2019届高考二轮数学复习专题七 第2讲　稳得填空题（教师版）.docx

1、 填空题具有小巧灵活、结构简单、运算量不大等特点.根据填空时所填写的内容形式，可以将填空题分成 两种类型：(1)定量型：要求考生填写数值、数集或数量关系，如方程的解、不等式的解集、函数的定义域、 值域、最大值或最小值、线段长度、角度大小等；(2)定性型：要求填写的是具有某种性质的对象或者填写给 定数学对象的某种性质，如填写给定二次曲线的焦点坐标、离心率等. 解答填空题时，由于不反映过程，只要求结果，故对正确性的要求比解答题更高、更严格.考试说明 中对解答填空题提出的基本要求是“正确、合理、迅速”.为此在解填空题时要做到：快运算要快，力戒小 题大做； 稳变形要稳， 不可操之过急； 全答案要全，

2、力避残缺不齐； 活解题要活， 不要生搬硬套； 细审题要细，不能粗心大意. 1.方法一 直接法 它是直接从题设出发， 利用有关性质或结论， 通过巧妙地变形， 直接得到结果的方法.要善于透过现象抓本质， 有意识地采取灵活、简捷的解法解决问题. 2.方法二 特殊值法 当填空题已知条件中含有某些不确定的量， 但填空题的结论唯一或题设条件中提供的信息暗示答案是一个定值 时，可以从题中变化的不定量中选取符合条件的恰当特殊值(特殊函数、特殊角、特殊数列、特殊位置、特殊 点、特殊方程、特殊模型等)进行处理，从而得出探求的结论.为保证答案的正确性，在利用此方法时，一般应 多取几个特例. 3.方法三 数形结合法(

3、图解法) 一些含有几何背景的填空题，若能“数中思形” “以形助数” ，则往往可以借助图形的直观性，迅速作出判断， 简捷地解决问题，得出正确的结果，Venn 图、三角函数线、函数的图象及方程的曲线等，都是常用的图形. 4.方法四 构造法 构造法解填空题的关键是由条件和结论的特殊性构造出数学模型， 从而简化推导与运算过程， 构造法是建立在 观察联想、分析综合的基础之上的，首先应观察题目，观察已知(例如代数式)形式上的特点，然后积极调动思 维，联想、类比已学过的知识及各种数学结构、数学模型，深刻地了解问题及问题的背景(几何背景、代数背 景)，从而构造几何、函数、向量等具体的数学模型，达到快速解题的目

4、的. 知识与技巧的梳理知识与技巧的梳理 考向预测考向预测 专题六专题六 第第 2 2 讲讲 稳得稳得填空题填空题 答题技巧答题技巧 方法一 直接法 【例 1】(2018 全国 I 卷) 记为数列的前项和若，则_ 解析 依题意， 11 21 21 nn nn Sa Sa ? ? ? ? ? 作差得 1 2 nn aa ? ?，所以? ? n a为公比为 2 的等比数列， 又因为 111 21aSa?，所以 1 1a ? ?，所以 1 2n n a ? ? ?，所以 ? 6 6 1 12 63 12 S ? ? ? ? ? 探究提高 直接法是解决计算型填空题最常用的方法，在计算过程中，我们要根据题

5、目的要求灵活处理，多角 度思考问题，注意一些解题规律和解题技巧的灵活应用，将计算过程简化从而得到结果，这是快速准确地求解 填空题的关键. 【训练 1】(2017 烟台质检)已知抛物线 C1：y24x 的焦点为 F，点 P 为抛物线上一点，且|PF|3，双曲线 C2： x2 a2 y2 b21(a0，b0)的渐近线恰好过 P 点，则双曲线 C2的离心率为_. 解析 设点 P(x0，y0)，由抛物线定义得 x0(1)3，所以 x02. 又因为 y204x0，得 y0 2 2，即 P(2，2 2). 又因为双曲线 C2的渐近线过 P 点，所以b a 2 2 2 2， 故 e1? ? ? ? b a

