2020年甘肃省天水市中考物理试卷.docx

1、2020 年甘肃省天水市中考物理试卷年甘肃省天水市中考物理试卷 一、选择题（每小题的四个选项中，只有一项符合题目要求每小题一、选择题（每小题的四个选项中，只有一项符合题目要求每小题 3 分，共分，共 18 分）分） 1 （3 分）为鼓励抗击新冠肺炎疫情的信心，2020 年央视春晚，由 6 位央视主持人共同表演 的情景报告爱是桥梁作为春晚临时增加节目，引起人们的强烈关注和高度好评。下 列说法正确的是（） A表演者发出的声音是由空气振动产生的 B表演者的声音可以在固体、液体和真空中传播 C后排观众听到的声音比前排小，是因为他们听到的声音音调低 D观众能依据音色的不同分辨出是哪位主持人在朗诵 2 （

2、3 分）中国的诗词歌赋蕴含丰富的光学知识，下列说法正确的是（） A “明月几时有？把酒问青天” ，酒中明月倒影是光的折射 B “起舞弄清影，何似在人间” ，影子的形成是由于光沿直线传播 C “人有悲欢离合，月有阴晴圆缺” ，阴晴圆缺的月亮是自然光源 D “但愿人长久，千里共婵娟” ，共赏的天上明月是平面镜所成的像 3 （3 分）即将告别母校的你，认为校园生活中的物理量最符合实际的是（） A50m 跑测试中，九年级大多数女同学所用时间为 9s 左右 B教学楼一层高度约为 7m C一本九年级物理课本厚度约为 10.5cm D一位九年级男同学受到的重力约为 90N 4 （3 分） 我国的新型航母将采

3、用自行研制的电磁弹射器， 小明猜想它的工作原理如图所示， 电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通过强电流 时，即可受到强大的推力，小明的猜想与下列实验原理相同的是（） A B C D 5 （3 分）如图所示，下列四幅图对应的说法正确的是（） A图甲中某同学沿杆匀速向上爬升时，该同学受到的摩擦力方向向下 B图乙中筷子提米在空中静止时，筷子所受米给它的摩擦力方向向上 C图丙中在力 F 拉动木板 B 使其速度逐渐变大的过程中，弹簧测力计的示数保持不变 D图丁小球可在 A、B 两点间来回摆动，当小球摆到最高点 B 点时，细线恰好断开， 则小球将保持静止 6 （3 分）如图

4、甲所示，电源电压 12V 保持不变，闭合开关 S 后，当滑片 P 从最右端向最 左端滑动的过程中，小灯泡的 IU 关系图象如图乙所示，最后小灯泡正常发光。下列说 法中正确的是（） A小灯泡的额定电压为 3V B滑动变阻器的最大阻值为 9 C该电路总功率变化范围为 3W24W D小灯泡正常发光 1min，电流所做的功为 24J 二、填空题（每空二、填空题（每空 1 分，共分，共 18 分）分） 7 （2 分）为全力打赢新冠肺炎疫情防控阻击战，2020 年 2 月 2 日凌晨，空军出动 8 架大型 运输机，分别从沈阳、兰州、广州、南京起飞，向武汉紧急空运医疗队员和物资。运输 机从机场起飞时，以地面

5、为参照物，运输机是（选填“静止”或“运动” ）的；使 运输机起飞获取的升力是利用了流体流速大的位置压强的原理。 8 （3 分）小明将一支点燃的蜡烛放在凸透镜（f10cm）前 18cm 处，光屏上得到了烛焰倒 立、的清晰像。然后他在蜡烛和凸透镜之间放置了一个远视眼镜片，由于远视眼镜 片对光线有作用，所以光屏上烛焰的清晰像变模糊了（如图所示） 若想在光屏上 重新得到清晰的烛焰像，他可将光屏凸透镜。 9 （3 分）如图是一款“运动手环” ，其主要部分是一段内置有一小块磁铁的密闭的空心塑 料管，管外缠绕着线圈。戴着这种手环走路时塑料管跟着手一起运动，磁铁则在管内反 复运动， 线圈中便会产生电流， 液晶

6、上就会显示出运动的步数。 此过程利用了原理， 将能转化为电能。计步的数据还可通过传送到手机上。 10 （3 分）小满用水平力推水平地面上的物体，物体的 vt 图象如图所示， （1）物体在 01s 处于状态。 （2）物体在第 2s 的速度是m/s； （3）物体在 46s 内通过的路程是m。 11 （2 分）如图所示电路中，闭合开关 S，当滑动变阻器 R2的滑片 P 向左移动时，电流表 A1的示数将，电压表 V 的示数与电流表 A2的示数之比将。 （均填“变大” “变 小”或“不变” ） 12 （1 分）现有两电热丝，甲标有“10 1A” ，乙标有“15 0.6A” ，把它们并联起来，通 电 10

