1、 2019 年贵港市初中学业水平考试试卷年贵港市初中学业水平考试试卷 物物 理理 第第 I 卷选择题卷选择题 一、单项选择题（每小题一、单项选择题（每小题 3 分，共分，共 30 分）每小题只有一个正确的选项，请用分）每小题只有一个正确的选项，请用 2B 铅笔将答题铅笔将答题 卡对应题目的答案标号涂黑，如需改动，必须先用橡皮擦干净后，再改涂其他答案标号。卡对应题目的答案标号涂黑，如需改动，必须先用橡皮擦干净后，再改涂其他答案标号。 1.亲爱的同学们，经过两年的初中物理学习，相信聪明的你一定学到了很多物理知识。下列数据最接近实际 的是 A. 人的正常体温约为 39 B. 初中物理课本的长度约为
2、27cm C. 对人体的安全电压不高于 220V D. 一位中学生的质量约为 40g 【答案】B 【解析】 【详解】A正常情况下，人的体温在 37左右，变化幅度很小，故 A错误； B一根筷子的长度在 25cm左右，初中物理课本的长度略大于 25cm，在 27cm左右，故 B正确； C对人体的安全电压不高于 36V，故 C错误； D一位中学生的质量约为 50kg，故 D 错误。 2.在纪念“五四”运动 100周年暨庆祝新中国成立 70 周年的合唱比赛中，同学们用歌声表达了“青春心向党， 建功新时代”的远大志向。合唱中“高音声部”和“低音声部”中的“高”和“低”，指的是声音的 A. 音调 B. 音
3、色 C. 响度 D. 振幅 【答案】A 【解析】 【详解】合唱中“高音声部”和“低音声部”中的“高”和“低”是指声音的音调，故 A正确，BCD错误。 3.中国高铁、移动支付、共享单车、鲲龙 4G600 水陆两栖飞机当今中国，科技进步使生活更精彩。下列 说法正确的是 A. “复兴”号高速列车因为速度很大所以惯性很大 B. 鲲龙 AG600 水陆两栖飞机在高空所受的大气压强，比水面附近的大气压强大 C. 使用共享单车时，用手机扫描二维码开锁，二维码位于手机摄像头的一倍焦距以内 D. 用手机进行移动支付时，是利用电磁波传递信息的 【答案】D 【解析】 【详解】A惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体
4、是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，“复 兴”号高速列车不管速度多大，只要质量不变，其惯性大小就不会改变，故 A错误； B大气压随着高度的增加而减小，鲲龙 AG600 水陆两栖飞机在高空所受的大气压强，比水面附近的大气 压强小，故 B 错误； C用手机扫描二维码开锁，二维码位于手机摄像头的二倍焦距以外，故 C 错误； D用手机进行移动支付时，它传递信息是通过电磁波来实现的，故 D正确。 4.雨、云、雪实质上都是水，只是形态各异罢了。当含有很多水蒸气的热空气升上高空时，水蒸气的温 度降低变成小水滴或小冰晶，就形成了云。云是空气中的水蒸气经过下列哪些物态变化形成的 A. 汽化或升华 B. 汽
5、化或凝固 C. 液化或凝华 D. 液化或凝固 【答案】C 【解析】 【详解】水蒸气变成小水滴，是由气态变成液态，属于液化现象；水蒸气直接变成小冰晶，是由气态变成 固态，属于凝华现象。 5.下列现象中不能说明分子在不停地做无规则运动的是 A. 刮风时灰尘在空中飞舞 B. 酒精瓶盖打开可以嗅到酒精气味 C. 夏日的“荷城”贵港，荷花飘香 D. 在一杯热水中加盐，过一段时间整杯水都变咸了 【答案】A 【解析】 【详解】A刮风时灰尘在空中飞舞，是固体颗粒在空气中运动，不属于分子运动，故 A 符合题意； B酒精瓶盖打开可以嗅到酒精气味是酒精分子在空气中发生扩散现象的缘故，说明分子在不停地做无规则 运动，