6、2 12 3. 答案 3 方法二 特殊值法 【例 2】如图，在三棱锥 OABC 中，三条棱 OA，OB，OC 两两垂直，且 OAOBOC，分别经过三条棱 OA， OB，OC 作一个截面平分三棱锥的体积，截面面积依次为 S1，S2，S3，则 S1，S2，S3的大小关系为_. 解析 要满足各个截面使分得的两个三棱锥体积相等，则需满足与截面对应的交点 E，F，G 分别为中点，故 可以将三条棱长分别取为 OA6， OB4， OC2， 如图， 则可计算 S13 5， S22 10， S3 13， 故 S31 时，(x)0，(x)在(1，)上是增函数. 因此 (x)极小值为 (1)1 e. SSASBSA

7、30?SAB 8 30SAO?90ASB? 2 11 8 22 SAB SSA SBSA? 4SA? 1 2 2 SOSA? 22 2 3AOSASO? 2 1 8 3 VOASO? ? 在同一坐标系中作 y(x)与 ya 的图象，又当 x0 成立的 x 的取值范围是_. 解析 令 g(x)f（x） x ，则 g(x)xf（x）f（x） x2 ，由于 xf(x)f(x)0 的解集为(0，1)，因此 f(x)0 的解集为(0，1). 答案 (0，1) 探究提高 构造法实质上是化归与转化思想在解题中的应用， 需要根据已知条件和所要解决的问题确定构造的 方向，通过构造新的函数、不等式或数列等新的模型

8、，从而转化为自己熟悉的问题. 【训练 4】在数列an中，a11，且 an12an1，则数列an的通项公式是_. 解析 由 an12an1，得 an112(an1)，又 a11，得 a1120， 数列an1是公比 q2 的等比数列，因此 an12 2n 12n，故 a n2 n1. 答案 an2n1 1. (2018 全国 I 卷) 若满足约束条件，则的最大值为_ 【解题思路】首先根据题中所给的约束条件，画出相应的可行域，再将目标函数化成斜截式 31 22 yxz? ?， 之后在图中画出直线 3 2 yx? ?，在上下移动的过程中，结合 1 2 z的几何意义，可以发现直线 31 22 yxz?

9、?过 B 点时取得最大值，联立方程组，求得点 B 的坐标代入目标函数解析式，求得最大值. 【答案】根据题中所给的约束条件，画出其对应的可行域，如图所示： 由32zxy?可得 31 22 yxz? ?， 画出直线 3 2 yx? ?，将其上下移动， 结合 2 z 的几何意义，可知当直线过点 B 时，z取得最大值， 由 220 0 xy y ? ? ? ? ，解得?2,0B， 此时 max 3 206z? ?，故答案为 6 2. (2018 全国 II 卷) 曲线?2ln1yx?在点?0,0处的切线方程为_ 【解题思路】先求导数，再根据导数几何意义得切线斜率，最后根据点斜式求切线方程. 【答案】

10、2 1 y x ? ? ? Q， 2 2 01 k? ? ，2yx? 3.在ABC 中，a，b，c 分别是角 A，B，C 的对边.若(abc)(abc)ab，c 3，当 ab 取得最大值时， SABC_. xy， 220 10 0 xy xy y ? ? ? ? ? ? 32zxy? 经典常规题 限时训练限时训练 （45 分钟） 【解题思路】(abc)(abc)ab，c 3， (ab)2c2ab，得 a2b2c2ab3ab. a2b22ab，当且仅当 ab 时取等号， 3ab2ab，则 ab1，当且仅当 ab 时取等号， 当 ab 取得最大值时，ab1，得 cos Ca 2b2c2 2ab 1

