1、2019-2020学年九年级（上）期末物理试卷一、选择题1.关于热和能，正确的说法是（ ）A. 热传递过程中，内能大的物体放出热量B. 0的水结成0的冰时，内能增加C. 物体内能减少，温度不一定降低D. 燃料的热值越大，燃烧时放出的热量越多【答案】C【解析】【详解】A热传递过程中，温度高的物体放出热量，故A错误；B0的水结成0的冰时，由于凝固放热，所以其内能是减小的，故B错误；C物体放热时物体内能减少，温度可能不变，比如：晶体在凝固过程中放热但温度不变，故C正确；D燃料放出热量的多少与燃料的热值和质量有关，燃料的热值越大，燃烧时放出的热量不一定多，故D错误。故选C。2.如图所示，2018年4月
2、2日8时15分左右，天宫一号目标飞行器进入大气层，绝大部分器件在进入大气层过程中烧蚀销毁，剩余部分落入南太平洋中部区域天宫一号飞行器在这个过程中，下列说法正确的是（ ）A. 动能和重力势能都增加B. 机械能保持不变C. 内能是通过做功的方式改变的D. 减少的重力势能全部转化成内能【答案】C【解析】【详解】A天宫一号目标飞行器进入大气层，克服摩擦阻力做功，机械能转化为内能，温度升高，绝大部分器件在进入大气层过程中烧蚀销毁，质量变小，速度增加，但不能确定动能的变化，高度降低，重力势能减小，故A错误B由于飞行器克服空气的摩擦阻力做功，一部分机械能转化为内能，所以其机械能减小，故B错误；C飞行器克服摩
3、擦做功，内能增加，内能是通过做功的方式改变的，故C正确；D飞行过程中，减少的重力势能一部分转化为动能，一部分转化为内能，故D错误；故答C。【点睛】根据动能、重力势能、机械能的影响因素分析能量的变化对物体做功可将机械能转化为内能3.以下提高热机效率的方法中错误的是A. 尽量减小热机功率B. 尽量使燃料充分燃烧C. 保证转动部分良好的润滑D. 尽量减少各种热散失【答案】A【解析】【分析】热机的效率是指热机用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比【详解】A、热机功率是指单位时间内对外输出的功，与热机的效率高低无关，故A符合题意；B、燃料燃烧得越充分，能量损失越少，热机的效率越高，故B不符合题意
4、；C、保证转动部分良好的润滑，可以减少由于摩擦消耗的能量，可以提高热机效率，故C不符合题意；D、尽量减少各种热散失，可以提高热机能量的利用率，提高热机的效率，故D不符合题意故选A4.在一个标准大气压下，不计热量损失，完全燃烧1kg热值为1.26107J/kg的干木柴，能使40kg，30的水温度升高到c水4.2103J/（kg）（ ）A. 105B. 100C. 90D. 无法确定【答案】B【解析】【详解】干木柴完全燃烧放出的热量：Q放m干q1kg1.26107J/kg1.26107J；在不计热量损失的情况下，水吸收的热量：Q吸Q放1.26107J，由Qcmt可知水升高的温度：t75，水温度升高
5、到：75+30105，在一标准大气压下，水温达到100后沸腾，吸热温度不再升高，故水温只能升高到100。故选B。5.“安全用电，珍爱生命”是每个公民应有的意识。下列关于用电安全说法中正确的是（ ）A. 只要不接触高压带电体就不会触电B. 多个大功率用电器同时使用一个插座C. 发现有人触电时，应尽快用手拉开他D. 更换灯泡时应先断开电源【答案】D【解析】【详解】A安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体，故A错误；B多个大功率用电器同时使用一个插座，会导致电流过大，容易引发火灾，故B错误；C发生触电事故时，必须先切断电源，然后再救人，否则会因电源不断开而发生触电事故，故C错误；D更换灯
