1、2019年华育中学九年级物理期末测验1.如图所示，放在水平地面上的均匀正方体甲、乙对地面的压力相等，若在两物体上部沿水平方向切去一定的厚度，使剩余部分的高度相等，则剩余部分对地面的压力F甲和F乙、压强p甲和p乙的关系是（ ）A. F甲 F乙，p甲p乙B. F甲=F乙，p甲=p乙C. F甲F乙，p甲p乙【答案】A【解析】【详解】放在水平地面上的均匀实心正方体对地面的压力相等，即甲、乙的质量相等，根据图可知甲的体积小于乙的体积，由可知，甲的密度大于乙的密度；放在水平地面上的均匀实心正方体对地面的压强；若在两物体上部沿水平方向切去一定的厚度，使剩余部分的高度相等，假设只将乙高出的部分截去，则乙的质量
2、减小，因此F甲F乙；由p=hg可得，p甲p乙。故选A。2.如图所示电路，电源电压不变，闭合电键S后，灯L1、L2都发光。一段时间后，其中一盏灯突然变亮，而电压表V1与电压表V2示数相等，则（ ） A. L1一定断路B. L1一定短路C. L2一定断路D. L2可能短路【答案】B【解析】【详解】通过观察电路图发现，L1和L2是串联关系，V1测L2的电压，V2测电源电压；A灯L1断路，两灯泡都不发光，电压表V1示数为零，电压表V2示数不变，故A不符合题意；B灯L1短路，灯泡L2仍然发光，电压表V1示数测量电源电压，故电压表V2与电压表V1示数相等，故B符合题意。CL2一定断路，两灯泡都不发光，故C
3、不符合题意；D灯L2短路，灯泡L1仍然发光，电压表V1示数为零，V2测电源电压不变，故D不符合题意。3.有一不吸水木球，其质量为l0 g，体积为20 cm3，先把它轻轻放入盛满水的溢水杯中当木球球静止时，溢出水的质量为l0 g；把它取出擦干，再轻轻放入盛满煤油的溢水杯中，当木球静止时，溢出煤油的质量是(煤油的密度是0. 8g/cm3) ( )A. 5 gB. 8 gC. l0 gD. 16 g【答案】C【解析】【详解】根据题意，知木球，其质量为10g，体积为20cm3，所以木球的密度为；所以木球的密度小于水与煤油的密度，因此把木球放入水和煤油中时，木球处于漂浮状态；根据阿基米德定律，所以排开液
4、体的重力相同，根据，排开液体的重力相同，所以；排开液体的质量也相同，所以木球排开煤油的质量也是10g，故选C4.学习了电学知识后物理兴趣小组对亮度可调的应急灯进行了探究发现它的亮度调节开关相当于一个滑动变阻器，电路如图所示闭合开关用电压表和电流表对其进行测量，调节滑动变阻器使灯泡变亮的过程中，电压表和电流表的示数变化情况是（电源电压保持不变）A. 电流表A的示数变小B. 电压表V1的示数变大C. 电压表V1的示数变小D. 电压表V2示数不变【答案】C【解析】【详解】电路连接为串联，灯泡变亮说明电路中电路增大，即电流表示数变大，电压表测电灯两端电压电流增大，则电压增大，电压表V1，根据可知V1的
5、示数变小，正确选项C5. 在图所示的电路中，电源电压和灯泡电阻都保持不变，当滑动变阻器R的滑片P由中点向右移动时，下列判断中正确的是( )A. 电流表和电压表的示数都增大B. 电流表和电压表的示数都减小C. 电流表的示数减小，电压表的示数增大D. 电流表的示数减小，电压表的示数不变【答案】D【解析】【详解】灯和滑动变阻器并联，电流表测滑动变阻器这条支路的电流，电压表测电源电压(不变)滑动变阻器R的滑片P由中点向右移动时，有效阻值增大，电流减小，即电流表示数减小，选D6.如图所示，为我们常见的家用电器，关于它们正常工作的电流，下列说法中合理的是 （ ）A. 电风扇约2AB. 电冰箱约0.6AC.
