1、驻马店市2019-2020学年度第一学期期终考试第卷(选择题48分)一、选择题(本题共有12小题，每小题4分在每小题给出的四个选项中，18题只有一个选项正确；912题有多个选项正确，全部选对得4分，选对但选不全的得2分，选错或不答的得0分)1.下列物理量中，属于矢量的是（ ）A. 电势B. 电流C. 磁感应强度D. 磁通量【答案】C【解析】【详解】矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量。磁感应强度，既有大小又有方向，是矢量；而电势、电流、磁通量，都是只有大小没有方向，属于标量，C符合题意，ABD不符合题意。故选C。2.一个定值电阻R，当其两端的电压为U时，它在t时间内产
2、生的热量为Q；当其两端的电压为2U时，它在2t时间内产生的热量为（ ）A. 2QB. 4QC. 6QD. 8Q【答案】D【解析】【详解】根据焦耳定律，当其两端的电压为U时，它在t时间内产生的热量为：当两端电压变为2U，时间为2t时，产生的热量为：D正确，ABC错误。故选D。3.如图所示，一根通电直导线竖直地放在水平向右的匀强磁场中，此时导线受到的磁场力大小为F1现保持流过导线的电流大小不变，将导线绕其下端在竖直平面内缓慢旋转90到达沿磁场方向的的虚线位置时，导线受到的磁场力大小为F2则下列叙述正确的是（ ）A. F1=0，F20，F2的方向为竖直向上B. F1=0，F20，F2方向为水平向里C
3、. F10，F2=0，F1的方向为水平向外D. F10，F2=0，F1的方向为水平向里【答案】D【解析】【详解】通电直导线竖直放置时，其所受安培力 F1=BIL0，根据左手定则可判定安培力方向水平向里；当通电直导线沿磁场方向放置时，其所受安培力F2=0，ABC错误，D正确。故选D。4.如图所示，甲、乙是两个带等量异种电荷的点电荷，O是甲、乙连线的中点，a、b是甲、乙连线上关于O点对称的两点，a、b两点的电场强度分别为，a、b两点的电势分别为、，则下列关系式正确的是（ ）A. ，B. ，C. ，D. ，【答案】B【解析】【详解】由于甲、乙是等量异种电荷，等量异种点电荷的电场具有对称性，可知a与b
4、的电场强度是相等的，即；电场线由正电荷出发终止于负电荷，甲乙之间的电场方向相同，沿着电场线电势降低，所以a、b两点的电势不相同，b点的电势高，即，B正确，ACD错误。故选B。5.如图所示，M、N是相互平行、垂直于纸面放置的长直导线，其中通入的电流大小相等、方向相反纸面内的点a到M、N距离相等关于a点的磁场方向，下列说法正确的是（ ）A. 沿纸面向上B. 沿纸面向下C. 沿纸面向左D. 沿纸面向右【答案】C【解析】【详解】M在a处产生的磁场方向垂直于aM偏左下方，N在a处产生的磁场方向垂直于aN偏左上方，根据平行四边形定则，知a处的磁场方向水平向左，C正确，ABD错误。故选C。6.矩形导线框ab
5、cd与长直导线MN放在同一水平面内，ab边与MN平行，导线MN中通入由M到N的恒定电流I当导线MN静止、导线框abcd向右运动的过程中，下列说法正确的是（ ）A. 导线框abcd中有逆时针方向的感应电流，cd边受到向左的磁场力B. 导线框abcd中有逆时针方向的感应电流，cd边受到向右的磁场力C. 导线框abcd中有顺时针方向的感应电流，cd边受到向左的磁场力D. 导线框abcd中有顺时针方向的感应电流，cd边受到向右的磁场力【答案】D【解析】【详解】直导线中通有向上的电流，根据安培定则，知通过线框的磁场方向垂直纸面向里，当导线框abcd向右运动时，磁感应强度在减小，根据楞次定律，可知产生的感