7、s 后，甲、乙两电热丝产生的总热量最多是J。 13 （4 分）如图甲所示，水平放置的方形容器里有一个重为 8N、棱长为 10cm 的正方体物 块 M，M 与容器底部不密合。以 5mL/s 的恒定水流向容器内注水，容器中水的深度 h 随 时间t的变化关系如图乙所示 （g10N/kg） ， 则： 当t140s时， 物块M在水中处于（选 填“沉底” “悬浮”或“漂浮” ）状态；当 t140s 时，水对容器底部的压力大小是； 图乙中 a 的值是；40140s 时段，浮力对物体做功是。 三、识图、作图题（本大题三、识图、作图题（本大题 3 小题，每小题小题，每小题 3 分，其中第分，其中第 14 题每空

8、题每空 1 分，共分，共 9 分）分） 14 （3 分） （1）在图甲中木块的长度为cm； （2）在图乙中天平的读数为g； （3）在图丙中物体 A 重为N。 15 （3 分）如图所示，轻质杠杆的 A 点挂一重物 G，绳受的拉力为 F2，O 为杠杆的支点。 请在杠杆的端点 B 处画出使杠杆保持静止的最小的力 F1的示意图，并作出 F2的力臂 l2。 16 （3 分）请根据如图所示的实物图，画出对应的电路图。 四、探究实验题（每空四、探究实验题（每空 1 分，作图分，作图 1 分，共分，共 17 分）分） 17 （3 分）在“探究液体压强的特点”实验中，小明进行了如下的猜想： 猜想一：液体内部压强

9、大小可能与液体深度有关。 猜想二：液体内部压强大小可能与液体密度有关。 猜想三：液体内部压强大小可能与方向有关。 为了验证以上猜想，小明进行了如图所示的操作： （1）实验过程中探头受到的液体压强大小是通过反映的。 （2）为了验证猜想一，应选择两组实验对比，可初步验证出猜想一是正确的。 （3）探究液体压强与液体密度的关系时，对比乙、丙两组实验，小明可得出的结论是： 当液体深度相同时，液体的密度越大，液体的压强就越。 18 （4 分）在研究”不同物质的温度变化与吸热关系”实验中，取质量和初温都相同的甲 乙两种液体，分别装入相同烧杯中，用相同的加热器加热，如图 A 所示。 （1）图 B 为某时刻的温

10、度，其示数为。 （2）分析图 C 可知，吸收相同热量，液体升温更高；液体更适合作汽车发动 机的冷却液。 （3）若甲、乙液体从图 C 所示的初温分别升高到 40和 35，吸收热量之比为 2：1， 则甲、乙液体的比热容之比为。 19 （5 分） “探究光的反射规律”的实验装置如图甲所示，平面镜放在水平桌面上，标有刻 度（图中未画出）的白色纸板 ABCD 能绕垂直于 CD 的 ON 轴翻转，在纸板上安装一支 可在纸板平面内自由移动的激光笔。 （1）实验前，应将纸板放置平面镜上；移动激光笔，使入射光束绕入射点 O 沿逆 时针方向转动，可观察到反射光束沿时针方向转动； （2）移动激光笔，使入射角为 45

11、，测得反射角也为 45，由此就得出“光反射时， 反射角等于入射角”的结论你认为有何不妥之处？； （3）如图乙所示，将纸板右半部分绕 ON 向后翻转任意角度，发现纸板上均无反射光束 呈现此现象说明了：； （4）在图甲中，若将纸板（连同激光笔）绕 CD 向后倾斜，此时反射光束（选填 字母符号） 。 A仍在纸板上呈现 B被纸板挡住 C在纸板前方 （5）实验结束后，同组的小明和小刚都想从镜子中看到对方的眼睛，而不想让对方看到 自己的眼睛，结果他俩谁都没有能做到，你认为没有能做到的原因是。 20 （5 分）在“探究电流与电阻的关系”实验中： （1）如图甲所示，请你用笔画线代替导线，将图中电路连接完整（请

12、勿更改原有导线， 导线不得交叉） ， 要求：当滑动变阻器的滑片 P 向左移动时，电路中的电流变大。连接电路时，开关必 须。 （2）闭合开关后，发现电压表有示数且接近电源电压，电流表无示数，其原因是。 （3）实验过程中，将 5的电阻接入电路中，闭合开关，调节滑动变阻器滑片 P 至适当 位置，此时电流表示数如图乙所示，则电流表示数为A将 5的电阻更换为 10的 电阻，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片 P 向（选填“左”或“右” ）端移动，使 电压表示数为V。 五五、计算题计算题（本大题共本大题共 3 小题小题，每小题每小题 6 分分，共共 18 分分解题中要有必要的分析和说明解题中要有必要的分析和说