6、 电视机约2AD. 台灯约1A【答案】B【解析】【详解】家用电器的电压都是220V，则A电风扇的电功率：P=UI=220V2A=440W，而电风扇的电功率是在100W左右，故A不符合题意；B电冰箱的电功率：P=UI=220V0.6A=132W，与实际情况比较接近，故B符合题意C电视机的电功率：P=UI=220V2A=440W，而电视机的电功率应该是在200W左右，故C不符合题意；D台灯的电功率：P=UI=220V1A=220W，而台灯的电功率应该在40W左右，故D不符合题意。7.如图所示的电路中，闭合电键S后，当滑动变阻器的滑片P由右向左动时，各表的示数变化是（ ）A. V表的示数变大，A1表
7、的示数不变，A2表的示数变小B. V表的示数不变，A1表的示数变大，A2表的示数变大C. V表的示数变大，A1表的示数变大，A2表的示数变大D. V表的示数不变，A1表的示数不变，A2表的示数变小【答案】D【解析】【详解】AC由电路图可知，R1与R2并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A1测R2支路的电流，电流表A2测干路电流。因电源的电压不变，所以，滑片移动时电压表V的示数不变，故AC不符合题意；B因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时通过R2支路的电流不变，即电流表A1的示数不变，故B不符合题意；D当滑动变阻器的滑片P由右向左移动时，变阻器接入电路中的电阻变大，由 可知，
8、通过R1支路的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表A2的示数变小，故D符合题意。8.在如图所示的电路中，电源电压不变。闭合电键S，电路正常工作。过了一会儿，电压表和电流表示数的比值变小。下列说法中正确的是（ ）A. 灯L一定发生断路B. 灯L可能发生短路C. 电流表示数可能变为0D. 电阻R一定发生短路【答案】D【解析】【详解】A若灯泡断路，则电压表及电流表均没有示数。故A错误；B若灯泡短路，电压表测量电源电压示数变大，但电流表也会变大，而比值为定值电阻阻值不变，故B错误；C电流表示数为零，说明定值电阻和电流表断路，电压表测量电源电压；电压表电流表示数
9、无法比，故C错误；D如果电阻R发生短路，则电压表示数为零，而电流表仍有示数，故使比值减小。故D正确。9.长度相同的铜线和铝线，如果它们的电阻相同，那么A. 铜线要细一些B. 铝线要细一些C. 铜线跟铝线粗细相同D. 无法比较它们的粗细【答案】A【解析】【详解】影响电阻大小的因素是导体的材料、长度、横截面积；长度相同的铜线和铝线，如果它们的电阻相同，铜要比铝的导电性能好，铜的电阻率小，则铜导线横截面积要细一些，故选A。10.如图所示的电路中小灯泡正常发光若将小灯泡和电流表的位置对换，则 A. 小灯泡不会发光 B. 小灯泡会被烧坏 C. 电流表示数不变 D. 电压表示数不变【答案】C【解析】【详解
10、】将小灯泡和电流表的位置对换后，相当于把电压表短路了，电压表示数变为0，故D错；交换后，总电阻不变，所以电流不变，灯泡的亮度不变，也不会烧坏，故应选C11.在图所示的电路中，电源电压不变，当电键S由断开到闭合时，电压表（ ）A. V1示数减小，V2示数减小B. V1示数增大，V2示数增大C. V1示数减小，V2示数增大D. V1示数增大，V2示数减小【答案】C【解析】【详解】如图，电键S开关断开时，电路中R1和R2串联；电压表V1测量R1两端的电压，当电键S由断开到闭合，R1被短路，R1两端的电压为零，即电压表V的示数减小；电压表V在电键开关前后，都是测量的R2两端的电压；当电键S闭合前，R1