6、泡时应先断开电源，不要带电操作，故D正确。故选D。6.自动售票公交车后门两侧的扶手上各装有一个红色按钮(如图所示)，想要下车的乘客只要按下其中任何一个按钮，装在车内的电铃就会响起，以提醒司机停车如图所示的电路图符合要求的是A. B. C. D. 【答案】B【解析】按下任何一个下车按钮时电铃都会发声，说明两个开关并联共同控制电铃A图中上面开关闭合后，会造成电源短路，故A不符合题意B图中两个开关并联后共同控制电铃，即任何一个开关闭合后，电铃都会响起，故B符合题意C图中两个开关若同时闭合，会造成电源短路，故C不符合题意D两个开关串联，即两个开关必须同时闭合电铃才能发声，故D不符合题意答案为B7.如图
7、所示，当开关S闭合后，两只灯泡均发光，两表均有示数。过一段时间后，发现电压表示数变为0，电流表示数增大。经检查除小灯泡外其余器材的连接良好，造成这种情况的原因可能是（ ）A. 灯L1断路B. 灯L2短路C. 灯L1短路D. 灯L1、L2均断路【答案】B【解析】【详解】根据实物图可知，两灯泡串联，电压表测量L2两端的电压，电流表测量电路中的电流。A如果灯L1断路，则整个电路断路，则电压表、电流表示数都为零故，故A符合题意；B如果灯L2短路，则电压表也会被短路，造成电压表示数为零，电流表示数变大，故B符合题意；C如果灯L1短路，则为L2的基本电路，电压表有示数且为电源电压，电流表示数变大，故C不符
8、合题意；D如果灯L1、L2都断路，则整个电路断路，电路中无电流，两表都无示数，故D不符合题意。故选B。8.如图所示的电路中电源电压保持不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，当开关闭合后滑动变阻器的滑片P由b端向a端滑动的过程中，下列说法正确的是：A. 电压表示数变小，电压表与电流表示数的乘积变小B. 电压表示数变大，电压表与电流表示效的比值不变C. 电流表示数变小，电压表与电流表示数的比值变大D. 电流表示数变大，电压表与电流表示数的乘积不变【答案】B【解析】【详解】电源电压保持不变，当开关闭合后滑动变阻器滑片P由b端向a端滑动的过程中，滑动变阻器的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律
9、知，电路中的总电流变大，电流表示数变大；定值电阻上的电压变大，但电压表与电流表的比值不变，为电阻电阻阻值，故正确为B。二、填空题9.信阳“毛尖”深受人们喜爱，在制茶过程中，通过加热能使新鲜茶叶中的水分快速_(填物态变化名称)，这便是制茶工序中的“杀青”用高温开水能很快泡出茶香、茶色，这是因为温度越高，_越剧烈【答案】 (1). 汽化 (2). 分子的无规则运动【解析】【详解】在制茶过程中，通过加热能使新鲜茶叶中的水分快速以水蒸气的形式离开茶叶，即发生汽化；用高温开水能很快泡出茶香、茶色，这是因为温度越高分子的无规则运动越剧烈。10.通常情况下，液化气是气体，人们用压缩体积方法将其变为液态若液化
10、气钢瓶放在烈日下曝晒，如图所示，将通过_的方法使它的内能_ ( 选填“减少”或“增加”)，具有一定的危险性，因此液化气钢瓶严禁曝晒【答案】 (1). 热传递 (2). 增加【解析】【详解】在阳光下嗮东西使温度升高是通过热传递方式改变物体内能，因被晒物体温度升高故内能增加。11.木炭的热值是3.4107J/kg，一箱质量为10kg的木炭烧掉一半后，剩下的木炭的热值是_J/kg，这半箱木炭燃烧时最多能放出_J 的热量【答案】 (1). 3.4107J/kg (2). 1.7108【解析】【分析】热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，不随质量改变而改变，木炭燃烧放出的热量由公式Q=mq计算即可【详解
