小； 由于串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源电压保持不变，所以，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表 V2 的示数变大； 由于 P=UI，而灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以灯泡的实际功率变小，故灯泡变暗， 综上所述，只有 D 正确 13降低 减小 【解析】 【分析】 解决此题要知道做功可以改变物体的内能，当物

25、体对外界做功时，物体的内能就会减小，温度降低 【详解】 12用一铁钉顶住轮胎气门芯一会儿，胎内压缩气体迅速从气门放出时，轮胎内气体膨胀时会对外做功，气体的内 能减少，温度降低，所以用手摸气门会发现是冷的 14机械 电 【解析】 【分析】 根据题干中“在压力作用下表面会产生电压”可判断其对应的能量转化 【详解】 12由题知，“压力作用下表面会产生电压”，这一过程中消耗机械能，获得电能，因此，其能量的转换情况是：将 机械能转化为电能 15导体中的电流，跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比 880 大于 大于 【解析】 【分析】 1从欧姆定律该知识点分析，以及欧姆定律的数学表达式； 2家庭电路

26、电压为 220V，通过灯泡的电流为 0.25A，根据 U R I 即可求出灯泡的电阻； 3由灯泡电阻随温度的升高而增大可判断； 4电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关 【详解】 1欧姆定律的内容是导体中的电流，跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比； 2根据欧姆定律可知，该灯泡正常工作时的电阻： 220V 880 0.25A U R I ； 3灯泡正常工作时电阻丝的温度会升高，由灯泡电阻随温度的升高而增大可知，此时的电阻大于常温时的电阻； 4电阻是导体本身的一种性质，与其两端的电压和通过的电流无关，所以当电流为 0 时，该灯泡的电

27、阻仍大于 0 16完全浸没 质量相同 吸收热量相同 升高温度 1.68 103 【解析】 【分析】 (1)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法；为保证加热器产生的热量全部 被液体吸收，则要求其完全浸没于液体中； (2)比较物质吸热能力的 2 种方法： 使相同质量的不同物质升高相同的温度， 比较吸收的热量 （即比较加热时间） ， 吸收热量多的吸热能力强；使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间） ，比较温度的变化，温 度变化小的吸热能力强；由表中数据知，质量和初温均相同的不同物质，加热相同时间，水升温小，据此推理分析 回答； (3)由表可以看出加热

28、6 分钟时间水和食用油的升温大小，根据 Q c m t 吸 ，在质量和吸热相同的情况下，比热容 c 与 升高的温度成反比求出食用油的比热容 【详解】 (1)1实验中，两烧杯内放入相同规格的电加热器，根据转换法，需要使电加热器产生的热量全部被液体吸收，这样 可以保证在相同的时间内，水和食用油吸收的热量相同，通过比较升高的温度来比较水和食用油的吸热能力，故电 加热器的发热体要完全浸没在液体中； (2)234由实验数据可知，使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间） ，温升不同； (3)5由表可以看出，加热 6 分钟时间（吸热相同） ，水升温： 40-20=20， 食用油升温： 70-2

29、0=50， 根据 Q c m t 吸 ，在质量和吸热相同的情况下，比热容 c 与升高的温度成反比，则食用油的比热容为： 33 20 4.2 10 J/ kg1.68 10 J/ kg 50 c 17断开开关，将该电表改用 0-0.6A 量程 电流表正负接线柱接反了 4 电流表指针初始位置在 0.04A， 未调零 在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和 【解析】 【分析】 (1) (2)从指针偏转角度太小、指针反向偏转找原因； (4)根据第 3、 4 组实验时所用电源相同、 灯泡相同， 第四组测出的电流总比第三组的大一些， 从电流表的角度分析； (5)根据表中正确数据可通过运算得出结论 【详解

30、】 (1)1在测量电流时，出现图中指针偏转角度太小的问题，是因为选用的电流表量程太大了，为了测量结果准确，她 应该断开开关，换用电流表的 00.6A 量程，重新进行实验； (2)2在测量电流时，出现图中指针反向偏转的问题，是因为电流从“”接线柱流入了，即电流表连接存在的错误是 正负接线柱接反了； (4)34已知第 3、4 组实验时所用电源相同，对比两个小组的数据可知，对同一规格的灯泡，第 4 小组测出的电流 总比第 3 小组的电流大 0.04A，说明第 4 组实验时电流表没有调零，导致读数偏大； (5)5由表格数据可知， CAB III，故可得结论：并联电路中干路电流等于各支路电流之和 18把

