1、 2016 年内蒙古包头市中考物理试卷年内蒙古包头市中考物理试卷 一、选择题一、选择题 1下列说法正确的是（ ） A声音的传播需要介质，真空不能传声 B有霾天气，大量极细微的尘粒悬浮在空中，说明分子在不停地运动 C秋天的早晨花草上出现露珠，这是汽化现象 D通过技术改进，热机效率可达 100% 2下列光现象，由光的反射形成的是 （ ） A雨后彩虹 B海市蜃楼 C小孔成像 D水中倒影 3下列示意图正确的是（ ） A 小球所受的重力 G B 木块对斜面的压力 F C 力 F2的力臂 l2 D 家庭电路中，电灯和插座的安裝 4我国自行研制的歼15 舰载机在“辽宁号”航母上起飞过程中，下列说法正确的是（
2、 ） A舰载机飞离航母后，航母所受浮力的大小不变 B舰载机飞行时能获得向上的升力，是因为机翼上方空气流速大于机翼下方空气流速 C舰载机飞离航母甲板时，以舰载机为参照物，航母甲板是静止的 D舰载机在起飞过程中，惯性将消失 5如图所示是实验室电流表的内部结构图，处在磁场中的线圈有电流通过时，线圈会带动 指针一起偏转线圈中电流越大，指针偏转角度就越大关于该现象，下列说法正确的是 （ ） A该电流表是利用电磁感应原理工作的 B线圈中有电流通过时，把机械能转化为电能 C改变线圈中的电流方向，指针的偏转方向不会改变 D线圈中电流越大，其所受磁场力就越大 6如图甲所示，木块放在水平面上，用弹簧测力计沿水平方
3、向拉木块使其做直线运动，两 次拉动木块得到的 st 关系图象如图乙所示 两次对应的弹簧测力计示数分别为 F1、F2， 两次拉力的功率分别为 P1、P2，下列判断正确的是（ ） AFlF2、P1P2BFl=F2、P1P2CF1F2、P1=P2DF1F2、PlP2 7如图所示，把标有“6V 3W”的小灯泡与最大阻值为 10O 的滑动变阻器连接在电源电压 恒为 18V 的电路中， 各表的示数均不超过所选量程， 且灯泡两端电压不允许超过额定值 （灯 丝电阻不变） 闭合开关，下列说法正确的是（ ） A滑动变阻器滑片向左滑动的过程中，电流表示数变大，电压表示数变大 B电路的总功率最大值为 10.8W C小
4、灯泡的电功率最小值为 0.75W D滑动变阻器允许调节的范围是 24100 二、作图与实验题二、作图与实验题 8在探究“冰的熔化特点”的实验中，如图甲所示是某时刻温度计的示数，图乙所示是根据 实验数据绘制的温度一时间关系图象，已知冰的质量为 100g （1）图甲所示温度计的示数是 （2）冰从开始熔化到完全熔化持续了 min （3）物质在第 5min 具有的内能比第 7min 时的内能 （4） 设相同时间内物质吸收的热量相同， 则 BC 阶段物质共吸收了 J 的热量 C 冰=2.1103J/（kg） ，C水=4.2103J/（kg） （5）在图乙所示中，AB 段与 CD 段的倾斜程度不同，这是因
5、为 9在探究“凸透镜成像的规律”实验中： （1）如图甲所示是小明通过实验得到的凸透镜的像距 v 和物距 u 关系的图象由图象可知 凸透镜的焦距是 cm （2）把蜡烛放在距凸透镜 16cm 处时，如图乙所示，在凸透镜另一侧前后移动光屏，会在 光屏上得到一个倒立、 的实像 （3）实验完成之后，小明把自己的近视眼镜放在蜡烛与凸透镜之间，如图丙所示，因为近 视眼镜对光有 作用， 所以光屏上原来清晰的像变得模糊了， 若想在光屏上重新 得到清晰的烛焰像，在不改变蜡烛和凸透镜位置的情况下，应将光屏 凸透镜 10如图甲所示是“测量小灯泡电功率”的实验电路 电源电压恒为 6V，小灯泡的额定电压 2.5V，正常工
6、作时的电阻约为 10，滑动变阻器有 A 规格“10 2A”、B 规格“50 1A”可选 （1）该实验应选择 规格的滑动变阻器 （2）请用笔画线代替导线将图甲的实验电路连接完整 （3）连接好电路，闭合开关，小灯泡发光，但电压表示数为 0，经检査，图中 a、b、c、d 四根导线有一根断了，则该导线是 （4）排除故障后，闭合开关，当变阻器滑片 P 移到某一位置时，电压表的示数如图乙所示， 要测小灯泡的额定功率，应将滑片 P 向 端移动，使电压表示数为 V 当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率为 W 11某同学准备用弾簧测力计、烧杯、水、吸盘、滑轮、细线来测量木块（不吸水）的
7、密度 （1）在弹性限度内，弹簧受到的拉力越大，弹簧的伸长量就越 （2）如图 甲所示，木块所受的重力为 N （3）如图乙所示，将滑轮的轴固定在吸盘的挂钧上，挤出吸盘内部的空气，吸盘在 的作用下被紧紧压在烧杯底部如图丙所示，在烧杯中倒入适量的水，用细线将木块栓住， 通过弹簧测力计将木块全部拉入水中，此时弹簧测力计示数为 0.4N，如果不计摩擦和细线 重，木块受到的浮力为 N，木块的密度为 kg/m3 （ 水 =1.0103kg/m3） （4） 如果将图丙烧杯中的水换成另一种液体， 重复上述实验， 此时弹簧测力计示数为 0.2N， 则该液体的密度为 kg/m3 三、计算题三、计算题 12如图所示，某