11、】热值是燃料的特性，不随质量改变而改变，所以，用掉一半，剩下木炭的热值仍然是3.4107 J/kg；半箱木炭完全燃烧放出的热量最多，由Q=qm知道，放出的最多的热量是：Q=qm=3.4107 J/kg5kg=1.7108 J12.橡胶棒与毛皮摩擦，橡胶棒由于_电子而带_电把带负电的橡胶棒靠近与作业纸摩擦过的塑料吸管，发现吸管被推开，说明吸管带_电【答案】 (1). 得到 (2). 负 (3). 负【解析】【详解】用毛皮摩擦橡胶棒，橡胶棒的原子核束缚核外电子本领强而夺得电子，因多余电子带负电；带负电的橡胶棒靠近吸管，吸管被推开，说明两者是相互排斥的，所以带的是同种电荷，所以吸管也是带负电的。【点
12、睛】不同的物质原子核束缚核外电子的本领有强有弱，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电。摩擦起电的实质不是创造了电，而是电子的转移；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。13.接在家庭电路中的灯泡，100W的要比15W的亮，这说明在_一定时，相同时间里电流通过导体产生的热量跟导体的电阻成_比。【答案】 (1). 电压 (2). 反【解析】【详解】12接在家庭电路中灯泡，100W的要比15W的亮，则相同的时间内100W灯泡消耗电能转化为光能多；根据公式P可知，在电压相同时，额定功率越大的，其电阻越小；并联电路中各支路两端的电压相等
13、，由QWt可知，在电压一定时，相同时间内，电阻越小的产生的热量越多，即：电流通过导体产生的热量跟导体的电阻成反比。14.如图所示，灯L1上标有“3V 3W”字样，若把塑料三角板接到电路A、B之间时，闭合开关后灯L1_（选填“会”或“不会”）发光，若将另一只标有“3V 6W”的灯泡L2接到电路A、B之间时，闭合开关后发光较亮的是灯_（灯丝电阻不变）【答案】 (1). 不会 (2). L1【解析】【详解】塑料三角板是绝缘体,如果把塑料三角板接到电路A、B之间时，电流不能通过，因此闭合开关后灯L1不会发光；由公式P得，灯L1的电阻：R13；灯L2的电阻：R21.5；两灯串联,电流相等，R1R2，根据
14、PI2R可知，L1的实际功率大，因此闭合开关后发光较亮的是灯L1。【点睛】判断塑料三角板是导体还是绝缘体，即可判断灯是否可以发光；求出两只灯泡的电阻，根据串联电路的特点和欧姆定律，判断两灯的实际功率，即可判断谁的亮度更大。15.如图所示的电路中，保险丝AB和铜丝CD的长短和粗细均相同，接通电源后，调节滑动变阻器，发现保险丝先熔断.原因是保险丝的熔点较_（填“高”或“低”），相同时间内产生的电热较_（填“多”或“少”）.【答案】 (1). 低 (2). 多【解析】【详解】1由图可知，保险丝和铜丝是串联的，则通过它们的电流相同但是保险丝先熔断，是因为保险丝材料的电阻率大、熔点低2根据焦耳定律，在电
15、流和通电时间相同时，电阻大的产生的热量多16.定值电阻R1=10，R2=5，串联在电源电压不变的电路中时，通过R1的电流I1=0.2A，则电源电压U=_V；若将两电阻并联在同一电路中时，干路中的电流I=_A【答案】 (1). 3 (2). 0.9【解析】【详解】两电阻串联时，通过两电阻的电流相等，电源的电压：U=I（R1+R2）=I1（R1+R2）=0.2A（10+5）=3V；两电阻并联在同一电路中时，干路电流：I=I1+I2=+=+=0.9A17.如图所示为分别测量小灯泡L和定值电阻R后得到的I-U关系图线由图可知，随着电压的升高，L的阻值逐渐变_，R的阻值为_【答案】 (1). 大 (2)
16、. 10【解析】【详解】由图象可知，随着电压的升高，电压与电流的比增大，即L的阻值逐渐变大。R的阻值为：18.如图电路，电源电压不变，R1为定值电阻闭合开关S，雨林将滑动变阻器R2的滑片P从最右端移动到最左端的过程中，电压表和电流表的示数变化情况如乙图所示，滑动变阻器R2的最大阻值是_；滑动变阻器的滑片P在中点时，电流表的示数为_A .【答案】 (1). 20 (2). 0.3【解析】【详解】滑动变阻器R2的滑片P在最右端时，滑动变阻器R2的阻值最大，从乙图上看出其最大电压为4V，电流0.2A，则最大电阻20；滑动变阻器的滑片P在中点时，接入电路中电阻为10，从乙图看出电压为3V，电流为0.3