6、故 B不符合题意； C夏日的“荷城”贵港，荷花飘香属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故 C不符合题意； D在一杯热水中加盐，过一段时间整杯水都变咸了是盐分子在水中发生扩散现象，说明分子在不停地做无 规则运动，故 D不符合题意。 6.下列物理量中，以科学家牛顿的名字作为单位的物理量是 A. 质量 B. 压强 C. 压力 D. 功 【答案】C 【解析】 【详解】A质量的国际单位是克（g） ；故 A错误； B压强的国际单位是帕斯卡（Pa） ，是以科学家帕斯卡来命名的；故 B 错误； C压力以及所有的力的国际单位是牛顿（N） ，是以科学家牛顿来命名的；故 C正确； D功的国际单位是焦耳（J）
7、 ，是以科学家焦耳来命名的；故 D 错误。 7.在日常家庭用电中如果使用不当会给人们带来危害。下列做法中可能给人们带来危害的是 A. 更换灯泡或维修电路时要先断开电源 B. 有金属外壳的用电器都使用两脚插头 C. 使用测电笔时，手不能接触笔尖的金属体 D. 开关要接在火线上 【答案】B 【解析】 【详解】A更换灯泡或维修电路时，要先切断电源，然后再换新灯泡或维修电路，否则容易发生触电事故， 故 A 不符合题意； B家用电器的金属外壳要接地，使用三角插头，可以防止人体触电，如果使用两脚插头，可能使人体触电， 故 B 符合题意； C使用试电笔辨别火线时，用手接触笔尾金属体，不能用手接触笔尖的金属体
8、，否则会引起触电，故 C不 符合题意； D开关必须接在火线与用电器之间，断开开关，切断火线，操作更安全，故 D 不符合题意。 8.如图所示，下列说法正确的是 A. 图甲实验现象表明通电导体周围存在着磁场 B. 图乙中，闭合开关，当导体以在磁场中沿竖直方向上下运动时，电流表指针会偏转 C. 图丙中，是发电机的工作原理图 D. 图丁中，动圈式扬声器（喇叭）的工作原理和乙图的实验原理相同 【答案】A 【解析】 【详解】A图甲是奥斯特实验，说明通电导体周围存在着磁场，故 A正确； B图乙中，闭合开关，当导体在磁场中沿竖直方向上下运动时，没有切割磁感线，所以不会产生感应电流， 故 B 错误； C图丙中有
9、电源，是演示磁场对通电导体有力的作用的实验装置，是电动机的原理，故 C 错误； D扬声器工作时把电信号转换成声信号，电能转化成机械能，其原理是通电导体在磁场中受力而运动，乙 图是电磁感应现象，它们的实验原理不同，故 D 错误。 9.三块完全相同的冰块分别漂浮在甲、乙、丙三种不同液体中，这三种液体的密度分别为 甲、乙、丙。当 冰块熔化后，甲液体液面高度不变，乙液体液面高度升高，丙液体液面高度降低。下列关系正确的是 A. 甲乙丙 B. 丙甲乙 C. 丙乙甲 D. 乙丙甲 【答案】B 【解析】 【详解】冰漂浮于液面上，所以 F浮=G，即：液gV排=mg，- 冰熔化成水后，其质量不变，所以有 水V水=
10、 m，- 联立可得：液V排=水V水，液= V V 水 排 水， 甲液体液面高度不变，说明 V水=V排，甲=水， 乙液体液面高度升高，说明 V水V排，乙水， 丙液体液面高度降低，说明 V水V排，丙水， 所以 丙甲乙。 10.如图所示电路，电源两端电压与灯丝电阻保持不变。先只闭合开关 S2，电流表和电压表均有示数。下列 说法正确的是 A. 再断开开关 S2，只闭合开关 S1时，电压表示数不变，电流表示数变小 B. 再断开开关 S2，只闭合开关 S1时，电压表示数与电流表示数的比值变大 C. 再闭合开关 S1、S3时，电压表示数不变，电流表示数变大 D. 再闭合开关 S1、S3时，电压表示数与电流表
11、示数的比值变小 【答案】D 【解析】 【详解】由电路图可知，只闭合开关 S2时，灯泡 L1与电阻 R 串联，电流表测电路中的电流，电压表测 R 两 端的电压。 再断开开关 S2，只闭合开关 S1时，电路为 R 的简单电路，电压表测 R 两端的电压，电流表测电路中的电流， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的总电阻变小，由 I= U R 可知，电路中的电流变大， 即电流表示数变大，由 U=IR 可知，R两端的电压变大，即电压表的示数变大，故 A错误； 由 R= U I 可知，电压表示数与电流表示数的比值等于 R的阻值，则其比值不变，故 B 错误； 再闭合开关 S1、S3时，灯泡 L