13、明，还还 要有公式及数据代入过程，结果要有数值和单位）要有公式及数据代入过程，结果要有数值和单位） 21 （6 分）如图所示是某款电热水壶及相关信息表。现在该水壶内装入 1L、初温为 20的 水，放置在水平桌面上。接通电源使其正常工作，在标准大气压下将水烧开。求： 额定功率1000W 自重5N 与桌面接触面积200cm2 （1）装入水后水壶对桌面的压强； （2）水吸收的热量； （3） 此电热水壶在额定电压下正常工作 7min 可将 1L 水烧开， 试计算该电热水壶的加热 效率。c水4.2103J/（kg） ，g10N/kg 22 （6 分）在九年级物理拓展课上，李博同学模拟某建筑工地上塔吊的工

14、作情景，设置了 如图所示的滑轮组来提升装修材料，若他用 250N 的拉力在 20s 内将 450N 的材料提升了 10m， （不计绳重和摩擦，g10N/kg） 。求： （1）拉力的功率是多少？ （2）提升 450N 材料时，此滑轮组的机械效率是多少？ （3）若绳子能承受的最大拉力为 400N 时，此滑轮组的机械效率最大可提高到多少？ 23 （6 分）如图所示的电路中，电源电压恒定不变，电压表的量程为 015V，电流表的量 程为 00.6A，灯 L 上标有“6V 3W”字样（不考虑灯丝电阻随温度的变化） ，定值电阻 R230当只闭合开关 S1、S2，调节滑片 P 至距 B 端一处时，灯 L 正常

15、工作；当只 闭合开关 S1、S3，调节滑片 P 至中点处时，电流表示数为 0.3A，求： （1）灯泡的电阻； （2）电源电压； （3）在保证电路各元件安全的情况下，只闭合开关 S1、S2时，灯 L 消耗的电功率范围。 2020 年甘肃省天水市中考物理试卷年甘肃省天水市中考物理试卷 参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一、选择题（每小题的四个选项中，只有一项符合题目要求每小题一、选择题（每小题的四个选项中，只有一项符合题目要求每小题 3 分，共分，共 18 分）分） 1 （3 分）为鼓励抗击新冠肺炎疫情的信心，2020 年央视春晚，由 6 位央视主持人共同表演 的情景报告爱是桥梁作为春晚临时增

16、加节目，引起人们的强烈关注和高度好评。下 列说法正确的是（） A表演者发出的声音是由空气振动产生的 B表演者的声音可以在固体、液体和真空中传播 C后排观众听到的声音比前排小，是因为他们听到的声音音调低 D观众能依据音色的不同分辨出是哪位主持人在朗诵 【分析】人的说话声是由声带振动产生的； 声音的传播需要介质，声音可以在固体、液体和气体中传播，真空不能传声； 声音的强弱叫响度，响度决定于发声体的振幅和距离发声体的远近； 音色是由发声体的材料和结构决定的，是判断发声体的依据。 【解答】解： A、表演者发出的声音是由声带振动产生的。故 A 错误； B、声音可以在固体、液体和气体中传播，但真空不能传声

17、。故 B 错误； C、在振幅一定时，距离发声体越远，听到的响度越小。故 C 错误； D、不同人说话时的音色不同，所以观众能依据音色的不同分辨出是哪位主持人在朗诵。 故 D 正确。 故选：D。 【点评】本题是一道声现象的综合题，做题时要对照相关的物理知识，仔细分析每一选 项的对错。 2 （3 分）中国的诗词歌赋蕴含丰富的光学知识，下列说法正确的是（） A “明月几时有？把酒问青天” ，酒中明月倒影是光的折射 B “起舞弄清影，何似在人间” ，影子的形成是由于光沿直线传播 C “人有悲欢离合，月有阴晴圆缺” ，阴晴圆缺的月亮是自然光源 D “但愿人长久，千里共婵娟” ，共赏的天上明月是平面镜所成的

18、像 【分析】 （1）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸 上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的； （2）影子是由于光照射到不透明的物体形成的阴影部分，是由于光的直线传播形成的。 （3）我们把能发光的物体叫做光源。 【解答】解：A、酒中明月倒影，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故 A 错误； B、光被物体遮挡后，在后边形成一个黑色的区域，叫做影子，是光的直线传播形成的。 故 B 正确； C、月亮，本身并不发光，而是反射太阳光才被人看见的，所以月亮不是光源。故 C 错 误； D、太阳发出的光射到月亮上发生反射，然后射入人的眼睛，不属于平面镜