11、和R2串联，V2示数小于电源电压，电键闭合后，电路中R1被短路，电路中只有R2连入，而电压表V2测量电源电压，所以电压表V2示数增大，故选C。12.如所示，一密度均匀的实心物块放在地面上，对地面的压强为p，若沿虚线将该物块切去一部分，留下部分对地面的压强为p，则（ ）A. p pC. p= pD. 无法判断【答案】B【解析】【详解】设原来物体的重力为G原，梯形的下表面积为S1；给原来的物体增加G部分的物体，如图所示，成为规则物体，那么，整个物体对地面的压强为： ；沿虚线将该物块切去一部分，设此时剩余部分的重力为G，梯形的下表面积为S2，根据第一幅图的情况可知，质量和面积是等比例减小的，所以总压
12、强是不变的。根据关系可知：；根据p总相等可得：那么：所以：pp；故选B。13. 如图所示，一船在某水域作业时，将装满金属工具的大铁箱用绳子悬放入水第一次放，因水太深，铁箱没触碰到水底，此时船的吃水线在A处换个地方第二次再放，铁箱才接触到水底下列说法正确的是A. 铁箱在船上时，船的吃水线在A处下方B. 铁箱接触到水底时，船的吃水线仍在A处C. 铁箱接触到水底时，船的吃水线在A处之下D. 铁箱接触到水底时，船的吃水线在A处之上【答案】C【解析】【详解】试题分析：A、铁箱在船上时，把船和铁箱看作一个整体，其总重为船重+铁箱重，当铁箱悬入水中时，其总重为船重+铁箱重-铁箱所受浮力，由此可见，铁箱在船上
13、和水中时，整体受到的浮力都等于其重力，所以A情况船受到的浮力最大，吃水线最深，应该在A的上方，故选项A错误第一次铁箱没有接触水底，此时船受到铁箱向下的拉力作用，吃水线在A处；第二次铁箱接触了水底，由于受支持力的作用，此时铁箱对船的拉力减小，所以船的吃水深度减小，船向上浮，船的吃水线在A处之下故A、B、D错误C正确为答案考点：浮力14.一金属块所受的重力为53.9牛，用弹簧测力计吊着金属块并把它浸没在水里，这时弹簧测力计的示数为44.1 牛。该金属块受到水对它的浮力为_牛，金属块的体积为_米3，金属块的密度为_ 千克/米3。【答案】 (1). 9.8 (2). 1.010-3 (3). 5.51
14、03【解析】【详解】1由称重法得：F浮=G-F=53.9N-44.1N=9.8N2由阿基米德原理F浮=水gV排 ，得：，3因为用弹簧秤吊着金属块并把它浸没在水里，则排开水的体积为：V物=V排= 1.010-3m3，可得：。15.图是某同学实验时的实物电路已知图中甲、乙、丙是三个电表，且连接无误当他接通开关S后，发现灯L1、L2均正常发光可以判定甲是 表、乙是 表、丙是 表【答案】电流、电流、电压【解析】【详解】（1）电流表与被测用电器串联，并且在电路中相当于导线，去掉后对电路有影响；（2）电压表与被测用电器并联，在电路中相当于开路，去掉后对电路没有影响解：（1）接通开关S后，发现灯L1、L2均
15、正常发光，说明有电流通过灯L1、L2，由图可见，必须存在的电流路径为：正极甲表L1开关负极 和 正极甲表乙表L2开关负极，说明两灯组成的是并联电路，因此甲、乙两处电流必须通过，去掉后对电路有影响，说明与灯串联，两处均为电流表（2）为保护电源，不造成电源短路，不能存在的电流路径为正极甲表乙表丙表开关负极，甲、乙两处都是电流表，丙处只能是电压表故答案为电流、电流、电压16.如图所示，底面积为200cm2的容器底部有一固定轻质弹簧，弹簧上方连有一边长为10cm的木块A，当容器中水深为20cm时，木块A有2/5的体积浸在水中，此时弹簧恰好处于自然状态，没有发生形变，则木块的密度是_千克/米3向容器内缓
16、慢加水，当弹簧伸长了lcm时停止加水，此时弹簧对木块拉力为1N。加水前后容器底部受到水的压强变化了_Pa.不计弹簧受到的浮力，g取10N/kg【答案】 (1). 0.4103 (2). 200【解析】【详解】1弹簧恰好处于自然状态时，说明没有发生形变，则F浮=G，那么：水gV排=木gV木，因为木块A有2/5的体积浸在水中，即：，所以： 2开始木块浸入水中的深度是：根据木块受力平衡可知：G=F浮=水gV排=1103kg/m310N/kg0.10m0.10m0.04m=4N，加水后，木块受三个力平衡，由平衡条件得：F浮=G+F拉=4N+1N=5N则木块排开水的体积为：，那么木块浸入水中的深度为：，