12、1被短路，此时 R与 L2并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流， 因电源的电压大于 L1与 R串联时 R 两端的电压，所以，电压表的示数变大；因 R 与 L2并联后的总电阻小于 L1与 R 串联后的总电阻，由 I= U R 可知，电流表的示数变大，故 C错误； 只闭合开关 S2时，电压表示数与电流表示数的比值等于 R的阻值；再闭合开关 S1、S3时，电压表示数与电 流表示数的比值等于 R 与 L2并联后的总电阻，因并联电路的总电阻小于任意一个分电阻，所以，再闭合开 关 S1、S3时，电压表示数与电流表示数的比值变小，故 D 正确。 第第 II 卷非选择题卷非选择题 二、填空题（每空二
13、、填空题（每空 1 分，共分，共 20 分）分） 11.位于桂平的大藤峡水电站是广西建设“西江亿吨黄金水道”的关键节点和打造珠江西江经济带标志性 工程， 预计 2023年全部项目建成。 在庞大而复杂的水电枢纽中， 将水的机械能转化为电能的主要设备是_ （选填“电动机” “发电机”或“船闸”） ；货船通过船闸后，若两艘船并排行驶时，两船间水的流速比两船外侧 的大，这会使两 船“相吸”甚至发生碰撞，这是因为液体在流速大的地方_。 【答案】 (1). 发电机 (2). 压强小 【解析】 【详解】电动机是将电能转化为机械能；发电机是将机械能转化为电能；船闸利用了连通器的原理制成的， 故应选发电机。两艘
14、船并排行驶时，两船内侧的水流速度大，外侧的水流速度小，根据流体压强与流速的 关系可知，两船内侧水的压强小于两船外侧水的压强，在这个压强差的作用下，两船会向中间靠拢，出现 相撞的情形。 12.为庆祝中国海军建军 70 周年，我国举行了大型的海上阅兵活动。某潜水艇在水面上航行时，相对于岸上 观礼的人群是_的（选填“运动”或“静止”） 。潜水艇是靠改变_来实现上浮或下沉的。 【答案】 (1). 运动 (2). 自身重力 【解析】 【详解】某潜水艇在水面上航行时，相对于岸上观礼的人群，潜水艇有位置的变化，是运动的；潜水艇能 够上浮和下沉是通过改变自身重力来实现的。 13.只鸽子在平静湖面上空飞过时，在
15、湖面上形成鸽子的“倒影”，“倒影”是_形成的（选填“光的直线 传播” “光的反射”或“光的折射”） ，当鸽子往高处飞，该“倒影”的大小_（选填“变大”“变小”或“不变”） 。 【答案】 (1). 光的反射 (2). 不变 【解析】 【详解】平静的湖面相当于平面镜，在湖面上形成鸽子的“倒影”属于平面镜成像，是由于光的反射形成的。 平面镜成的像与物体大小相等，当鸽子往高处飞，则“倒影”大小不变。 14.在放假外出旅游时，小明发现所乘坐的汽车窗边放置有在紧急情况下使用的逃生安全锤，如图所示。这 种逃生安全锤有一端设计成锥形，这样做的目的是通过_受力面积的方法，从而_压强来破坏玻璃 窗逃生（两空均选填
16、“增大”或“减小”） 。 【答案】 (1). 减小 (2). 增大 【解析】 【详解】逃生安全锤有一端设计成锥形，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强。 15.太阳能是一种_能源（选填“可再生”或“不可再生”） ；超市条形码识别仪的光敏二极管的主要材料是 _（选填“半导体”“超导体”或“纳米材料”） 。 【答案】 (1). 可再生 (2). 半导体 【解析】 【详解】太阳能取之不尽、用之不竭，属于可再生能源；光敏二极管是由半导体材料制成的。 16.个重 50N 的箱子放在水平地面上，受到 10N的水平推力，箱子恰好做习速直线运动，这时箱子受到的 摩擦力_ （选填“大于”“等于”或“小于”
17、） 10N； 当水平推力增大到 18N 时， 箱子所受合力的大小为_N。 【答案】 (1). 等于 (2). 8 【解析】 【详解】箱子受 10N 的水平推力时，恰好做匀速直线运动，所以此时摩擦力与推力是一对平衡力，二力的 大小相等，则这时箱子受到的摩擦力等于 10N；当水平推力增大到 18N 时，箱子对地面的压力和接触面的 粗糙程度不变，所以摩擦力的大小不变，仍为 10N，此时箱子所受合力的大小为：F合=F-f=18N-10N=8N。 17.某同学用丝绸摩擦过的玻璃棒靠近悬挂着的泡沬小球，发现泡沬小球被排斥。泡沬小球被排斥的原因是 _种电荷相互排斥，由此可知泡沬小球一定带_电。 【答案】 (