19、成像，故 D 错误。 故选：B。 【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的直线传播、光的反射的理解，在 学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。 3 （3 分）即将告别母校的你，认为校园生活中的物理量最符合实际的是（） A50m 跑测试中，九年级大多数女同学所用时间为 9s 左右 B教学楼一层高度约为 7m C一本九年级物理课本厚度约为 10.5cm D一位九年级男同学受到的重力约为 90N 【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进 行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。 【解答】解：A、50m 跑测试中，九年级大多数女同学所用时间在 7s1

20、0s 之间。故 A 符合实际； B、一般教学楼一层的高度在 3m 左右。故 B 不符合实际； C、中学生食指宽度约 1cm，九年级物理课本的厚度与此差不多，在 1cm 左右。故 C 不 符合实际； D、九年级同学的质量在 50kg 左右，受到的重力大约为 Gmg50kg10N/kg500N 左右。故 D 不符合实际。 故选：A。 【点评】估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行 快速计算以及对取值范围合理估测的方法。 4 （3 分） 我国的新型航母将采用自行研制的电磁弹射器， 小明猜想它的工作原理如图所示， 电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车

21、内的导体通过强电流 时，即可受到强大的推力，小明的猜想与下列实验原理相同的是（） A B C D 【分析】根据通电导体在磁场中受到磁场力的作用分析解答。 【解答】解：由题意可知，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当 弹射车内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力，由此可知其原理是通电导体在磁 场中受力而运动。 A、图中的实验说明条形磁铁对小磁针有力的作用，是磁体的基本性质，故 A 不符合题 意； B、由图知，这是研究电磁铁磁性强弱的影响因素，利用的是电流的磁效应，故 B 不符 合题意； C、图中有电源，通电导体棒在磁场中受力而运动，即与电磁弹射器的工作原理相同，故 C 符合题意

22、； D、图中没有电源，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，产生感应电流， 这是电磁感应现象，故 D 不符合题意。 故选：C。 【点评】对于电磁学中的电流磁效应、磁场对通电导体有力的作用、电磁感应实验区分 要注意条件。 5 （3 分）如图所示，下列四幅图对应的说法正确的是（） A图甲中某同学沿杆匀速向上爬升时，该同学受到的摩擦力方向向下 B图乙中筷子提米在空中静止时，筷子所受米给它的摩擦力方向向上 C图丙中在力 F 拉动木板 B 使其速度逐渐变大的过程中，弹簧测力计的示数保持不变 D图丁小球可在 A、B 两点间来回摆动，当小球摆到最高点 B 点时，细线恰好断开， 则小球将保持静止 【分

23、析】 （1）摩擦力包括静摩擦力、滑动摩擦力以及滚动摩擦力；先分析图中现象，然 后根据物体受到摩擦力的种类和二力平衡的条件确定力的大小和方向。 （2）分析小球到达 B 点的运动状态及受力情况，便可得出结论。 【解答】解：A、图（甲）中某同学沿杆匀速向上爬升时，受重力和摩擦力作用，因为重 力竖直向下，故该同学受到的摩擦力方向向上；故 A 错误； B、图（乙）中筷子提米在空中静止时，受重力和摩擦力作用，筷子对米的摩擦力竖直向 上，所以米对筷子的摩擦力方向向下；故 B 错误； C、图（丙）中在力 F 拉动木板 B 使其速度逐渐变大的过程中，A 受到滑动摩擦力作用， 由于 A、B 间的压力和接触面的粗糙

24、程度不变，即摩擦力不变，故弹簧测力计的示数不 变；故 C 正确； D、由于小球可在 A、B 两点间来回摆动。当小球摆到 B 点时，小球速度恰好为零，此 时若细线恰好断开，则小球只受重力作用而竖直下落。所以，将沿 BE 方向运动。故 D 错误。 故选：C。 【点评】此题考查了摩擦力的种类、力和运动之间的关系，关键是分析出物体发生的相 对运动是何种运动方式滑动、滚动、有运动趋势（相对静止） ；然后结合二力平衡的 条件判断摩擦力的大小和方向。 6 （3 分）如图甲所示，电源电压 12V 保持不变，闭合开关 S 后，当滑片 P 从最右端向最 左端滑动的过程中，小灯泡的 IU 关系图象如图乙所示，最后小

25、灯泡正常发光。下列说 法中正确的是（） A小灯泡的额定电压为 3V B滑动变阻器的最大阻值为 9 C该电路总功率变化范围为 3W24W D小灯泡正常发光 1min，电流所做的功为 24J 【分析】由电路图可知，灯泡 L 与滑动变阻器 R 串联，电压表测 L 两端的电压，电流表 测电路中的电流。 （1）由题意可知，当滑片 P 位于最左端时，小灯泡正常发光，此时变阻器接入电路中的 电阻为零，通过灯泡的电流最大，根据图乙读出灯泡两端的电压，即为小灯泡的额定电 压； （2）当滑片 P 位于最右端时，接入电路中的电阻最大，电路的电流最小，根据图乙读出 灯泡两端的电压和电路中的电流， 根据串联电路的电压特