17、A时滑动变阻器的电阻为10，则电流表示数为0.3A三、实验与解答题19.电能表的示数如图所示为_kWh。【答案】1362.5【解析】【详解】电能表的最后一位是小数，由表盘字样可看出，电能表的示数为1362.5kWh。20.在某家庭电路中，开关S控制灯泡L请在图中将开关S和灯泡L连接成照明电路 （ ）【答案】【解析】【分析】开关与灯泡串联；家庭电路中，为了安全，要将控制灯泡的开关接在火线上，灯泡另一端接在零线上【详解】灯泡与开关串联，开关与火线相连，灯泡的另一端与零线相连如图所示：21.根据你连接的实物图在方框中画出对应的电路图。（ ）【答案】【解析】【详解】由实物图可知，两灯并联，开关S干路上
18、控制整个电路，电流表A1在L1支路上，A2在干路上，由此画出电路图，如图所示：22.在“科学探究：物质的比热容”中：（1）设计实验时应运用控制变量法：用水和煤油做实验，要使水和煤油的质量和_相等；用相同电加热器加热，应用了电加热器在相同时间内对外供热_的特点；（2）实验所需的器材有：电加热器、_、搅拌器、天平、电源、计时的秒表、水和煤油；（3）实验中得到如下一组数据：烧杯号液体质量m/g初温t1/末温t2/加热时间t/min1水300203012.32水12020306.23煤油30020306.14煤油30020253.1比较分析1、3号烧杯的实验记录，可以得出的初步结论是：质量相等的不同物
19、质，升高相同的温度，吸收的热量_；比较分析1、2号烧杯的实验记录，可以得出的初步结论是：_；比较分析_号和_号烧杯的实验记录，可以得出的初步结论是：质量相等的同种物质，升高不同的温度，吸收的热量不同；（4）实验说明物体吸收热量的多少不仅与物体的质量和升高的温度有关，还与_有关。【答案】 (1). 初温 (2). 相等 (3). 温度计 (4). 不同 (5). 质量不同的同种物质升高相同的温度吸热不同 (6). 3 (7). 4 (8). 物质的种类【解析】【详解】(1)12 要探究物质的比热容，需要控制物质的质量和加热时间相同，比较温度的变化情况。所以要使水和煤油质量和初温相同，并用相同的加
20、热器加热相同的时间，相同的加热器在相同时间内供热是相同的；(2)3实验中需要用天平测质量、温度计测温度。很明显题目中给出的器材缺少温度计；(3)41、3号烧杯中的液体种类不同，初温、末温、液体的质量都相同，但加热时间即吸收的热量不同，可以得出的初步结论是：质量相等的不同物质，升高相同的温度，吸收的热量不同；51、2号烧杯的液体种类都是水，初温和末温即升高的温度相同，质量不同，加热时间即吸收的热量不同，所以可以得出质量不同的相同物质，升高相同的温度，吸收的热量不同；67探究吸热与升高温度的关系，要控制物质的种类和质量相同，3、4号烧杯中的液体种类都是煤油，质量相同，初温相同，末温不同，即升高的温
21、度不同，而加热时间不同即吸收的热量不同，故比较分析3号和4号烧杯的实验记录，可以得出的初步结论是：质量相等的同种物质，升高不同的温度，吸收的热量不同；(4)8比较实验1、3号烧杯的实验记录可知，相同质量的不同物质，升高相同的温度，吸热不同，故实验说明物体吸收热量的多少不仅与物体的质量和升高的温度有关，还与物质的种类有关。23.小红和小芳想利用如图所示的装置探究“导体产生的热量与电阻大小的关系”.两瓶煤油中都浸泡着一段金属丝，烧瓶A中的金属丝是铜丝，电阻比较小，烧瓶B中的金属丝是镍铬合金丝，电阻比较大，两瓶煤油中温度计可以显示煤油的温度. （1）上述实验中铜丝和镍铬合金丝采用的电路连接方式是串联