31、定值电阻与电流表之间的导线去掉，加在定值电阻右接线柱与电流表“”接线柱之间 电流表接入了较大量 程 左 与上一次示数相同 定值电阻断路 【解析】 【分析】 (1)电压表应与电阻 R 并联，电流表串联在电路中，据此修改； (2)注意电压表、电流表的量程选取要合适； (3)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定 电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向； (4)若电流表示数为 0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的 支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了

32、 【详解】 (1)1原电路中，电流表未串联在电路中，是错误的；应把定值电阻与电流表之间的导线去掉，加在定值电阻右接线 柱与电流表“-”接线柱之间，如图所示： (2)2当接入 5 的定值电阻，且滑动变阻器的滑片 P 移到最左端时，电路中的电流最大，则电流最大值为： max 3V 0.6A 5 U I R ， 因此电流表的量程应该选 00.6A，而原图中接入了 03A； (3)34根据分压原理可知，将定值电阻由 5 改接成 10 的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电 阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得 的电压，由分压原理

33、，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数与上一次示 数相同，读出对应的电流表的示数； (4)5电路连接正确后闭合开关，发现电流表无示数，电压表有示数，而电压表并联在定值电阻两端，所以发生故障 的原因可能是定值电阻断路 19高火加热的过程中，电煎药壶在前半段需要把陶瓷部分也加热起来，损耗的热量较多，当加热到一定时间后， 陶瓷部分的温度只需要维持而不再升高，热量损失变小； 串联 (2)5.04 105J；(3)0.018m3；(4)122 【解析】 【分析】 (1)从电煎药壶通电加热时，前期热量的损耗部分进行分析即可；分析电路得出，当 Sa接 2 同时 Sb闭合、当

34、 Sa接 2 同时 Sb断开、当 Sa接 1 同时 Sb断开的电路组成，确定相应的状态； (2)分析图丙可知前、后半段药液温度升高的温度值，由Qcm t 吸 得出 1.5kg 药液吸收的热量； (3)根据 Q Q 有 总 可计算出总的热量，再利用公式QVq计算出所消耗的天然气的体积； (4)当 Sa接 2，同时 Sb闭合时，电路中 R1、R2并联，电路处于高火加热状态；首先根据欧姆定律求出 R2所在支路的 电流，根据并联电路的电流规律算出 R1所在支路的电流，再根据欧姆定律求 R1的阻值 【详解】 (1)1高火加热的过程中，电煎药壶在前半段需要把陶瓷部分也加热起来，所以损耗的热量较多，当加热到

35、一定时间 后，陶瓷部分的温度只需要维持而不再升高，热量损失变小，则药液升温变快； 2分析电路可知：当 Sa接 1，同时 Sb断开时，电路中 R1、R2串联，电路中电阻最大，由 2 U P R 可知此时电功率 较小，处于小功率保温状态； (2)1.5kg 药液所吸收的热量： 35 4.2 10 J/ kg1.5kg9818.04 1()(50)JQcm t 吸药液 ； (3)根据 Q Q 有 总 可得，总的热量： 5 5 5.04 10 J 7.2 10 J 70% Q Q 有 总 ， 再根据公式QVq可得，消耗的天然气的体积： 5 3 73 7.2 10 J 0.018m 4 10 J/m Q V q 总 天 ； (4)当 Sa接 2，同时 Sb闭合时，电路中 R1、R2并联，电路处于高火加热状态；根据欧姆定律可知，R2所在支路的电 流： 2 2 220V 0.5A 440 U I R ， 则 R1所在支路的电流： 12 2.3A0.5A1.8AIII， 根据欧姆定律可知，R1的阻值： 1 1 220V 122 1.8A U R I 答：(2)高火加热过程中，药液所吸收的热量是 5.04 105J；(3)消耗天然气 0.018m3；(4)R1的电阻值是 122