17、所以，弹簧伸长量L=1cm，加水后，水深度增加了：h=h-h+L=5cm-4cm+1cm=2cm=0.02m，那么加水前后容器底部受到水的压强变化为：p=水gh=1103kg/m310N/kg0.02m=200Pa。17.把一小球放入盛满酒精（密度为0.8103kg/m3）深度为20cm的溢水杯中，它沉入容器底部，从杯中溢出8g酒精，杯底受到酒精的压强为_Pa；若将该小球放入盛满水的溢水杯中，它漂浮在水面上，从杯中溢出水的质量_8g （选填“大于”、“小于”或“等于”）.取g=10N/kg【答案】1.6103，大于【解析】【分析】（1）知道溢水杯内酒精的深度h和酒精的密度，利用液体压强公式求杯
18、底受到酒精的压强（2）将小球放在酒精里下沉，小球受到的浮力等于它排开酒精的重力，这个力小于小球的重力；将小球放在水里漂浮，小球受到的浮力等于小球的重力，这个力等于小球排开的水的重力，据此分析解答【详解】（1）由题中“深度为20cm的溢水杯中”“盛满酒精”可知，酒精深度为：h=20cm=0.2m，杯底受到酒精的压强：.（2）把小球放入盛满酒精深度为20 cm的溢水杯中，它沉入容器底部，所以小球受到的浮力：把小球放在盛满水的溢水杯里，因为小球漂浮，所以小球受到水的浮力：所以得出：，即排开水的重大于排开酒精的重因为G排=m排g，所以m排水m排酒，即从杯中溢出水的质量大于8g18.滑动变阻器的原理是通
19、过改变连入电路中的_来改变_的为了使滑动变阻器对电路起到保护作用，一般将它_联在电路中，并且通常在使用前将滑片调到_的位置上【答案】电阻丝长度 电阻 串 阻值最大【解析】【分析】要解答本题需掌握：滑动变阻器的原理是靠改变连入电路中电阻线的长度；滑动变阻器的接法：滑动变阻器一定要串联在电路中，而且闭合开关前一定要将滑片置于最大阻值处【详解】滑动变阻器的原理是通过改变连入电路中的电阻丝的长度来改变电阻的为了使滑动变阻器对电路起到保护作用，一般将它 串联在电路中，并且通常在使用前将滑片调到最大阻值的位置上故答案为(1). 电阻丝的长度 (2). 电阻 (3). 串联 (4). 最大阻值19.一导体两
20、端电压为3V，通过的电流为0.3A，则此导体的电阻为_；当该导体两端电压为0时，通过导体的电流是_A，导体的电阻为_。【答案】 (1). 10 (2). 0 (3). 10【解析】【详解】1已知电阻两端的电压和通过导体的电流，根据欧姆定律的公式变形计算出导体的阻值,即： ；2当两端电压为0时，通过导体的电流为0A。3导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，电阻大小取决于导体的材料、长度、横截面积，该导体两端电压为0时，导体的电阻值仍然不变为10。20.将两只滑动变阻器串联如图所示，如果把a、b两根导线接入某电路后，要使这两只滑动变阻器的总电阻最小，请在图上标出两只滑动变阻器的滑片移动后的位置。
21、 （ ）【答案】【解析】【详解】由图知，左边滑动变阻器接入电路中的部分是滑片到左边的部分，应将滑片移至最左端，右边滑动变阻器接入电路中的电阻线也是滑片到左边的部分，要将滑片移至最左端，如图所示：21.在图所示的电路中，有一根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上。补上后要求：闭合电键S，当滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表的示数逐渐变大。（ ）【答案】【解析】【详解】由电路图可知，灯泡应与滑动变阻器并联，电流表应位于干路，滑动变阻器接左下接线柱时，向左移动滑片，电流表示数变大；电路图如图所示；22.在图中的O里填上适当的电表符号，闭合电键S，使两只灯泡都能发光。 （ ）【答案】【解析】【详解】中间
