1、2021 年高考物理预测猜题卷年高考物理预测猜题卷 新高考版新高考版 山东地区专用山东地区专用 一、单项选择题：本题共一、单项选择题：本题共 8 小题，每小题小题，每小题 3 分，共分，共 24 分。每小题只有一个选项符合题目要分。每小题只有一个选项符合题目要 求。求。 1.下列说法正确的是( ) A.光导纤维传输信号是利用光的干涉现象 B.用三棱镜观测光谱是利用光的折射现象 C.一束单色光经由空气射入玻璃后速度不变，波长变短 D.光的干涉现象和光电效应都是光具有波动性的表现 2.一枚火箭由地面竖直向上发射，其速度时间图像如图所示，由图像可知( ) A.0 a t段火箭的加速度小于 a t b
2、 t段火箭的加速度 B.在 0 b t段火箭是上升的，在 b t c t段火箭是下落的 C. b t时刻火箭离地面最远 D. c t时刻火箭回到地面 3.如图所示，倾角30的斜面AB，在斜面顶端 B 向左水平抛出小球 1，同时在底端 A 正 上方与 B 点等高度处 C 水平向右抛出小球 2，小球 1、2 同时落在 P 点，P 点为斜边AB的 中点，则( ) A.小球 2 一定垂直撞在斜面上 B.小球 1、2 的初速度可以不相等 C.小球 1 落在 P 点时速度方向与斜面的夹角为 30 D.改变小球 1 的初速度，小球 1 落在斜面上的速度方向都平行 4.假设将来一艘飞船靠近火星时，经历如图所示
3、的变轨过程，则下列说法正确的是（ ） A.飞船在轨道上运动到 P 点的速度小于在轨道上运动到 P 点的速度 B.若轨道贴近火星表面，测出飞船在轨道上运动的周期，就可以推知火星的密度 C.飞船在轨道上运动到 P 点时的加速度大于飞船在轨道上运动到 P 点时的加速度 D.飞船在轨道上运动时的周期小于在轨道上运动时的周期 5.如图， 实线为一列沿x轴正方向传播的简谐横波在0t 时刻的波形， 虚线是该波在0.20st 时刻的波形，则此列波的波速可能为( ) A25m / s B20m / s C35m / s D55m / s 6.如图所示，导热的气缸开口向下，缸内活塞封闭了一定质量的理想气体，活塞可
4、自由滑动 且不漏气， 活塞下挂一个砂桶， 砂桶装满砂子时， 活塞恰好静止， 现将砂桶底部钻一个小洞， 让细砂慢慢漏出。气缸外部温度恒定不变，则( ) A缸内的气体压强减小，内能减小 B缸内的气体压强增大，内能减小 C缸内的气体压强增大，内能不变 D外界对气体做功，缸内的气体内能增加 7.如图所示，对于电场线中的 A、B、C 三点，下列判断正确的是( ) A.A 点的电势最低 B.B 点的电场强度最大 C.同一正电荷在 A、B 两点受的电场力大小相等 D.同一负电荷在 C 点具有的电势能比在 A 点的大 8.如图所示, t R为金属热电阻, 1 R为光敏电阻, 2 R和 3 R均为定值电阻,电源
5、电动势为 E,内阻为 r,V 为理想电压表,现发现电压表示数增大,可能的原因是( ) A.金属热电阻温度升高,其他条件不变 B.金属热电阻温度降低,光照强度减弱,其他条件不变 C.光照强度增强,其他条件不变 D.光照强度增强,金属热电阻温度升高,其他条件不变 二、多项选择题：本题共二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题小题，每小题 4 分，共分，共 16 分。每小题有多个选项符合题目要求。分。每小题有多个选项符合题目要求。 全部选对得全部选对得 4 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 2 分，有选错的得分，有选错的得 0 分。分。 9.由于放射性元素 237 93 Np的半衰期很短,所以在