22、，这样连接的目的是控制通过金属丝的_和通电时间相同.（2）实验中，小明和小红发现烧瓶B中温度计的示数升高很快，这表明：在电流和通电时间相同的情况下，导体的电阻越_，产生的热量越多.（3）小红提议利用该装置改装成“比较食用油和煤油的吸热能力”的实验.若烧瓶B的器材不变，她们除了把烧瓶A的煤油换成食用油外，还需更换烧瓶A中的金属丝.此外，为了能在通电一段时间后，通过两温度计示数的变化量来比较食用油和煤油的吸热能力，他们设计的实验必须满足的条件还有烧瓶A、B中食用油和煤油的_相同，烧瓶A、B中金属丝的电阻_（填“相同”或“不相同”）.【答案】 (1). 电流 (2). 大 (3). 质量 (4).
23、相同【解析】试题分析：导体产生的热量与电阻大小的关系和比较食用油和煤油的吸热能力两个实验都利用了焦耳定律，都采用控制变量法进行探究（1）由焦耳定律可知实验中铜丝和镍铬合金丝采用的电路连接方式是串联，这样连接的目的是控制通过金属丝的电流和通电时间相同；（2）小明和小红发现烧瓶B中温度计的示数升高很快，说明B中电阻放出的热量多，因为铜丝电阻小于镍铬合金电阻，由此可得出结论：在电流和通电时间相同的情况下，导体的电阻越大，产生的热量越多；（3）在比较食用油和煤油的吸热能力的试验中，需要控制食用油和煤油的质量相同，两烧瓶中金属丝的电阻也要相同，目的是两种液体在加热相同时间的条件下，吸收的热量相同点睛：在
24、比较食用油和煤油的吸热能力的试验中，通过控制金属丝电阻相同，当加热时间相同时，认为液体吸收的热量一样（金属丝放出的热量全部被液体吸收）当加热相同时间时，温度升高的小的吸热能力强24.在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V，电阻约为10。（1）连接电路时开关应_，电流表的量程应选0_A；（2）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整；（ ）（3）闭合开关前，图甲中滑动变阻器的滑片P应位于_（填“A”或“B”）端；（4）小叶同学闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数（如图乙所示）为_V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向_（填“A”或“
25、B”）端移动，使电压表的示数为2.5V；（5）小向同学移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的IU图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是_W；（6）小勇同学在实验中连接好电路，闭合开关，移动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，原因可能是_（写出一种即可）。【答案】 (1). 断开 (2). 0.6 (3). (4). A (5). 1.2 (6). B (7). 0.5 (8). 小灯泡断路【解析】【详解】(1)1为保护电路，连接电路时，开关应断开；2电路最大电流约为：I0.25A0.6A，故电流表选00.6A量程；(2)3电流表选0
26、0.6A量程，把电流表、灯泡串联接入电路，电路图如图所示：(3)4闭合开关前，图1中滑动变阻器的滑片P应滑到最大阻值处，即A端；(4)56由图示电压表可知，电压表量程为03V，分度值是0.1V，电压表示数是1.2V，小于灯泡额定电压，要测小灯泡的额定功率，应增大灯的电压减小变阻器的电压，根据分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向B端移动，使电压表的示数为2.5V；(5)7由图示可知，灯泡额定电压2.5V所对应的电流是0.2A，灯泡额定功率：PUI25V0.2A0.5W；(6)8闭合开关，移动变阻器滑片P，小灯泡始终不亮，电路存在断路或灯泡发生短路；电流表无示数，说明电路存在断路；