22、的电表在干路，所以是电流表，上边的电表与灯泡串联，所以是电流表，下边的电表与灯泡并联，是电压表。如图所示：23.如图所示的电路，有一根导线尚未连接，请你用笔画线代替导线补上，补上后要求：电键S闭合后，两灯都能发光。（ ）【答案】【解析】【详解】由图可知，闭合电键S后，要使两灯都能发光，则电路中两灯泡只能是并联，且开关位于干路控制两灯泡。连接如图：24.如图所示，正方体A的边长为0.2米，密度为2000千克/米3，若沿正方体A的上表面挖去一底面积为0.02米2，高为h的圆柱体C，剩余部分为物体B，如图B和C，若要使B、C对地面的压强相等。求：（1）正方体A的质量；（2）正方体A对水平地面的压强；
23、（3）h可能的值。【答案】（1）16千克；（2）3920Pa；（3）0.2米或0.13米。【解析】【详解】(1)正方体A的体积为：V=0.2m0.m20.2m=0.008m3代入公式求出质量：(2)A的重力为：G=mg=16kg9.8N/kg=156.8N底面积为：S=0.2m0.2m=0.04m2压强为：(3)因为物体是形状规则密度均匀的物体，所以根据压强公式p=gh可知，h=0.2m时符合压强相等。当h0.2m时，C部分的质量为：mc=Vc=Sch，C对地面的压强为： B对地面的压强为：因为B和C对地面的压强相等，所以：,其中，mA=16kg，S=0.04m2，SC=0.02m2，那么：
24、，代入求得：h0.13m答：（1）正方体A的质量为16kg； （2）正方体A对水平地面的压强为3920pa； （3）h可能的值为0.2m或0.13m。25. 某物理小组决定测量一块鹅卵石的密度，但是手边的测量工具只有量筒他们设计了如图所示的实验装置先把鹅卵石浸没在水杯内的水中，向矿泉水瓶中逐渐加水，当加入225ml的水时，瓶子在如图7甲所示的位置平衡拿掉水杯后，再向瓶中加入150ml的水，此时瓶子在如图乙所示的位置平衡若不考虑鹅卵石的吸水性，忽略瓶子的质量，g取10N/kg，求：（1）鹅卵石在水中受到的浮力（2）鹅卵石的密度【答案】（1）鹅卵石在水中受到的浮力为1.5N；（2）鹅卵石的密度为2
25、.5103kg/m3【解析】【详解】根据甲图向上的力有水的重力=225/100010N=2.25N,浮力=水gV石头向下的力有石头的重力根据乙图向上的力有水的重力=375N/100010=3.75N向下的力有石头的重力说明石头的量力=3.75N石头的质量=0.375kg所以甲图中向上的力有水的重力=225N/100010=2.25N,F浮=水gV石头2.25N+F浮=3.75N石头受的F浮=1.5N水gV石头=1.5NV石头=0.15/1000mm石=0.15kg石=0.375/(0.15/1000) kg/m=2.5kg/m26.将一个挂在弹簧测力计下的物体完全浸入盛满水的容器中（未碰到容器
26、底及侧壁），溢出了0.5千克的水，弹簧测力计的示数为3.1牛，取10 N/ kg。求：（1）物体受到的浮力；（2）物体受到的重力；（3）物体的体积 。【答案】（1）5N；（2）8. 1N；（3）510-4m3；【解析】【详解】(1) 根据阿基米德原理可得，物体受到的浮力：F浮=G排=G溢出=m溢出g=0.5kg10N/kg=5N；(2) 物体受到的重力：(3) 因为物体完全浸没，所以物体的体积为：答：（1）物体受到的浮力为5N； （2）物体受到的重力是8.1N；（3）物体的体积为510-4m3。27.在做“探决定电阻大小的因素”的实验时，需要在电压相同的条件下比较通过不同导线的电流，发现决定电