6、应电流的方向为顺时针方向，根据左手定则可知，cd边所受安培力方向水平向右，D正确，ABC错误。故选D。7.如图所示，平行板电睿器的两极板A、B间有一个陶瓷板，现将陶瓷板向左拉出，在拉出陶瓷板的过程中（ ）A. 电容器的电容减小，流过电流计的电流方向是a到bB. 电容器的电容减小，流过电流计的电流方向是b到aC. 电容器的电容增大，流过电流计的电流方向是a到bD. 电容器的电容增大，流过电流计的电流方向是b到a【答案】A【解析】【详解】陶瓷板向左拉出，则变小，根据电容的决定式可知电容C变小，电容器与电源相连电压U不变，再根据电容的定义式：可知电荷量Q变小，电容器放电，电容器上极为正，所以放电电流
7、方向由a到b，A正确，BCD错误。故选A。8.如图所示，水平虚线ab为螺线管的轴线，在螺线管正上方水平地固定一个与ab平行的光滑绝缘杄，杄上挂着一个套在螺线管外面的金属环，金属环的平面与ab垂直，金属环圆心在ab的正下方，金属环距螺线管左端较近，开关S原来是闭合的关于开关S断开后的瞬间，下列说法正确的是（ ）A. 金属环在向右运动的同时，具有扩张趋势，而且对杆的压力大于其重力B. 金属环在向右运动的同时，具有收缩趋势，而且对杆的压力大于其重力C. 金属环在向右运动的同时，具有收缩趋势，而且对杆的压力小于其重力D. 金属环在向左运动的同时，具有扩张趋势，而且对杄的压力小于其重力【答案】B【解析】
8、【详解】当开关闭合时，流过螺线管的电流从a到b，根据安培定则，可知螺线管的磁场方向向右，当开关S断开后的瞬间，螺线管产生的磁场在减少，而通过金属环的磁场有两个方向，即螺线管内部的磁场是向右的，外部的磁场是向左的，因向右的磁场大于向左的磁场，所以通过金属环的磁场向右减少，根据楞次定律可知，金属环将向右运动，此时金属环具有收缩的趋势，才能起到阻碍磁通量向右减少；金属环与螺线管之间产生的力是相互吸引，故金属环受到螺线管向下的安培力，所以金属环向下的力有重力和安培力，而上只有支持力，根据平衡条件可知，金属环所受的支持力大于重力，故金属环对杆的压力大于其重力，B正确，ACD错误。故选B。9.下列说法正确
9、的是（ ）A. 由点电荷场强公式E=k知：E与Q成正比，与r2成反比B. 由电场强度公式E=知：E与F成正比，与q成反比C. 由电阻公式R=知：R与U成正比，与I成反比D. 由电阻公式R=知：R与、l成正比，与S成反比【答案】AD【解析】【详解】A公式E=k是点电荷场强的决定式，可知，E与Q成正比，与r2成反比，A正确；B公式E=是电场强度的定义式，场强E与F、q无关，B错误；C公式R=是电阻、电压、电流的关系式，电阻R与电压U、电流I无关，C错误；D公式R=是电阻的决定式，R与成正比，与S成反比，D正确。故选AD。10.如图所示，在匀强磁场中放置一个边长为1m、电阻为0.5的单匝正方形导线框
10、，线框平面与磁场垂直，磁场的磁感应强度的大小按B=(1+2t)T随时间变化，则（ ）A. 线框中的感应电动势逐渐增大B. 线框中的感应电流大小始终为4AC. t=ls时线框受到的磁场力为12ND. t=ls时穿过线框的磁通量为3Wb【答案】BD【解析】【详解】AB根据T可得：T/s，为一个定值，根据法拉第电磁感应定律得线框中的感应电动势为：V根据欧姆定律得线框中的感应电流大小为：AA错误，B正确；C线框全部处于磁场中，对边长度相等，电流大小相等，方向相反，所以受到磁场力也是大小相等，方向相反，则线框受到的磁场力为零，C错误；Dt=1s时，B=3T，所以此时穿过线框磁通量为311Wb=3Wb，D