26、点求出滑动变阻器两端的电压， 再根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值； （3）当滑片 P 位于最左端时，电路为小灯泡的简单电路，电路中的电流最大，电路的总 功率最大，根据图乙读出通过灯泡的电流，利用 PUI 求出其大小；当滑片 P 位于最右 端时，接入电路中的电阻最大，电路的电流最小，电路的总功率最小，根据图乙读出灯 泡两端的电压和电路中的电流，根据 PUI 求出其大小，然后得出该电路总功率变化范 围； （4）小灯泡正常发光 1min，根据 P求出电流所做的功。 【解答】解：由电路图可知，灯泡 L 与滑动变阻器 R 串联，电压表测 L 两端的电压，电 流表测电路中的电流。 A由题意可知，当滑片

27、 P 位于最左端时，小灯泡正常发光，此时变阻器接入电路中的 电阻为零，通过灯泡的电流最大， 由图乙可知，灯泡两端的电压为 12V，即小灯泡的额定电压为 12V，故 A 错误； B当滑片 P 位于最右端时，接入电路中的电阻最大，电路的电流最小， 由图乙可知，灯泡两端的电压 UL3V，电路中的电流 IIL1A， 因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，滑动变阻器两端的电压： URUUL12V3V9V， 由 I可得，滑动变阻器的最大阻值： R9，故 B 正确； C当滑片 P 位于最左端时，电路为小灯泡的简单电路，电路中的电流最大，电路的总功 率最大， 由图乙可知，通过灯泡的电流 IL额2A，则

28、P大PL额UL额IL额12V2A24W， 当滑片 P 位于最右端时，接入电路中的电阻最大，电路的电流最小，电路的总功率最小， 由图乙可知，灯泡两端的电压 UL3V，电路中的电流 IIL1A，则 P小UI12V1A 12W， 所以，该电路总功率变化范围为 12W24W，故 C 错误； D小灯泡正常发光 1min，由 P可得，电流所做的功： WLPL额t24W60s1440J，故 D 错误。 故选：B。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，从图象中获 取有用的信息是关键。 二、填空题（每空二、填空题（每空 1 分，共分，共 18 分）分） 7 （2 分）为全力打赢新冠

29、肺炎疫情防控阻击战，2020 年 2 月 2 日凌晨，空军出动 8 架大型 运输机，分别从沈阳、兰州、广州、南京起飞，向武汉紧急空运医疗队员和物资。运输 机从机场起飞时，以地面为参照物，运输机是 运动 （选填“静止”或“运动” ）的；使 运输机起飞获取的升力是利用了流体流速大的位置压强 小 的原理。 【分析】 （1）首先确定被研究的物体，然后判断被研究的物体和参照物之间是否发生了 位置的变化，如果发生位置的变化，被研究的物体就是运动的，否则被研究物体是静止 的。 （2）流体在流速越大的地方，压强越小；流体在流速越小的地方，压强越大。 【解答】解： （1）运输机是被研究的对象，运输机从机场起飞时

30、，运输机和地面之间发生了位置的变 化，所以以地面为参照物，运输机是运动的。 （2）运输机的机翼上方空气流速大、压强小，机翼下方空气流速小、压强大，起飞时产 生向上的升力，所以使运输机起飞获取的升力是利用了流体流速大的位置压强小原理工 作的。 故答案为：运动；小。 【点评】在疫情期间，通过向武汉输送救灾物资，考查了运动的相对性和流体的压强跟 流速的关系，学习过程中一定注意情景在变，知识不变。 8 （3 分）小明将一支点燃的蜡烛放在凸透镜（f10cm）前 18cm 处，光屏上得到了烛焰倒 立、 放大 的清晰像。然后他在蜡烛和凸透镜之间放置了一个远视眼镜片，由于远视眼 镜片对光线有 会聚 作用，所以

31、光屏上烛焰的清晰像变模糊了（如图所示） 若想在光屏 上重新得到清晰的烛焰像，他可将光屏 靠近 凸透镜。 【分析】 （1）当物距处于 f 和 2f 之间时，凸透镜成倒立放大的实像； （2）远视镜片是凸透镜，对光线具有会聚作用，会使像提前形成。 【解答】解：已知 f10cm，则 2f20cm，蜡烛在凸透镜前 18cm 处，处于 f 和 2f 之间， 成倒立放大的实像； 远视眼镜片是凸透镜，所以远视眼镜片对光线有会聚作用； 将远视眼镜片放在蜡烛和凸透镜之间，经过凸透镜的光线会比原来提前会聚成像，所以 将光屏靠近凸透镜，才能在光屏上重新得到清晰的像。 故答案为：放大；会聚；靠近。 【点评】本题主要考查