18、1). 同 (2). 正 【解析】 【详解】丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，丝绸摩擦过的玻璃棒去靠近悬挂的泡沫小球，发现泡沫小球被排斥， 则根据同种电荷相互排斥可知，泡沫小球一定带有同种电荷，即一定带正电荷。 18.在今年初中学业水平考试理化实验技能考试中，某同学在用调节好的托盘天平称一物体的质量时，在天 平的右盘加减砝码过程中，他发现：当放入质量最小的砝码时，指针偏右；若将这个砝码取出，指针偏左。 则要测出物体的质量，该同学下一步的正确操作是：取出质量最小的砝码，_。天平平衡时，天平右盘 中砝码的质量和游码的位置如图所示，则该物体的质量为_g。 【答案】 (1). 移动游码 (2). 32.6 【
19、解析】 【详解】由题意可知，所放入最小砝码的质量偏大，此时应该取出最小的砝码，将处在零刻度位置的游码 向右调，相当于往右盘中增加更小的砝码，能使天平的横梁平衡；由图可知，标尺的分度值是 0.2g，游码 左侧指在 2.6g处，则该物体的质量为：m =20g+10g+2.6g=32.6g。 19.家用电吹风的简化电路如图所示，主要技术参数如下表。则该电吹风正常工作吹热风时，电热丝的阻值 是_，正常工作吹热风 5min 电热丝产生的热量是_J。 热风温度 50-75 额定功率 热风时：1000W 冷风时：120W 额定电压 220V 质量 0.5kg 【答案】 (1). 55 (2). 3 105
20、【解析】 【详解】由表格数据可知，电吹风吹冷风时的功率，即电动机的功率为 120W，由图可知，电吹风正常工作 且吹热风时，电动机和电热丝并联，因电路的总功率等于各用电器功率之和，所以电热丝的功率：P电热丝=P 热-PM=1000W-120W=880W ， 并 联 电 路 中 各 支 路 两 端 的 电 压 相 等 ， 电 热 丝 的 电 阻 ： R电 热 丝 = 22 (220V) = 880W U P 电热丝 =55；电吹风正常工作且吹热风时，5min 内电流通过电热丝产生的热量：Q=W=P热 t=1000W 5 60s=3 105J。 20.把一个密度均匀的圆柱体甲和装有适量的某液体的圆柱
21、形容器乙平放在水平桌面上，如图所示，它们的 底面积之比 S甲:S乙=3:4，对桌面的压强之比 p甲:p乙=4:1。若在圆柱体甲上沿水平方向截取一段高为 8cm的 物体，并平稳放入容器乙中，施加一个外力使物体刚好浸没在深度为 h乙的液体中（物体不与容器乙接触， 液体无溢出） ，此时甲对桌面的压强 p甲= 2 p甲 ，乙对桌面的压强 p乙=2p乙且 p甲=p乙。则此时圆柱体甲对桌面 的压强 p甲为_Pa，物体浸没在液体后，容器乙中液体的深度 h乙是_m（ 甲=1.2 103kg/m3，容器乙 的壁厚和质量均忽略不计，g取 10N/kg） 。 【答案】 (1). 9600 (2). 12 【解析】
22、【详解】直柱形容器放在水平面上对水平面的压强 p= FGmgVgShg SSSSS =gh， 设截取前圆柱体甲的高度为 h甲，则圆柱体甲对桌面的压强：p甲=甲gh甲， 圆柱体甲截取长度为 0.08m后，圆柱体甲对桌面压强：p甲=甲g（h甲-0.08m） ， p甲= 2 p甲 ，甲g（h甲-0.08m）= 2 gh甲 甲 ，h甲=0.16m， 圆柱体甲对桌面的压强 p甲=甲g（h甲-0.08m）= 1.2 103kg/m3 10N/kg （0.16m-0.08m）= 9600Pa， 容器乙的壁厚和质量均忽略不计，容器乙中未放入物体时，对桌面的压强等于液体的压强，即：p乙=乙gh 乙， 圆柱体甲截