11、正确。故选BD。11.如图所示，已知电源的电动势为12V、内阻为0.5，定值电阻R=1.5，电动机M的内阻为1，开关闭合后，电流表的示数为2A。不计电流表的内阻，则（）A. 电动机两端的电压为8VB. 电动机的输出功率为16WC. 电动机的发热功率为4WD. 电动机的效率为25%【答案】AC【解析】【详解】A电动机两端电压为：VA正确；BC电动机的发热功率为：W电动机的输出功率为：WB错误，C正确；D电动机的效率为：D错误。故选AC。12.如图所示，虚线PQ左上方存在有垂直于纸面向外的匀强磁场，甲、乙两个带正电的粒子先后由静止经过相同电压加速后，分别以速度v甲、v乙从PQ上的O点沿纸面射入磁场
12、，结果两粒子从PQ上的同一点射出磁场已知v甲、v乙之间的夹角=60，v乙与PQ之间的夹角=30，不计甲、乙两粒子的重力及甲、乙之间的作用力设甲、乙在磁场中运动的时间分别为t甲、t乙，以下关系正确的是（ ）A. v甲：v乙=1：2B. v甲：v乙=2：1C. t甲：t乙=3：4D. t甲：t乙=3：2【答案】BC【解析】【详解】AB甲乙两个粒子在磁场中的运动情况如图粒子在加速过程中，根据动能定理有：解得：，粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，则有：解得运动的半径为：，根据几何知识可知，甲乙两粒子在磁场中运动的半径之比为：R甲：R乙=1：2，联立解得：，v甲：v乙=2：1，A错误，B正
13、确；CD甲粒子在磁场中运动的圆心角为180，乙粒子在磁场中运动的轨迹对应的圆心角为60，则甲乙粒子在磁场中运动的时间之比为：C正确，D错误。故选BC。第卷 非选择题(共62分)二、实验填空题(本题共2小题，共15分)13.丹麦物理学家、化学家、文学家_，在一次讲课中，他偶然地把导线沿南北方向放置在指南针的上方，当导线通电时，发现指南针发生了转动这个实验现象首次揭示了_(填：磁与磁的联系、电与电的联系或电与磁的联系)为此，法拉第评价说：“他突然打开了科学中一个黑暗领域的大门，使其充满光明”【答案】 (1). 奥斯特 (2). 电与磁的联系【解析】【详解】12丹麦物理学家、化学家、文学家奥斯特，在
14、一次讲课中，他偶然地把导线沿南北方向放置在指南针的上方，当导线通电时，发现指南针发生了转动。这个实验现象首次揭示了电与磁的联系。为此，法拉第评价说：“他突然打开了科学中一个黑暗领域的大门，使其充满光明。”14.测量电阻阻值的常用方法有以下两种：（1）用伏安法测量：要测量一个阻值约为900的电阻Rx，备用器材有：电流表A：量程3mA、内阻约2；电压表V：量程3V、内阻为3k滑动变阻器R1：阻值范围020滑动变阻器R2：阻值范围01k电源：电动势3V、内阻约1为了较准确地测量R的阻值，电路图应选择图_(填A或B)，滑动变阻器应选择_(填R1或R2)，滑动变阻器在该实验中起的主要作用是_。（2）用多
15、用表的欧姆挡测量：如图所示是具有两个倍率挡的欧姆表的电路图，选择开关K置于1或2时分别对应两个不同的倍率，其中一个倍率是另一个的10倍已知：电流表G：量程Ig=2.5mA、内阻200定值电阻R1：阻值为180滑动变阻器R：阻值范围0300电源E：电动势1.5V、内阻约1则定值电阻R2=_。【答案】 (1). B (2). R2 (3). 改变电流表、电压表的读数，实现多次测量，减少实验的偶然误差 (4). 20【解析】【详解】（1）1A、B两个电路图均为限流法测电阻，由题意得：，待测电阻为大电阻，故电流表要内接，故应该选B图；2由于电流表最大量程为3mA，电源电动势为3V，故电路中总电阻要大于