32、了凸透镜成像规律的应用，要熟练掌握成像特点与物距、像距的 关系。 9 （3 分）如图是一款“运动手环” ，其主要部分是一段内置有一小块磁铁的密闭的空心塑 料管，管外缠绕着线圈。戴着这种手环走路时塑料管跟着手一起运动，磁铁则在管内反 复运动，线圈中便会产生电流，液晶上就会显示出运动的步数。此过程利用了 电磁感应 原理，将 机械 能转化为电能。计步的数据还可通过 电磁波 传送到手机上。 【分析】 （1）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应 电流，这就是电磁感应；这一过程中，可将机械能转化为电能。 （2）蓝牙技术实际上是一种短距离无线通信技术，靠电磁波传递信息。 【解答】

33、解：根据“运动手环”的特点可知，当塑料管运动时，磁铁在管中反向运动， 线圈切割磁感线而产生电流。因此，运动手环的基本原理是电磁感应，产生电流的过程 中将机械能转化为电能。 计步的数据是通过蓝牙技术传送到手机上，蓝牙是通过电磁波传递信息。 故答案为：电磁感应；机械；电磁波。 【点评】了解电磁感应现象，知道产生感应电流的条件，明确这一过程中的能量转化， 是解答本题的关键。 10 （3 分）小满用水平力推水平地面上的物体，物体的 vt 图象如图所示， （1）物体在 01s 处于 静止 状态。 （2）物体在第 2s 的速度是 0.5 m/s； （3）物体在 46s 内通过的路程是 2 m。 【分析】

34、（1） （2）根据图象判定出物体的运动状态； （3）由图可知 4s6s 内物体做匀速直线运动的速度，根据速度公式求出行驶的距离。 【解答】解： （1）由图可知，物体在 01s 的速度为 0，处于静止状态； （2）由图可知，物体在第 2s 的速度是 0.5m/s； （3）物体在 46s 的速度为 1m/s，由 v可知，物体在 46s 内通过的路程是：svt 1m/s2s2m。 故答案为： （1）静止； （2）0.5； （3）2。 【点评】本题考查了物体运动状态的判定、速度公式的应用，属于基础知识。 11 （2 分）如图所示电路中，闭合开关 S，当滑动变阻器 R2的滑片 P 向左移动时，电流表 A

35、1的示数将 不变 ，电压表 V 的示数与电流表 A2的示数之比将 变大 。 （均填“变大” “变小”或“不变” ） 【分析】 （1）由电路图可知，R1与 R2并联，电压表测电源电压，电流表 A1测 R1支路电 流，电流表 A2测 R2支路电流； 根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、 互不影响可知滑片移动时通过 R1电流的变化， 根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变 化，根据欧姆定律可知通过 R2电流的变化； （2）根据电压表 V 示数与电流表 A2示数的变化判断两者比值的变化。 【解答】解： （1）由电路图可知，R1与 R2并联，电压表测电源电压，电流表

36、 A1测 R1 支路电流，电流表 A2测 R2支路电流； 因电源电压保持不变， 所以，滑片移动时，电压表 V 的示数不变， 因并联电路中各支路独立工作、互不影响， 所以，滑片移动时，通过 R1的电流不变，即电流表 A1的示数将不变， 当滑动变阻器 R2的滑片 P 向左端移动时，接入电路中的电阻变大， 由 I可知，通过 R2的电流变小，即电流表 A2的示数变小； （2）因电压表 V 的示数不变，电流表 A2示数变小， 所以，电压表 V 示数与电流表 A2示数的比值变大。 故答案为：不变；变大。 【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，利用 好并联电路中各支路独立工

37、作、互不影响较为关键。 12 （1 分）现有两电热丝，甲标有“10 1A” ，乙标有“15 0.6A” ，把它们并联起来，通 电 10s 后，甲、乙两电热丝产生的总热量最多是 135 J。 【分析】并联时电压相等，电路中的最大电压为两者允许所加最大电压中较小的；计算 并联后的总电阻，由 QWt 计算通电 10s 产生最多的总热量。 【解答】解： 由 I可得，两电热丝两端允许所加的最大电压： U甲I甲R甲1A1010V， U乙I乙R乙0.6A159V， 因并联电路中各支路两端的电压相等， 所以，两电热丝并联时，电路中的最大电压 UU乙9V； 两电热丝并联的总电阻： R6， 通电 10s 后，甲、