6、自然界一直未被发现,只是在使用人工的方法 制造后才被发现,已知 237 93 Np经过一系列 衰变和 衰变后变成 209 83 Bi,下列论断中正确的是 ( ) A. 209 83 Bi的原子核比 237 93 Np的原子核少 28 个中子 B. 209 83 Bi的原子核比 237 93 Np的原子核少 18 个中子 C.衰变过程中共发生了 7 次 衰变和 4 次 衰变 D.衰变过程中共发生了 4 次 衰变和 7 次 衰变 10.如图所示,在军事训练中,一战士从岸上以 2 m/s的速度跳到一条向他缓缓漂来、速度是 0.5 m/s的小船上,然后去执行任务,已知战士质量为60 kg,小船的质量是
7、140 kg,该战士上 船后又跑了几步,最终停在船上,不计水的阻力,则( ) A.战士跳上小船到最终停在船上的过程,战士和小船的总动量守恒 B.战士跳上小船到最终停在船上的过程,战士和小船的总机械能守恒 C.战士最终停在船上后速度为零 D.战士跳上小船到最终停在船上的过程动量变化量大小为 105 kg m/s 11.如图,U 形光滑金属框abcd置于水平绝缘平台上,ab和dc边平行,和bc边垂直.ab dc、足 够长,整个金属框电阻可忽略.一根具有一定电阻的导体棒MN置于金属框上,用水平恒力F向 右拉动金属框,运动过程中,装置始终处于竖直向下的匀强磁场中,MN与金属框保持良好接 触,且与bc边
8、保持平行.经过一段时间后( ) A.金属框的速度大小趋于恒定值 B.金属框的加速度大小趋于恒定值 C.导体棒所受安培力的大小趋于恒定值 D.导体棒到金属框bc边的距离趋于恒定值 12.如图所示为远距离输电的原理图,升压变压器和降压变压器均为理想变压器,发电厂的输 出电压恒定、输电线上的电阻不变,假设用户所用用电器都是纯电阻用电器,若发现发电厂发 电机输出的电流增大了,则可以判定( ) A.通过用户的电流减小了 B.用户接入电路的总电阻减小了 C.用户消耗的电功率减小了 D.加在用户两端的电压变小了 三、非选择题：本题共三、非选择题：本题共 6 小题，共小题，共 60 分。分。 13.（6 分）
9、一电火花打点计时器固定在斜面上某处，一小车拖着穿过打点计时器的纸带从斜 面上滑下如图甲所示 (1)电火花打点计时器使用_电源(填“直流”或“交流”)，工作电压_V. (2)打点计时器打 A 点时小车的速度_m/s. (3)小车的速度 A a _ 2 m/s. 14.（8 分）在用 DIS 测电源的电动势和内阻的实验中，图甲为实验电路图，定值电阻 0 1,RR 为滑动变阻器，图乙为实验的实物连接图。 （1）请用笔画线代替导线，按图甲的连接完成该实物连接图。 （2）A 组同学实验测得的路端电压 U 与相应电流 I 的拟合曲线如图丙所示，由此得到电源 内阻为_;当电压传感器的示数为 1.6 V 时电
10、源的输出功率为_W。 （3）根据图丙中实验测得的数据，可以推测实验中选用滑动变阻器的型号较合理的是 _。 A.05 B.020 C.050 D.0200 （4）B 组同学也利用 A 组用的同一套器材完成此实验，误把图甲中电压传感器在 d 点的接 线接在 c 点，测得数据也在同一坐标中作出UI图像，其他操作、读数等都准确无误。则 B 组画出的图线与纵轴的交点相应的电压值、图线斜率的绝对值大小和 A 组相比，分别是 _和_。（填偏大相同偏小或无法确定） 15. （8 分） 如图， 物流转运中心的水平地面上有一辆质量4kgM 、 长1 . 4 mL 的平板小车， 在平板车的右端放有质量1kgm 的快
11、件(可视为质点)，快件与平板车间的动摩擦因数 0.4。物流中心的工作人员要将快件卸到地面上，他采用了用水平力 F 拉小车的方式， 重力加速度 2 10m/sg ，不计小车与地面间的摩擦阻力，求： (1)要让快件能相对平板车滑动，需要施加的最小水平力 0 F； (2)若用28NF 的水平恒力拉小车， 要将快件卸到地面上， 拉力F作用的最短时间t为多少。 16.（8 分）如图所示，用质量为 1 kgm 、横截面积为 2 10 cmS 的活塞在汽缸内封闭一定 质量的理想气体，活塞与汽缸壁之间的摩擦忽略不计。开始时活塞距汽缸底的高度为 10 cmh 且汽缸足够高，气体温度为27t ，外界大气压强为 5