11、 2，sin C 1cos 2C 3 2 ， 故 SABC1 2absin C 1 211 3 2 3 4 . 【答案】 3 4 4. (2018 全国 III 卷) 函数? ?cos 3 6 f xx ? ? ? ? 在?0?，的零点个数为_ 【解题思路】求出3 6 x ? ?的范围，再由函数值为零，得到3 6 x ? ?的取值可得零点个数 【答案】由，有，解得， 由得可取 0、1、2，在上有 3 个零点 1. (2018 全国 III 卷) 已知点?1 1M ? ，和抛物线 2 4Cyx?：，过C的焦点且斜率为k的直线与C交于A，B两 点若90AMB ?，则k ?_ 【解题思路】利用点差法

12、进行计算即可 【答案】设? 1122 ,A x yB x y，则 2 11 2 22 4 4 yx yx ? ? ? ? ? ， 所以 22 1212 44yyxx?，所以 12 1212 4yy k xxyy ? ? ? ， 取AB中点? 00 ,Mx y,分别过点A,B作准线1x ? ?的垂线，垂足分别为,A B?， 因为90AMB?，? 111 222 MMABAFBFAABB?， 因为M为AB中点，所以MM平行于x轴， 因为?1,1M ?，所以 0 1y ?，则 12 2yy?，即2k ? 故答案为 2. 2.已知直线 axbyc10(b，c0)经过圆 x2y22y50 的圆心，则4

13、b 1 c的最小值是_. 【解题思路】依题意得，圆心坐标是(0，1)，于是有 bc1，4 b 1 c? ? ? ? 4 b 1 c (bc)54c b b c52 4c b b c ( )cos 30 6 f xx ? ? ? ? 3(Z) 62 xkk ? ? ? 39 k x ? ? 0 39 k? ? ?k( )cos 3 6 f xx ? ? ? ? 0, ? 高频易错题 9，当且仅当 ? ? ? ? ?bc1（bc0）， 4c b b c， 即 b2c2 3时取等号，因此 4 b 1 c的最小值是 9. 【答案】9 3.设双曲线y 2 a2 x2 b21(a0，b0)的焦点分别为 F

14、1，F2，A 为双曲线上的一点，且 F1F2AF2，若直线 AF1与圆 x2y2a 2b2 9 相切，则双曲线的离心率为_. 【解题思路】由题意，F1(0，c)，F2(0，c)，不妨取 A 点坐标为? ? ? ? b2 a，c ， 直线 AF1的方程为 yc2ac b2 x，即 2acxb2yb2c0. 直线 AF1与圆 x2y2a 2b2 9 相切， b2c 4a2c2b4 c 3. 2b2ac， 2e2e 20，e1，e 2. 【答案】 2 4.已知数列an是各项均为正整数的等差数列，公差 dN*，且an中任意两项之和也是该数列中的一项.若 a1 6m，其中 m 为给定的正整数，则 d 的

15、所有可能取值的和为_(用 m 表示). 【解题思路】依题设 ana1(n1)d6m(n1)d. 又数列an中任意两项之和 asat(s，tN*)是an的一项，所以 a16m是 d 的公倍数，即 d2i3j(i，j0，1， 2，?，m). 则 d 的所有可能取值的和为 m i02 i m j03 j1 2(2 m11) (3m11). 【答案】1 2(2 m11)(3m11) 1. (2018 全国 I 卷) 的内角的对边分别为，已知， ，则的面积为_ 【解题思路】 首先利用正弦定理将题中的式子化为sinsinsinsin4sinsinsinBCCBABC?， 化简求得 1 sin 2 A?， 利用余弦定理，结合题中的条件，可以得到2cos8bcA?，可以断定 A 为锐角，从而求得 3 cos 2 A?，进一步 求得 8 3 3 bc ?，利用三角形面积公式求得结果. 【答案】因为sinsin4 sinsinbCcBaBC?， 结合正弦定理可得sinsinsinsin4sinsinsinBCCBABC?， 可得 1 sin 2 A?，因为 222 8bca?， 结合余弦定理 222 2cosabcbcA?，可得2cos8bcA?， ABCABC， ，abc， ，sins