8、家用电器具有加热、保温的功能用电器发热电阻 R 的额定电压为 220V， 额定功率为 605W加热时，按下温控开关 S 与 a、b 接触，此时红色指示灯亮；当达到一 定温度时，温控开关 S 自动跳接到 c，使用电器处于保温状态，此时绿色指示灯亮红灯标 有“6V 1.5W”、绿灯标有“12V 3W”的字样，用电器工作时两灯均正常发光（虚线框内为用电 器的加热和保温装置） 请根据以上信息解答下列问题： （1）电阻 R1的作用 （2）当用电器处于加热状态时，加热装置 1min 消耗的电能 （3）该用电器在保温状态时，保温装置的发热功率和电阻 R2的阻值 13如图所示，A 为直立固定的柱形水管，底部活
9、塞 B 与水管内壁接触良好且无摩擦，在 水管中装适量的水，水不会流出 活塞通过竖直硬杆与轻质杠杆 OCD 的 C 点相连，0 为杠 杆的固定转轴，滑轮组（非金属材料）绳子的自由端与杠杆的 D 端相连，滑轮组下端挂着 一个磁体 E，E 的正下方水平面上也放着一个同样的磁体 F（极性已标出） 当水管中水深 为 40cm 时， 杠杆恰好在水平位置平衡 已知 0C： CD=1： 2， 活塞 B 与水的接触面积为 30cm2， 活塞与硬杆总重为 3N，每个磁体重为 11N，不计动滑轮、绳重及摩擦 （g=10N/kg， 水 =1.0103kg/m3）求： （1）水管中水对活塞 B 的压强 （2）绳子自由端
10、对杠杆 D 端的拉力 （3）磁体 F 对水平面的压力 2016 年内蒙古包头市中考物理试卷年内蒙古包头市中考物理试卷 参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一、选择题一、选择题 1下列说法正确的是（ ） A声音的传播需要介质，真空不能传声 B有霾天气，大量极细微的尘粒悬浮在空中，说明分子在不停地运动 C秋天的早晨花草上出现露珠，这是汽化现象 D通过技术改进，热机效率可达 100% 【考点】声音的传播条件；液化及液化现象；机械运动；热机的效率 【分析】声音的传播需要介质，可以在气体、液体和固体中传播，但不能在真空中传播； 因为分子很小，人肉眼看不到，看到的就不是分子的运动； 物质由气态变为液态的
11、过程叫液化； 任何能量转化过程都伴随能量的损失，所以转化效率不可能达到 100% 【解答】解： A、声音的传播需要介质，但不能在真空中传播故 A 正确； B、尘粒是由大量分子组成的，尘粒的运动属于物体的机械运动，不能说明分子在做无规则 运动故 B 错误； C、秋天花草上出现露珠，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴故 C 错误； D、无论科技如何发展，热机的效率可以提高，总存在摩擦、要做额外功，效率一定不会达 到 100%故 D 错误 故选 A 2下列光现象，由光的反射形成的是 （ ） A雨后彩虹 B海市蜃楼 C小孔成像 D水中倒影 【考点】光的反射 【分析】要解决此题，需要掌握光的反射现象，
12、知道平面镜成像是由于光的反射形成的 要掌握光的折射现象， 知道水底看起来比实际的要浅、 斜插入水中的筷子向上折、 海市蜃楼、 凸透镜成像都是光的折射 要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形 成的 【解答】解：A、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水 珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以 说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的不合题意； B、海市蜃楼是光在沿直线方向传播时，在密度不均匀的空气层中，经过折射造成的结果， 不合题意； C、小孔成像，成的是物体倒立的像，像之所以是倒立的，就
13、是因为光的直线传播造成的； 不合题意； D、水中倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意 故选 D 3下列示意图正确的是（ ） A 小球所受的重力 G B 木块对斜面的压力 F C 力 F2的力臂 l2 D 家庭电路中，电灯和插座的安裝 【考点】力的示意图；力臂的画法；家庭电路的连接 【分析】 （1）根据规则物体的重心在物体的几何中心，然后过重心表示出重力的方向； （2）斜面上静止的木块对斜面的压力垂直于斜面，斜面受到的压力的作用点在斜面上； （3）力臂是指从支点到力的作用线的距离； （4） 灯泡的接法： 火线进入开关， 再进入灯泡顶端的金属点； 零线直接接入灯泡的螺旋套 两 孔插