27、电压表有示数，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外电路不存在断路，则与电压表并联的灯泡断路。四、综合题25.如图所示的电路中，电阻R1的阻值为20，电源电压不变当S1、S2断开，S3闭合时，电流表的示数为0.45A；S1断开，S2、S3闭合时，电流表的示数为0.75A求：（1）电源电压为多少？（2）R2的阻值为多少？（3）S2、S3断开，S1闭合时，加在电阻R1两端的电压为多少？【答案】（1）9V；（2）30；（3）3.6V；【解析】【分析】（1）当S1、S2断开，S3闭合时，R2断路，由欧姆定律可得出电源电压；（2）当S1断开，S2、S3闭合时，R1、R2并联，则由并联电路的电流规律
28、可得出流过R2的电流，则由欧姆定律可得出R2的阻值；（3）S2、S3断开，S1闭合时，两电阻串联，由欧姆定律可得出电路中电流，则再由欧姆定律可得出R1两端的电压。【详解】解：（1）当S1、S2断开，S3闭合时，R2断路，I1=0.45A，则由欧姆定律可得到电源电压：U=I1R1=0.45A20=9V；（2）当S1断开，S2、S3闭合时，R1、R2并联，R2的电流：I2=I-I1=0.75A-0.45A=0.3A；R2=30；（3）当S2、S3断开，S1闭合时，R1、R2串联，电路电流：I=I1=I2=；R1的两端的电压：U1=I1R1=20=3.6V；答：（1）电源电压为9V；（2）R2的阻值
29、为30；（3）R1两端的电压约为3.6V。26.如图甲是一种常见的热水袋，图乙是它的简化电路图，其性能指标如表：额定电压额定加热功率指示功率袋内充水自动断电温度220V400W0.2W1kg65（1）正常工作时通过电阻R的电流是多少？（2）若正常工作时小灯泡的功率为0.2W，那么小灯泡正常工作1分钟消耗多少电能？（3）当实际电压为200V时，该电热水袋的实际加热功率约为多少？【答案】(1)1.82A；(2)12J；(3)330.6W。【解析】【详解】(1)由公式P得，电阻R的阻值：R121；则正常工作时通过电阻R的电流：I1.82A；(2)由P得，小灯泡正常工作1分钟消耗的电能：WLPLt0.
30、2W60s12J；（3）当实际电压为200V时，该电热水袋实际加热功率：P实330.6W。答：(1)正常工作时通过电阻R的电流是1.82A；(2)若正常工作时小灯泡的功率为0.2W，那么小灯泡正常工作1分钟消耗12J电能；(3)当实际电压为200V时，该电热水袋的实际加热功率约为330.6W。27.小明买了一把电水壶，其样式和铭牌如下：型号HX201306额定电压220V频率50Hz额定功率2000W容量2L小明向壶中加入2kg水，电水壶在正常工作时将水烧至沸腾用了7min（1标准大气压下），已知水的初温为20，求：（1）电水壶的电阻？（2）水吸收的热量？（3）电水壶烧水的热效率？【答案】(1)24.2；(2)6.72105J；(3)80%。【解析】【详解】(1)由表中数据可知，电水壶的额定电压220V，额定功率2000W，由P可得，电水壶正常工作时的电阻：R24.2；(2)2kg水从20烧至沸腾吸收的热量：Q吸cm（tt0）4.2103J/（kg）2kg（10020）6.72105J；(3)由P可得，电水壶在正常工作7min消耗的电能：WPt2000W760s8.4105J，电水壶烧水过程中的热效率：100%100%80%。答：(1)电水壶正常工作时，它的电阻是24.2；(2)将水烧开，水最少需要吸收的热量是6.72105J；(3)电水壶烧水过程中的热效率是80%。