23、取长度 0.08m时，则物体的体积 V=S甲 0.08m，将物体浸没在液体乙中，液面上升的高度： h= 0.08m = SV SS 甲 乙乙 =0.06m，物体刚好浸没在液体中时，容器乙对桌面的压强等于此时液体的压强，即： p乙=乙g（h乙+0.06m） ，p乙=2p乙，乙g（h乙+0.06m）=2乙gh乙，h乙=0.06m，h乙= h乙 +h=0.06m+0.06m=0.12m=12cm。 三、作图与实验探究题（共三、作图与实验探究题（共 28 分）分） 21.用手把小球压在弹簧上，弹簧被压缩到 A 点，松手后小球向上运动，如图所示。请在图中画出小球离开 弹簧后所受到的力的示意图（O为小球的
24、重心，空气对小球的作用力忽略不计） 。 （ ） 【答案】 【解析】 【详解】小球离开弹簧后向上运动，不再受到弹簧的弹力，忽略空气对小球的作用力，此时小球只受重力 的作用；过重心 O 作竖直向下的有向线段，即为其受到重力的示意图，如图所示： 22.如图所示，OA是入射光线 AO 的折射光线，请在图中画出入射光线 BO的反射光线和该入射光线在水中 的折射光线的大致方向。 （ ） 【答案】 【解析】 【详解】图中法线已作出，根据反射角等于入射角在法线左侧的空气中画出 BO 的反射光线；由图可知，入 射光线 AO和 BO 相比，BO的入射角较小，所以 BO经水面折射后的折射角也较小，则 BO对应的折射
25、光线 OB应画在 OA和法线之间，如图所示： 23.如图所示，闭合开关 S后小磁针沿顺时针方向偏转 90 后静止，请在图中括号内标出电源的“+”“-”极，并 标出通过通电螺线管外 A点的磁感线的方向。 （ ） 【答案】 【解析】 【详解】由题意可知，闭合开关 S后小磁针沿顺时针方向偏转 90 后静止，则小磁针 N 极指向右端，S极指 向左端，根据异名磁极相互吸引可知，通电螺线管的右端为 N 极、左端为 S 极。因为在磁体外部，磁感线 总是从 N 极发出，回到 S 极，所以图中磁感线的方向是指向左的。根据安培定则，伸出右手使大拇指指向 螺线管的 N极（即右端） ，则四指弯曲所指的方向为电流的方向
26、，所以电流从螺线管的左端流入，则电源的 左端为正极，右端为负极，如图所示： 24.如图是探究“动能的大小跟哪些因素有关”的实验装置图。 （1） 若让同一钢球分别从斜面不同的高度由静止开始滚下， 高度 h越高， 钢球运动到水平面时速度越_， 木块 B被撞得越_。 （2）若让不同质量的钢球分别从斜面相同的高度 h由静止开始滚下，比较木块 B 被撞击后运动距离 s的远 近。这是为了探究动能的大小与_的关系。 【答案】 (1). 大 (2). 远 (3). 质量 【解析】 【详解】 （1）同一钢球分别从斜面不同的高度由静止开始滚下，高度越高，钢球运动到水平面时速度越大， 所具有的动能越大，则木块 B
27、被撞得越远； （2）不同质量钢球分别从斜面相同的高度由静止开始滚下，钢球运动到水平面时的速度相同，比较木块 B被撞击后运动距离的远近，根据控制变量法可知探究动能的大小与质量的关系。 25.为了探究相同质量的不同物质在升高相同温度时，吸收热量的多少是否相同，某实验小组取相同质量的 水和煤油放入两个相同的容器中，用同样的热源分别对它们加热，比较它们升高相同温度时吸收热量的多 少。实验装置如图所示。 （1）加热时，某一时刻在水中的温度计示数如图所示，则此时水的温度是_。 （2）实验数据记录如下表： 液体名称 液体质量 m/g 液体初温 t1/ 液体末温 t2/ 加热时间 t/min 水 200 20
28、 30 12 煤油 200 20 30 6 分析以上实验数据可得： 相同质量的不同种物质， 升高相同的温度， 吸收的热量_ （选填“相同”或“不同”） ， _的吸热本领更强（选填“水”或“煤油”） 。 （3）根据以上表格的数据计算，当加热时间为 12min 时，这些水吸收的热量是_J。水的比热容为 4.2 103J/（kg ）。 【答案】 (1). 23 (2). 不同 (3). 水 (4). 8.4 103 【解析】 【详解】 （1）温度计的分度值是 1，此时是零上，温度计的示数为 23，此时水的温度是 23； （2）根据转换法，实验中通过加热时间的长短来表示物质吸热的多少；分析以上实验数据