12、 0 1.0 10 Pap ，取 2 10m/sg ，绝对零度取 273。 （1）求此时封闭气体的压强； （2）给汽缸缓慢加热，当缸内气体吸收 4.5 J 的热量时，内能的增加量为 2.3 J，求此时缸内 气体的温度。 17.（14 分）如图所示，光滑绝缘的水平面上有一边长为 L 的正方形金属线框abcd，平行边 界MN PQ、 间有垂直于水平面向里的匀强磁场。 已知线框的电阻为 R， 质量为 m， 线框ab边 平行于 ,MN MNPQ、 间的距离大于 L。 现给金属线框一水平向右的垂直于磁场边界的初速度 0 v，金属线框完全穿过磁场后速度大小为 0 1 2 v。求： （1）线框穿过磁场的过程
13、中产生的焦耳热 Q； （2）匀强磁场的磁感应强度 B 的大小及线框完全进入磁场后速度 v 的大小； （3）线框在进入磁场的过程中通过金属线横截面的电荷量 q。 18.（16 分）如图甲所示， 1 5 kgm 的滑块自光滑圆弧形槽的顶端A点无初速度地滑下， 槽的底端与水平传送带相切于左端导轮顶端的B点，传送带沿顺时针方向匀速运转. 1 m下 滑前将 2 3 kgm 的滑块停放在槽的底端. 1 m下滑后与 2 m发生碰撞， 碰撞时间极短， 碰后两滑 块均向右运动，传感器分别描绘出了两滑块碰后在传送带上从B点运动到C点的vt图 像，如图乙、丙所示.两滑块均视为质点，重力加速度 2 10m/sg .
14、（1）求A B、的高度差h； （2）求滑块 1 m与传送带间的动摩擦因数和传送带的长度 BC L； （3）滑块 2 m到达C点时速度恰好减到 3 m/s，求滑块 2 m的传送时间； （4）求系统因摩擦产生的热量. 2021 年高考物理预测猜题卷年高考物理预测猜题卷 新高考版新高考版 山东地区专用山东地区专用 答案以及解析答案以及解析 1.答案：B 解析：光导纤维传输信号利用了光的全反射现象，故 A 错误；用三棱镜观测光谱的原理是 不同光在同一介质中的折射率不同，利用了光的折射现象，故 B 正确；一束单色光经由空 气射入玻璃后频率不变，速度变小，波长变短，故 C 错误；光电效应是光具有粒子性的表
15、 现，光的干涉现象是光具有波动性的表现，故 D 错误. 2.答案：A 解析：0 a t段图像斜率（即加速度）小于 a t b t段故加速度在 a t b t段更大，A 正确，由速度 时间图像可知，速度都正值，表示物体都沿正方向运动，即朝某一方向做直线运动，因此 火箭一直上升，BCD 错误。故选 A。 3.答案：D 解析：本题考查平抛运动规律。两个小球同时做平抛运动，又同时落在 P 点，说明运动时 间相同，又水平位移大小相等，由 0 xv t，知初速度相等，小球 1 落在斜面上时，有 2 00 1 2 tan 2 gt gt v tv ， 小球2落在斜面上的速度与竖直方向的夹角的正切值 0 1
16、tan 2tan v gt ， 故，所以小球 2 没有垂直撞在斜面上，故 A、B 错误；小球 1 落在 P 点时速度与水平 方向的夹角正切值 0 2 3 tan2tan3 3 gt v ，则有 60，则小球 1 落在 P 点时速度 方向与斜面的夹角为 603030， 所以小球1落在P点时与斜面的夹角小于30 ， 故 C 错误；根据tan 2tan 知，改变小球 l 的初速度，小球 1 落在斜面上的速度方向与水 平方向的夹角不变，速度相互平行，故 D 正确。 4.答案：B 解析：本题考查万有引力定律.飞船由轨道运动到轨道，在 P 点需要减速，故飞船在轨 道上运动到 P 点的速度大于在轨道上运动到