27、阻大小的因素、表格中是几种实验用导线的参数： 导体代号ABCDEFG材料锰铜钨镍铬丝锰铜钨锰铜镍铬丝长度（m）1.00.51.51.01.21.50.5横截面积（mm2）3.20.81.20.80.21.21.2（1）为了研究电阻与导体材料有关，应选用导线C和导线_。结论是_；（2）为了研究电阻与导体的长度有关，应选用导线C和与线 _。结论是_；（3）为了研究电阻与导体横截面积有关，应选用导线A和导线_。结论是_；（4）上述研究方法在物理学里叫_。【答案】 (1). F (2). 在电压相同的条件下，导体长度、横截面积相同，材料不同电阻不同 (3). E (4). 在电压相同的条件下，导体材料
28、、横截面积相同，导体长度越长，电阻越大 (5). D (6). 在电压相同的条件下，导体材料、长度相同，则导体横截面积越大电阻越小 (7). 控制变量【解析】【详解】(1)12分析表格中的数据可知，研究电阻与导体材料有关时，要控制长度、横截面积不变，所以选C和F两根导线；通过数据可以得出结论：在电压相同的条件下，导体长度、横截面积相同，材料不同电阻不同；(2)34研究电阻与导体长度有关时，要控制横截面积、材料不变，所以选C和G两根导线；可得到以下结论：在电压相同的条件下，导体材料、横截面积相同，导体长度越长，电阻越大；(3)56要研究电阻与导体横截面积有关，应选用和导线A材料、长度都相同，横截
29、面积不同的导线，所以选A和D两根导线；可以得出如下结论：在电压相同的条件下，导体材料、长度相同，则导体横截面积越大，电阻越小；(4)7电阻大小与多个因素有关，包括导体的长度、材料、横截面积和温度。每次只能改变1个因素，这种叫控制变量，探究的过程需要按照控制变量法来进行。28.小王和小李两位同学在探究“导体中的电流与电压关系”的实验中，所用的电源为若干节新干电池。实验过程中他们都进行了多次实验，所用的实验方法有：改变电池节数；移动滑动变阻器的滑片。实验电路如图A和B所示，实验数据记录在表一和表二中表一序号电压（伏）电流（安）120.2230.3360.6表二序号电压（伏）电流（安）41.5015
30、30.2660.4（1）表一的实验数据是采用_的实验方法（选填序号或）；（2）上述两科实验方法的目的都是为了_；（3）分析比较实验序号1和2和3或和5和6中电流与电压的倍数关系， 得出的初步结论_；（4）分析比较实验序号 _中数据及相关的条件，得出的初步结论是：电压相等时，通过不同导体的电流大小不同（5）进一步分析比较表一、表二的数据及相关的条件，得出的初步结论是：分析比较表一或表二，可知：_；分析比较表一和表二，可知：_。【答案】 (1). (2). 总结普遍的物理规律，避免由于实验次数太少而造成结论的偶然性，片面性 (3). 在电阻一定时，电流与电压成正比 (4). 2与5或3与6 (5)
31、. 同一导体，电压与电流的比值相同的 (6). 不同导体，电压与电流的比值是不同的【解析】【详解】(1)1改变电池节数和调节滑动变阻器滑片位置，都能改变电阻两端电压。由实验数据知，表二中电压为1.5V、3V、6V，电阻变化是整数倍，表一中电压3V、2V变化不是整数倍，所以表一采用的是改变滑动变阻器滑片位置的方法；(2)2两种方法都测量了三组电压、电流，目的是相同的：总结普遍的物理规律，避免由于实验次数太少而造成结论的偶然性，片面性；(3)3由实验数据知，电流与电压变化规律相同，也就是在电阻一定时，电流与电压成正比。(4)4 实验结论是：电压相同时，通过不同导体的电流大小不同。表一、表二中，电压相同的是实验步骤2与5或3与6，比较其对应电流得出结论即可所以实验步骤2和5或者3与6都符合题意；(5)5分析比较表一或表二，可得结论：同一导体，电压与电流的比值相同的；6分析比较表一和表二，可得结论：不同导体，电压与电流比值是不同的。