29、可得：相同质量 的不同种物质，升高相同的温度，加热时间不相同，吸收的热量不同，水的加热时间长，吸收热量多，吸 热本领更强； （3）这些水吸收热量：Q=cmt=4.2 103J/（kg） 0.2kg （30-20）=8.4 103J。 26.如图所示，是同学们在“探究同一物体所受的浮力大小与哪些因素有关”的实验过程图。图甲、乙、丙容 器中装的液体是水，图丁容器中装的液体是酒精，F1、F2、F3、F4分别是图甲、乙、丙、丁中弹簧测力计的 示数。请回答以下问题： （1）图甲中，弹簧测力计的示数 F1=_N。 （2）物体完全浸没在水中时所受的浮力为_N。 （3）分析图中乙、丙两图实验数据可得：物体所受
30、的浮力大小与_有关；分析图中_两图实验数据 可得：物体所受的浮力大小与液体密度有关。 （4） 实验中釆用的探究方法在研究物理问题时经常用到，称为_法。 【答案】 (1). 4.8 (2). 2 (3). 排开液体的体积 (4). 丙、丁 (5). 控制变量 【解析】 【详解】 （1）图甲中，弹簧测力计的分度值为 0.2N，它的示数为 F1=4.8N； （2）由图丙可知物体完全浸没在水中时弹簧测力计的示数 F3=2.8N，则物体完全浸没在水中时所受的浮力： F浮=F1-F3=4.8N-2.8N=2N； （3）由图乙、丙可知，乙、丙中的液体都是水，液体的密度相同，物体排开液体的体积不同，测力计的示
31、 数不同，物体受到的浮力不同，由此可知：物体在液体中所受浮力的大小跟排开液体的体积有关； 要探究物体所受的浮力大小与液体密度的关系，需要控制排开液体的体积相同，液体的密度不同，图丙和 丁符合题意； （4）影响浮力大小的因素是液体的密度和排开液体的体积，在研究浮力与液体的密度的关系时，需要控制 排开液体的体积不变；在研究浮力与排开液体的体积的关系时，控制液体的密度不变，这用到了控制变量 法。 27.用“伏安法”测未知电阻的阻值。 （1）请用笔画线表示导线，将图甲所示的实物连接成完整电路。要求：滑动变阻器的滑片 P 向右移动时， 电流表示数变小（请勿更改原有导线，导线不能交叉） 。 （ ） （2）
32、 连接电路前， 开关必须_。 电路接通前， 滑动变阻器的滑片 P 应该移至图中_处 （选填“A”或“B”） 。 （3）小林闭合开关后， 发现电流表示数为零，但电压表有示数， 此时电路中的一处故障是待测电阻 Rx_ （选填“短路”或“断路”） 。 （4）小林排除故障后，用滑动变阻器调节接入电路中的电阻，对应每次变化各测一次电流值和相应的电压 值并记录到表格中。有一次测量电流表的指针如图乙所示，其示数为_A；另一次测量电压表的指针如 图丙所示，其示数为_V。小林根据几组实验数据计算出 Rx的值，为了进一步减小误差，绘制了 Rx的 U-I 图像。 （5）另一组的小宇用相同的器材进行实验，并根据自己所
33、记录的实验数据绘制了如图丁所示的 U-I 图像。 小林发现小宇绘制的 U-I图像和自己绘制的 U-I 图像不同，你认为其原因是_；小林根据小宇的图像也 可计算出待测电阻 Rx=_。 （实验过程中电源电压保持不变） 。 【答案】 (1). (2). 断开 (3). B (4). 断路 (5). 0.28 (6). 2.6 (7). 电压表并联在滑动变阻器的两端 (8). 10 【解析】 【详解】 （1）滑动变阻器的滑片 P 向右移动时，电流表示数变小，说明变阻器连入电路的电阻变大，故变 阻器左下接线柱连入电路中，如下图所示： （2）连接电路前，开关必须断开。电路接通前，滑动变阻器的滑片 P 应该
34、移至图中阻值最大处的 B 端； （3）若待测电阻短路，电压表示数为 0，不符合题意；若待测电阻断路，电流表示数为零，电压表串联在 电路中测电源电压，电压表有示数，符合题意，电路中的一处故障是待测电阻 Rx断路； （4）有一次测量电流表的指针如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为 0.02A，其示数为 0.28A；另一 次测量电压表的指针如图丙所示，电压表分度值为 0.1V，其示数为 2.6V； （5）待测电阻与变阻器串联，当变阻器连入电路的电阻变小时，由欧姆定律 I= U R 可知，电路的电流变大， 根据 U=IR得到待测电阻的电压变大，由串联电路电压的规律可知，变阻器两个的电压变小，根据绘制