17、 P 点的速度，选项 A 错误；若轨道贴近 火星表面，则卫星的轨道半径近似等于火星的半径，由万有引力定律得 2 22 4MmR Gm RT ， 3 4 3 MR，由以上两式解得 2 3 GT ，故测出飞船在轨道上运动的周期，就可推知火 星的密度， 选项B正确； 设火星的质量为M， 飞船的质量为m， 由万有引力定律得 2 Mm Gma r ， 解得 2 GM a r ， 故飞船在轨道上运动到P点的加速度等于在轨道上运动到P点的加速度， 选项 C 错误；轨道的半长轴大于轨道的半径，由开普勒第三定律知，飞船在轨道上 运动的周期大于在轨道上运动的周期，选项 D 错误. 5.答案：A 解析：设波的周期为
18、 T，因为波沿 x 轴正方向传播，则： 1 () 4 tnT ，解得： 40.8 (0 1 2 3.) 4141 t Ts n nn 、 、 ，则当 1 0,0.8nT ，此时： 1 1 5m/su T ；当 2 1,0.16nTs ，此时： 2 2 25m/su T ； 当 3 4 2, 45 nTS ，此时： 3 3 45m/su T ；当 4 4 3, 65 nTs ，此时： 4 4 65m/su T ，故 A 正确，BCD 错误。 6.答案：C 解析： 设活塞与装满砂子的砂桶的总重力为 G,活塞横截面积为 S,大气压为 0 p ,则以活塞为研 究对象,根据力的平衡条件得:气缸内气体的压
19、强 0 G pp S ,由于 G 减小,则 p 增大,即气体被 压缩,外界对气体做功。 由于气缸是导热的,气体的温度与环境温度相等,保持不变,其内能不变。 故选项 C 正确。 7.答案：D 解析： 根据顺着电场线方向电势降低可知， A 点的电势最高， 故 A 错误； B 点处电场线最疏， 电场强度最小故 B 错误；A 点处电场线最密，电场强度最大，同一电荷在 A 点受到的电 场力最大，故 C 错误；C 点电势比 A 点电势低，根据负电荷在电势高处电势能小，知同一 负电荷在 C 点具有的电势能比在 A 点的大，故 D 正确 8.答案：B 解析：金属热电阻温度升高,则电路中的总电阻增大,总电流减小
20、,光敏电阻两端的电压增大, 所以通过光敏电阻的电流增大,而总电流减小,所以通过 3 R的电流减小,故电压表的示数减 小,A 错误;金属热电阻温度降低,光照强度减弱,外电路电阻可能减小,则干路电流增大,内电压 增大,路端电压减小,而 2 R两端电压增大,所以光敏电阻两端的电压减小,即通过光敏电阻的电 流减小,而总电流增大,所以通过 3 R的电流增大,故电压表的示数增大,B 正确;光照强度增强, 则光敏电阻减小,总电阻减小,总电流增大,路端电压减小,而 2 R两端电压增大,即 3 R和热电阻 两端的电压减小,通过 3 R的电流减小,电压表的示数减小,C 错误;光照强度增强,金属热电阻温 度升高,
21、1 R减小, t R增大,若总电阻减小,则总电流增大,路端电压减小,而 2 R两端的电压增大,所 以并联电路电压减小, 3 R所在支路的电阻增大,所以支路电流减小,电压表示数减小; 1 R减小, t R增大,若总电阻增大,则路端电压增大,总电流减小,而 2 R两端的电压减小,所以并联电路电 压增大,所以光敏电阻两端的电压增大,通过光敏电阻的电流增大,而总电流减小,所以 3 R所在 支路的电流减小,故电压表的示数减小,D 错误. 9.答案：BC 解析：A. 209 83 Bi的原子核比 237 93 Np少 10 个质子，质子数和中子数总共少 28，故 209 83 Bi的原子 核比 237 9
22、3 Np少 18 个中子，故 A 错误，B 正确； C.设 209 83 Bi变为 237 93 Np需要经过 x 次 衰变和 y 次 衰变，根据质量数和电荷数守恒则有： 93=2xy+83，4x=237209，所以解得：x=7，y=4，故 C 正确，D 错误； 故选：BC. 10.答案：AD 解析： 战士跳上小船到最终停在船上的过程中,战士和小船的总动量守恒,总机械能有损失,A 项正确、B 项错误;以战士初速度方向为正方向,对战士跳上小船到最终停在小船上的过程, 设战士最终停在小船上的速度为由动量守恒定律有:得 0.25m/sv ， C 项错误;战士的动量变化量 600.252 kg m/s