38、乙两电热丝产生的总热量最多为： QWt10s135J。 故答案为：135。 【点评】本题考查电热的计算，关键是正确得到并联后电路两端最大的电压值。 13 （4 分）如图甲所示，水平放置的方形容器里有一个重为 8N、棱长为 10cm 的正方体物 块 M，M 与容器底部不密合。以 5mL/s 的恒定水流向容器内注水，容器中水的深度 h 随 时间 t 的变化关系如图乙所示（g10N/kg） ，则：当 t140s 时，物块 M 在水中处于 漂 浮 （选填“沉底” “悬浮”或“漂浮” ）状态；当 t140s 时，水对容器底部的压力大小 是 15N ；图乙中 a 的值是 8cm ；40140s 时段，浮力

39、对物体做功是 0.32J 。 【分析】 （1）已知正方体物块 M 的棱长，由正方体的体积公式可求物块的体积，已知物 块的重力可求物块的质量，根据公式可求物块的密度，再与水的密度进行比较，并 结合 t140s 时水的深度和物块的棱长，即可知道物体在水中的浮沉状态； （2）因容器为方形容器，且此时物块处于漂浮状态，则水对底部的压力等于容器里水和 漂浮物体的总重力， 根据 Vvt 求出当 t140s 时注入水的体积， 然后求出注入水的重力， 最后根据 FG水+GM即可求出水对容器底部的压力； （3）由乙图可知：t40s 时，水的深度变化变慢，说明此时物块 M 刚好处于漂浮状态 （此后继续加水物块将缓

40、慢上升） ，根据阿基米德原理求出此时物块 M 排开水的体积， 再由 V排SMh浸可求出此时物块浸入水中的深度，即为此时水的深度 a 的值； （4）在 40140s 时段，物块 M 上升的高度等于水面上升的高度，根据 WF浮h 求出浮 力对物体做的功。 【解答】解： （1）正方体物块 M 的体积：VL3（0.1m）30.001m3； 物块 M 的质量：m0.8kg； 物块 M 的密度：M0.8103kg/m31.0103kg/m3； 即物块的密度小于水的密度， 由图象可知：当 t140s 时，水的深度为 h12cm，大于正方体物块 M 的棱长为 10cm； 则根据浮沉条件可知此时物块在水中处于漂

41、浮状态； （2）当 t140s 时，注入水的体积：V水vt5mL/s140s700mL710 4m3， 则注入水的重力：G水水gV水1.0103kg/m310N/kg710 4m37N； 因容器为方形容器，且此时物块处于漂浮状态， 所以此时水对容器底部的压力：FG水+GM7N+8N15N； （3）由图象分析可知，当 t40s 时，物块 M 刚好处于漂浮状态，则 F浮GM8N， 根据 F浮水gV排可得此时物块 M 排开水的体积： V排810 4m3800cm3， 由 V排SMh浸可得，此时水的深度： ah浸8cm； （4）在 40140s 时段，物块 M 上升的高度（等于水面上升的高度） ：h1

42、2cm8cm 4cm0.04m， 则该过程中浮力对物体做功：WF浮h8N0.04m0.32J。 故答案为：漂浮；15N；8cm；0.32J。 【点评】此题是一道力学综合题，熟练运用阿基米德原理、液体压强公式、密度公式， 准确分析图象中的信息，方可解答此题。 三、识图、作图题（本大题三、识图、作图题（本大题 3 小题，每小题小题，每小题 3 分，其中第分，其中第 14 题每空题每空 1 分，共分，共 9 分）分） 14 （3 分） （1）在图甲中木块的长度为 1.14 cm； （2）在图乙中天平的读数为 26.6 g； （3）在图丙中物体 A 重为 1.2 N。 【分析】 （1）使用刻度尺测量物

43、体长度时，要观察是否从 0 刻度线量起，起始端没从 0 开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度， 注意刻度尺要估读到分度值的下一位； （2）天平在读数时，应将砝码的质量与游码的示数相加，并注意游码标尺的分度值，并 读取游码的左边缘对应的示数； （3）根据弹簧测力计的分度值和指针的位置读数。 【解答】解： （1）由图甲知：刻度尺上 1cm 之间有 10 个小格，所以一个小格代表 1mm，即刻度尺的 分度值为 1mm；木块左侧与 1.00cm 对齐，右侧在 2.1cm 和 2.2cm 之间偏向 2.1cm 一侧， 估读为 2.14cm，所以木块的长度为 L2.