35、的如 图丁所示的 U-I 图象可知，电压表并联在变阻器的两端了；由图乙可知，当电流 I1=0.1A 时，变阻器两端的 电压 U1=2V，当电流 I2=0.2A 时，变阻器两端的电压 U2=1V，设电源电压为 U，由串联电路电压的规律和欧 姆定律可知， 12 12 = UUUU R II ， 即 2 V1 V = 0 . 1 A0 . 2 A UU ， U=3V， 待测电阻： 1 1 3V2V = 0.1A UU R I =10。 四、解答题（共四、解答题（共 22 分）解答时要求写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤。答案分）解答时要求写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤。答案
36、必须写出数值和单位，只写出最后答案的不能给分。必须写出数值和单位，只写出最后答案的不能给分。 28.小林家门口到贵港新世纪广场的公交路线全长 9km，周末，小林从家门口的公车站乘坐公共汽车用时 15min 到达新世纪广场公车站与同学会合。求： （1）公共汽车从小林家门口的公车站到新世纪广场公车站的平均速度 v1是多少 km/h?合多少 m/s? （2）新世纪广场到园博园的公交路线全长 20km，则小林和同学从新世纪广场公车站乘坐公共汽车到园博 园公车站需要用多长时间（假定此公共汽车的速度 v2与 v1相同）？ 【答案】 （1）36km/h；10m/s； （2）2 103s 【解析】 【详解】
37、（1）公共汽车从小林家门口的公车站到新世纪广场公车站的平均速度：v1= 1 1 9km 15 h 60 s t =36km/h； 36km/h=36 1 3.6 m/s=10m/s； （2）假定此公共汽车的速度 v2与 v1相同，从新世纪广场公车站乘坐公共汽车到园博园公车站需要的时间： t2= 3 2 2 20 10 m 10m/s s v =2 103s。 答： （1）公共汽车从小林家门口的公车站到新世纪广场公车站的平均速度 v1是 36km/h，合 10m/s； （2）新世纪广场到园博园的公交路线全长 20km，则小林和同学从新世纪广场公车站乘坐公共汽车到园博 园公车站需要用时 2 103
38、s。 29.如图所示， 是考古工作队在贵港罗泊湾码头用起重机沿竖直方向匀速向上打捞一个体积为 0.5m3、 质量为 1.2t 的圆柱体文物的情景。B为起重机的配重，OA为起重机的起重臂，AB=25m，OB=5m，若在整个打捞过 程中，文物始终保持 0.3m/s 的速度不变（江水的密度为 =1.0 103kg/m3，g 取 10N/kg，起重机横梁重力和滑 轮重力及摩擦均不计） 。求： （1）文物从开始上升直到刚露出江面的过程中受到的浮力大小。 （2）在整个打捞文物的过程中，起重机的拉力做功的最小功率。 （3）为了使起重机不翻倒，起重机的配重 B 的质量至少是多少？ 【答案】 （1）5 103N
39、； （2）2.1 103W； （3）4.8 103kg 【解析】 【详解】 （1）文物的体积为 0.5m3，从开始上升直到刚露出江面的过程中受到的浮力大小：F 浮=水gV排 =1.0 103kg/m3 10N/kg 0.5m3=5 103N； （2）若在整个打捞过程中，文物始终保持 0.3m/s 的速度不变，根据 P= WFs tt Fv，当牵引力最小时， 起重机的拉力做功的最小功率，当文物浸没在江水中受到的浮力最大，由力的平衡，此时拉力最小为：F拉 小=G-F浮=mg-F浮=1.2 103kg 10N/kg-5 103N=7 103N；起重机的拉力做功的最小功率：P=F拉小 v=7 103N