23、105kg m/s ,动量变化量大小为 105 kg m/s,D 项正确. 11.答案：BC 解析：本题考查电磁感应定律与力学问题的综合.金属框在外力作用下向右运动过程中,由楞 次定律知,导体棒向右运动,设某时刻金属框的速度为 1 v,导体棒的速度为 2 v,导体棒接入电路 的电阻为 R,回路中感应电动势 12 ()EBL vv,由闭合电路欧姆定律得,回路中的电流 12 ()BL vvE I RR .设金属框的质量为 1 m,导体棒的质量为 2 m,对金属框,由牛顿第二定律得 1 1 FBILm a,整理得 22 12 1 11 ()B L vvF a mm R ,对导体棒,由牛顿第二定律得
24、2 2 2 2 12 ()B L vv a m R ， 当 12 aa 时, 12 vv 增大,金属框的加速度 1 a减小,导体棒的加速度 2 a增大,当 12 aa 时,此时 12 12 () , F Fmm a a mm ，1 2 vv 不变,回路中的电流不变,金属框和导体棒所受安培力不变, 两者以相同的加速度做匀加速直线运动,故金属框的加速度大小趋于恒定值,速度越来越大, 其vt图像如图所示,A 错误,B 正确;由于回路中的电流趋于恒定值,故导体棒所受安培力大 小趋于恒定值,C 正确;导体棒与金属框的加速度相同时,金属框的速度较大,由匀加速直线运 动规律知,导体棒到金属框bc边的距离越来
25、越大,D 错误. 12.答案：BD 解析：A.如果发电厂发电机输出的电流增大了，根据变流比可知，输送电流增大，通过用户 的电流增大，故 A 错误； BD.由于输电线上的电压降增大，一次降压变压器的输入电压减小，根据变压比可知加在用 户两端的电压变小了。根据能量守恒得 2 24 2222 3 n I UI RIR n 用户 可知，输电电流增大，是由于R用户 减小引起的，故 BD 正确； C.当用户消耗电阻减小即用电器的增多，用户消耗的功率增大，故 C 错误。 故选：BD。 13.答案：(1)交流;220(2)0.55(3)5 解析：(1)打点计时器的工作电源是 220 V 交流电 (2) 2 1
26、.0 1.2 10m/s0.55 m/s 2 0.02 A v . (3) 2 1.4 1.6 10m/s0.75 m/s 2 0.02 B v ,小车的速度 22 0.750.55 m/s5 m/s 2 0.02 BA A AB vv a t 14.答案：（1）见解析 （2）0.8；0.8 （3）C （4）相同；偏大 解析：本题考查测电源电动势和内阻实验的电路连接、数据处理。 （1）根据原理图连接实物图如图所示； （2）根据UEIr可知，图线与纵轴的交点表示电源的电动势，故 2.0 VE ，图线的斜 率的绝对值表示内阻，则可知 2.01.6 0.8 0.5 U r I ；电压传感器的示数为
27、1.6 V 时 电流为 0.5 A，电源的输出功率 1.6 0.5W0.8WPUI; （3）由题图丙可知，测量数据中的最小电流约为 0.05 A，此时对应的总电阻 1.97 39.4 0.05 E R I ，此时滑动变阻器接入电阻应为39.410.837.6 ，故滑 动变阻器总阻值一定大于37.6；同时为了调节方便，总阻值不宜过大，故应选择最大阻值 为50的滑动变阻器，故 C 正确; （4）电压传感器在 d 点的接线接在 c 点，测得数据也在同一坐标中作出UI图像，其中 0 UEI rR ，其图像的截距为 E，图线的斜率绝对值大小为 0 rR ，所以 B 组画出的 图线与纵轴的交点相应的电压值