44、14cm1.00cm1.14cm； （2）由图乙可知，天平横梁标尺分度值是 0.2g，游码所对示数是 1.6g，天平的示数是 20g+5g+1.6g26.6g； （3）由图丙知，弹簧测力计的分度值为 0.2N，则测力计示数为 1.2N，由于拉力与物体 的重力是一对平衡力，大小相等，重力为 1.2N。 故答案为： （1）1.14； （2）26.6； （3）1.2。 【点评】此题考查的是常见的物理仪器的读数方法，在读数前一定要观察仪器的量程和 分度值；需要注意的是长度的测量需要进行估读。 15 （3 分）如图所示，轻质杠杆的 A 点挂一重物 G，绳受的拉力为 F2，O 为杠杆的支点。 请在杠杆的端

45、点 B 处画出使杠杆保持静止的最小的力 F1的示意图，并作出 F2的力臂 l2。 【分析】在阻力与阻力臂一定时，由杠杆平衡条件可知，动力臂越大，动力越小，根据 图示确定最大动力臂，然后作出最小的动力； 从支点作力的作用线的垂线段，即可作出力的力臂。 【解答】解：由图可知，力 F1作用在 B 点时，以 OB 为动力臂时 L1最大，此时力 F1最 小，力 F1示意图如图所示； 过支点作力 F2作用线的垂线段，即可做出力臂 L2，如图所示； 故答案为：如图所示。 【点评】本题考查了作最小力示意图及作力臂问题，熟练应用杠杆平衡条件、由图示确 定最大力臂是正确解题的关键。 16 （3 分）请根据如图所示

46、的实物图，画出对应的电路图。 【分析】 由实物图可知， 两灯泡并联， 开关 S 控制整个电路，电流表 A2测干路上的电流， A1测 L2支路电流，根据实物图完成电路图即可。 【解答】解：电流从正极出发，通过开关 S 和电流表 A2后开始分支，一支经灯泡 L1， 另一支经灯泡 L2、电流表 A1，然后两支汇合回到电源负极。如图所示： 【点评】本题考查根据实物图画电路图，关键是知道电路中各个用电器的连接情况，画 电路图是初中物理的重点也是难点。 四、探究实验题（每空四、探究实验题（每空 1 分，作图分，作图 1 分，共分，共 17 分）分） 17 （3 分）在“探究液体压强的特点”实验中，小明进行

47、了如下的猜想： 猜想一：液体内部压强大小可能与液体深度有关。 猜想二：液体内部压强大小可能与液体密度有关。 猜想三：液体内部压强大小可能与方向有关。 为了验证以上猜想，小明进行了如图所示的操作： （1）实验过程中探头受到的液体压强大小是通过 U 形管两边液面的高度差 反映的。 （2）为了验证猜想一，应选择 甲、乙 两组实验对比，可初步验证出猜想一是正确的。 （3）探究液体压强与液体密度的关系时，对比乙、丙两组实验，小明可得出的结论是： 当液体深度相同时，液体的密度越大，液体的压强就越 大 。 【分析】 （1） 液体内部压强的大小是通过液体压强计 U 形管两边液面的高度差来判断的， 高度差越大说

48、明此时的液体压强越大，采用了转换法； （2） （3）液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另 外一个因素不变，结合转换法分析。 【解答】解： （1） 根据转换法， 实验过程中探头受到的液体压强大小是通过 U 形管两边液面的高度差 反映的； （2）为了验证猜想一，即研究液体内部压强大小可能与液体深度有关，要控制液体密度 相同，故应选择甲、乙两组实验对比，可初步验证出猜想一是正确的； （3）探究液体压强与液体密度的关系时，对比乙、丙两组实验，丙中 U 形管两边液面的 高度差大，小明可得出的结论是：当液体深度相同时，液体的密度越大，液体的压强就 越大。 故答案为： （1）

49、U 形管两边液面的高度差； （2）甲、乙； （3）大。 【点评】本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法的运用。 18 （4 分）在研究”不同物质的温度变化与吸热关系”实验中，取质量和初温都相同的甲 乙两种液体，分别装入相同烧杯中，用相同的加热器加热，如图 A 所示。 （1）图 B 为某时刻的温度，其示数为 39 。 （2）分析图 C 可知，吸收相同热量， 乙 液体升温更高； 甲 液体更适合作汽车发动机 的冷却液。 （3）若甲、乙液体从图 C 所示的初温分别升高到 40和 35，吸收热量之比为 2：1， 则甲、乙液体的比热容之比为 3：2 。 【分析】 （1）根据温度计分度值读数

50、； （2）我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。 比较物质吸热能力的 2 种方法： 使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间） ，吸收热 量多的吸热能力强 使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间） ，比较温度的变化，温度 变化小的吸热能力强； 根据 Qcmt 分析。 （3）根据 c求解。 【解答】解： （1）图 B 中，温度计分度值为 1，示数为 39； （2）分析图 C 可知，吸收相同热量，即加热相同时间，如下所示，乙液体升温更高； 根据比较吸热能力的第 2 种方法，甲的吸热能力强，比热容大，根据 Qcmt，相同的 质