40、 0.3m/s=2.1 103W； （3） 当文物完全露出江面时， 作用在起重臂的阻力为物体的重力： F大=G= mg =1.2 103kg 10N/kg =1.2 104N， AO=AB-OB=25m-5m=20m，F大 OA=GB OB=mBg OB，为了使起重机不翻倒，起重机的配重 B的质量至少 为：mB= 4 1.2 10 N 20m 10N/kg 5m FOA gOB 大 =4.8 103kg。 答： （1）文物从开始上升直到刚露出江面的过程中受到的浮力大小为 5 103N； （2）在整个打捞文物的过程中，起重机的拉力做功的最小功率为 2.1 103W； （3）为了使起重机不翻倒，起
41、重机的配重 B 的质量至少是 4.8 103kg。 30.如图甲所示，电源电压保持不变，R1是定值电阻，小灯泡 L的额定电压是 6V 且灯丝电阻不随温度变化。 当闭合开关 S1、S3，断开开关 S2，调节滑动变阻器 R2的滑片，使电压表示数从 1V变为 3V的过程中，电路 总功率变化了 3.6W，其中电压表示数为 3V时，电流表示数为 0.3A；滑动变阻器 R2的电功率 P2与电压表 示数 U1的关系如图所示，滑动变阻器 R2的滑片在 a点、b 点时，对应电压表示数为 Ua、Ub，且 Ub=8U a。 求： （1）定值电阻 R1的阻值。 （2）电源电压。 （3）滑动变阻器 R2的滑片从 a 点
42、滑到 b点过程中，R2接入电路的阻值范围。 （4）当闭合开关 S1、S2，断开开关 S3，滑动变阻器 R2的滑片在中点时，小灯泡 L恰好正常发光，其电功 率为 PL；当滑动变阻器的滑片在阻值最大处时，小灯泡 L的电功率为 PL。则 PL与 PL之比是多少？ 【答案】 （1）10； （2）18V； （3）801.25； （4）25:9 【解析】 【详解】 （1）当闭合开关 S1、S3，断开开关 S2时，变阻器与 R1串联，电压表则 R1两端 电压，电流表测 电路中的电流，其中电压表示数为 3V时，电流表示数为 0.3A，由欧姆定律，R1= 1 1 3V 0.3A U I =10； （2）电压表示
43、数为 1V时，电路电流为：I1= 1 1 1V 10 U R =0.1A，设电源电压为 U，根据 P=UI，因电路总 功率变化了 3.6W，故有：UI1-UI1=P，故 U= 11 3.6W 0.3A-0.1A P II =18V； （3）滑动变阻器 R2的滑片在 a 点、b 点时，对应电压表示数为 Ua、Ub，且 Ub=8Ua-；由图乙可知，滑 片在 a 点、 b点时变阻器的电功率相等， 根据串联电路的规律及欧姆定律和 P=UI得到：（U-Ua） a 1 U R = （U-Ub） b 1 U R ，得到 abb baa 18V = 18V UUUU UUUU -，由得：Ua=2V；Ub=16
44、V；滑片在 a点时，根据串联电路 电压的规律， 变阻器的电压为： 18V-2V=16V， 根据分压原理， 变阻器连入电路的电阻： 2a 16V 2V R10=80； 同理滑片在 b点时，R2b= 2V 16V 10=1.25；滑动变阻器 R2的滑片从 a 点滑到 b点过程中，R2接入电路的阻 值范围为 80-1.25； （4）当闭合开关 S1、S2，断开开关 S3，滑动变阻器 R2的滑片在中点时，变阻器与灯（电阻为 RL）串联， 电压表测灯泡两端的电压，因小灯泡 L恰好正常发光，灯泡两端的电压为 6V，根据串联电路电压的规律， 变阻器的电压为：U滑1=18V-6V=12V，由分压原理，变阻器连
45、入电路的电阻为：R滑=12V 6V RL=2RL，其电功 率为 PL；当滑动变阻器 R2的滑片在阻值最大处时，变阻器的最大电阻为 2R 滑=2 2RL=4RL，由分压原理，灯 的电压为变阻器电压的 1 4 ，故此时灯的实际电压为：U灯= 1 5 18V=3.6V；根据 P= 2 U R 可知，在电阻不变时， 电功率与电压的平方成正比，则 PL：PL=（6V）2： （3.6V）2=25：9。 答： （1）定值电阻 R1的阻值为 10； （2）电源电压为 18V； （3）滑动变阻器 R2的滑片从 a 点滑到 b点过程中，R2接入电路的阻值范围为 80-1.25； （4）PL与 PL之比是 25：9。