16、1000，所以滑动变阻器选R2；3滑动变阻器在该实验中起的主要作用是改变电流表电压表的读数，实线多次测量，减小实验偶然误差。（2）4当接“1”时，干路电流为：当接“2”时，干路电流为：根据倍率关系知：代入数据解得：R2=20，（R2=-380舍去）。三、计算题(本题共4小题，共47分解答时须写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须写明数值和单位)15.如图所示，一个单匝正方形线圈abcd，以速度U匀速进入磁感应强度为B的匀强磁场中，在线圈进入磁场的过程中，线圈平面始终垂直于磁场，且cd边平行于磁场边界MN。已知线圈的边长为L、电阻为R，在线
17、圈进入磁场的过程中，求：（1）流过ab边的电流方向；（2）线圈中电流I的大小；（3）线圈克服安培力所做的功W。【答案】（1）b到a；（2）；（3）。【解析】【详解】（1）根据右手定则可知，线圈中的电流方向是顺时针，所以流过ab的电流方向为b到a； （2）设线圈中的电动势为E，则有：E=BLv根据闭合电路的欧姆定律有：得（3）设线圈受到的安培力为F，则有：F=BIL则安培力做功为：W=FL解得16.如图所示，电流表A视为理想电表，已知定值电阻R0=4，滑动变阻器R阻值范围为010，电源的电动势E=6V闭合开关S，当R=3时，电流表的读数I=0.5A。（1）求电源的内阻。（2）当滑动变阻器R为多大
18、时，电源的总功率最大?最大值Pm是多少?【答案】（1）5；（2）当滑动变阻器R为0时，电源的总功率最大，最大值Pm是4W。【解析】【详解】（1）电源的电动势E=6V闭合开关S，当R=3时，电流表的读数I=0.5A，根据闭合电路欧姆定律可知：得：r=5（2）电源的总功率P=IE得：当R=0，P最大，最大值为，则有：W17.如图所示，长为L的绝缘细线上端固定，下端系一个电荷量为q、质量为m的带正电小球。空间存在有竖直向下、场强大小为的匀强电场和水平向里、磁感应强度大小为的匀强磁场现将小球从绝缘细线与竖直方向夹角为=60的位置由静止释放，小球在垂直于磁场的竖直平面内运动己知重力加速度为g，小球的电荷
19、量保持不变，不计空气阻力求：（1）小球第一次到达最低点时，小球速度的大小；（2）小球第一次到达最低点时，细线拉力F的大小；（3）从小球开始运动到小球第一次运动到最低点的过程中，小球电势能的变化量Ep。【答案】（1）；（2）5mg；（3）【解析】【详解】（1）设电场强度为E，由动能定理得：得（2）设磁感应强度为B，在最低点，由牛顿第二定律得F=5mg（3）从小球开始运动到小球第一次运动到最低点的过程中，由功能关系知：得18.如图所示，光滑的斜面与水平面成=53角，斜面所处的空间有方向水平向里、磁感应强度大小为B=12.5T的匀强磁场和方向既垂直于磁场又垂直于斜面、场强大小为E=250N/C的匀强
20、电场一个质量为m=1kg、电荷量为q=2102C、带负电的小滑块以初速度v0=8m/s沿斜面向上运动已知初速度v0方向垂直于磁场，重力加速度g取10m/s2，不计空气阻力，sin53=0.8，cos53=0.6求：（1）滑块开始运动时的加速度a的大小。（2）滑块向上运动的时间t。（3）滑块在斜面上运动的路程s。【答案】（1）；（2）1s；（3）5m.【解析】【详解】（1）由牛顿第二定律得（2）由速度公式得：得t=1s（3）设滑块向上运动的位移为，由速度位移的关系式得：得 m当滑块向下运动的速度为v时，滑块将离开斜面，此时，斜面对滑块的支持力为零。则有：得v=4m/s由受力分析可知，滑块沿斜面向下运动的加速度仍为a，设滑块向下沿斜面运动的位移为，由由速度位移的关系式得：得m滑块在斜面上运动的路程：解得：s=5m