28、和 A组相比相同， 图线的斜率绝对值大小和 A组相比偏大。 15.答案：（1）20N；（2）1s 解析：（1）当快件刚要相对小车滑动时，拉力 F 最小，有 对快件： 0 mgma，对快件及小车整体： 00 ()FMm a，解得： 0 20NF . （2）当撤去拉力 F 后快件刚好能到达小车左端时，拉力 F 作用时间最短，设 F 的最短作用 时间为 m tF，作用时间内，快件在小车上滑动距离为 1 L，撤去拉力 F 时，快件的速度为 1 v， 小车的速度为 2 v，有：对快件： 1 mgma， 11 m va t； 对小车： 2 FmgMa， 22 m va t； 另有 22 12 m1 m 1
29、1 22 La ta t，撤去 F 后，有 12 ()mvMvMm V， 222 112 111 ()() 222 mg LLmvMvMm V，解得：1s m t. 16.答案：（1） 5 1.1 10 Pa （2）87 解析：（1）以活塞为研究对象，由平衡条件得: 0 mgp SpS 解得：封闭气体的压强 5 1.1 10 Pap （2）由热力学第一定律得： UWQ 外界对气体做功：W pS x 对气体由盖一吕萨克定律得： () 273K273K hShx S tt 解得：缸内气体的温度 87t 17.答案：（1） 2 0 3 8 mv （2） 0 2 2 RLmv L ； 0 3 4 v
30、（3） 0 2 RLmv R 解析：本题考查动量定理与法拉第电磁感应定律。 （1）根据能量守恒定律可知，线框穿过磁场的过程中产生的焦耳热 2 22 000 1113 2228 Qmvmvmv （2）对线框进入磁场的过程，根据动量定理有Ftm v 安 ，即 22 B L v tm v R 得 22 0 B L Lm vv R ，同理可以得到，对线框出磁场的过程有 22 0 1 2 B L Lmvv R 得 00 1 2 vvvv ，解得 0 0 2 3 , 42 RLmv vv B L （3）线框进入磁场的过程，有EBLv， E I R ，qIt，可得 2 BLvtBL q RR ，结合（2）
31、中 B 的结果解得 0 2 RLmv q R 。 18.答案：（1）0.8m；（2）0.05；26m （3）6.5s （4）16J 解析：（1）由题图乙可知，碰撞后瞬间滑块 1 m的速度 1 1m / sv ，由题图丙可知，碰撞后 瞬间滑块 2 m的速度 2 5 m / sv ，设碰撞前瞬间滑块 1 m的速度为 0 v，取向右为正方向，根据 动量守恒定律可得， 1 01 122 mvmvm v，解得 0 4 m / sv 。 滑块 1 m下滑的过程机械能守恒，根据机械能守恒定律可得， 2 11 0 1 2 m ghm v，解得0.8mh （2）由题图乙可知，滑块 1 m在传送带上加速运动时的加
32、速度大小等于加速运动过程中vt 图线的斜率，即， 2 0.5 m / s v a t ，滑块的加速度由滑动摩擦力提供，根据牛顿第二定律 可得， 11 m gm a，解得滑块 1 m与传送带间的动摩擦因数0.05，由题图乙可知，滑块 1 m 在传送带上先加速 4 s，后匀速运动 6 s 到达C点，图线与坐标轴围成的图形的面积在数值 上等于传送带的长度 BC L，即26 m BC L。 （3）滑块 2 m一直做匀减速直线运动，到达C点时速度恰好减到 3 m/s，根据运动学公式得 全程的平均速度， 2 4 m / s 2 vv v ，设滑块 2 m的传送时间为t，则有6.5s BC v L t 。 （4）由题图乙可知，滑块 1 m在传送带上加速阶段的位移， 2 11 11 1 8 m 2 xv tat 滑块 1 m在传送带上加速阶段产生的热量， 1111 10JQm g vtx，滑块 2 m在传送带上减 速的加速度大小， 2 4 m / s 13 v a t ， 滑块 2 m受到的滑动摩擦力大小 2f F m a ， 滑块 2 m在 传送带上减速阶段产生的热量， 2 6 J fBC QFLvt，系统因摩擦产生的热量 12 16 JQQQ。
