1、1/62/63/64/65/66/61 三模物理答案 第一部分（选择题第一部分（选择题 共共 42 分）分） 每题 3 分，共 42 分。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 C A B D B C D C A B C D B D 第卷（非选择题第卷（非选择题 共共 58 分）分） 15 （8 分） （1）水平位移 （2 分） （2）44.80（44.7044.90） （2 分） （3）根据题中所给条件可知：145.044.80g cm2016g cmmOP 1245.035.20g cm7.555.68g cm2001.6g cmmOMmON 在误差允许范围内，
2、112mOPmOMmON，即两小球碰撞前后的动量守恒（4 分） 16 （10 分） （1）24.0；160 （2 分） （2）CAD （3 分） （3）AC （2 分） （4）利用这些数据能得出欧姆表的内阻 Rg。 设多用电表欧姆挡内部电源电动势为 E，红黑表笔短接时电流为 Ig， 根据闭合电路欧姆定律，有ggEI R ()ggnEIRRN 联立式可得 gnRRNn 可见，利用这些数据能得出欧姆表的内阻 Rg。 （3 分） 17 （9 分） （1）电场强度定义式 FEq （2 分） 式中 q 是试探电荷的电荷量，F 是该试探电荷在电场中某个位置所受的电场力，E 是电场中这点的电场强度。 （2
3、分） （2）磁感应强度定义式 FBIL （2 分） 式中 IL 是电流元（很短一段通电导线中的电流 I 与导线长度 L 的乘积） ，F 是电流元在磁场中某个位置（导线与磁场方向垂直）所受安培力的大小，B 是磁场中这点的磁感应强度的大小。 （2 分） 2 18 （9 分） （1）316462TdddvTT （2）,UUqBqv vdBd （3）1()2Mm vvm 19 （10 分） （1）物块水平方向只受到一个恒力作用，将沿水平面做匀变速直线运动。设恒力为 F，物块的加速度为 a，在时间 t 内，物块的初速度为 v0，末速度为 vt，位移为 x。 根据牛顿第二定律Fam 根据匀变速直线运动的规
4、律ax2202tvv 则 202t2121vvmmxF （3 分） 式中xF 为恒力 F 做的功，202t2121vvmm为物块动能的变化量（1 分） （2）小球在 O 点时，设弹簧的形变量为 x0， 则此时弹簧的弹力 kx0 = mg 在小球从 O 点运动到 O 点下方 x 处的过程中，弹簧的弹力 F 随 x 变化的情况如答图 3 所示。 F-x 图线下的面积等于弹力做的功 xxxkkxW)(2100-弹 （2 分） 当小球运动到 O 点下方 x 处时， 弹簧的弹性势能2012 p弹弹EWkx xkx 小球的重力势能0p重Emgxkx x 所以，系统的势能22p00pp11()()22 重弹
5、EEEkx xkx xkxkx （4 分） 20（12 分） ： （1）由题得：cNhP （式中 N 为单位时间照射到玻璃片上的光子数） 经过时间 t，以入射的光子为研究对象，由动量定理得： 答图 3 3 hNtFt 设F为光对玻璃板的作用力，由牛顿第三定律：FF 因为玻璃板静止，则有：mgF 联立解得： P=mgc （2）方法 1：在很短的时间 t 内，由动量守恒定律得： 12mvnthmvc， v1和 v2分别是原子与激光作用前后的速度 即：12vvhmntc nhamc得： 方法 2：在很短的时间 t 内，对光子由动量定理得： hFtntc 则hFnc， 由牛顿第三定律得：FF 所以 m 的加速度为Fnhammc 设吸收一个光子跃迁后，原子的速度大小为 v，第一激发态和基态的能级差为E。 由能量守恒定律得：2201122mvhmvE 由动量守恒定律得：0mvhmvc 两式联立得：22021(1)2vhEhcmc