14、座的接法：左孔接零线；右孔接火线； 【解答】 解： A、 小球所受的重力的重心应该在小球的重心上， 而图中重力的作用点画错了 故 A 错误； B、斜面上静止的木块对斜面的压力垂直于斜面，斜面受到的压力的作用点在斜面，图中压 力的作用点和方向画错了故 B 错误； C、反向延长力 F2的作用线，然后过支点 O 向力的作用线引垂线段，垂线段的长即为力臂 l2故 C 正确； D、火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开 关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故既能控制灯泡，又能更安全图中开关和灯泡 接法错误故 D 错误 故选 C 4我国自行研制的歼15 舰载机在“辽宁
15、号”航母上起飞过程中，下列说法正确的是（ ） A舰载机飞离航母后，航母所受浮力的大小不变 B舰载机飞行时能获得向上的升力，是因为机翼上方空气流速大于机翼下方空气流速 C舰载机飞离航母甲板时，以舰载机为参照物，航母甲板是静止的 D舰载机在起飞过程中，惯性将消失 【考点】物体的浮沉条件及其应用；参照物及其选择；惯性；飞机的升力 【分析】 （1）物体漂浮时受到的浮力和自身的重力相等； （2）流体流速越快的位置压强越小，据此来分析飞机起飞时的受力情况； （3）判断一个物体是否运动，要先选择一个参照物，看这个物体相对于参照物有没有位置 的改变如果位置发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止
16、的； （4）惯性是指物体能够保持原来运动状态不变的性质，任何物体都具有惯性 【解答】解：A舰载机飞离航母前后，航母始终漂浮，受到的浮力和自身的重力相等，当 舰载机飞离航母后，航母的重力减小，所受的浮力减小，故 A 错误； B飞机飞行时，机翼上方空气流速大于机翼下方空气流速，上方压强小于下方，从而产生 向上的升力，故 B 正确； C舰载机飞向航母甲板时，以舰载机为参照物，航母甲板相对于舰载机的位置是变化的， 所以航母甲板相对舰载机是运动的，故 C 错误； D物体在任何时候都有惯性，飞机在起飞过程中，惯性不可能消失，故 D 错误 故选 B 5如图所示是实验室电流表的内部结构图，处在磁场中的线圈有电
17、流通过时，线圈会带动 指针一起偏转线圈中电流越大，指针偏转角度就越大关于该现象，下列说法正确的是 （ ） A该电流表是利用电磁感应原理工作的 B线圈中有电流通过时，把机械能转化为电能 C改变线圈中的电流方向，指针的偏转方向不会改变 D线圈中电流越大，其所受磁场力就越大 【考点】磁场对通电导线的作用 【分析】首先利用图示的装置分析出其制成原理，即通电线圈在磁场中受力转动，线圈的转 动可以带动指针的偏转 线圈受力方向与电流方向有关， 这一过程中， 将电能转化为机械能 【解答】 解： 通过电流表的内部构造显示电流表的制成原理： 通电线圈在磁场中受力而转动， 并且电流越大，线圈受到的力越大，其转动的幅
18、度越大因此可以利用电流表指针的转动幅 度来体现电路中电流的大小 A通过电流表的内部构造显示电流表的制成原理：通电线圈在磁场中受力而转动，故 A 错 误； B线圈中有电流通过时，电能转化为机械能，故 B 错误； C改变线圈中的电流方向，其转动方向会发生改变，故 C 错误； D电流越大，线圈受到的力越大，因此可以利用电流表指针的转动幅度来体现电路中电流 的大小，故 D 正确 故选 D 6如图甲所示，木块放在水平面上，用弹簧测力计沿水平方向拉木块使其做直线运动，两 次拉动木块得到的 st 关系图象如图乙所示 两次对应的弹簧测力计示数分别为 F1、F2， 两次拉力的功率分别为 P1、P2，下列判断正确
19、的是（ ） AFlF2、P1P2BFl=F2、P1P2CF1F2、P1=P2DF1F2、PlP2 【考点】功率大小的比较；二力平衡条件的应用 【分析】 （1）弹簧测力计拉动木块在水平面上匀速直线运动时，水平方向上木块受到拉力和 滑动摩擦力作用，拉力和滑动摩擦力是一对平衡力 （2）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关根据 P=Fv 判断拉力的功率 【解答】 解： 由图乙可知， 木块两次都做匀速直线运动， 则拉力和滑动摩擦力是一对平衡力， 大小相等， 因为同一木块放在同一桌面上，压力不变、接触面的粗糙程度不变，所以两次木块受到的滑 动摩擦力相等， 故两次对应的弹簧测力计示数相等，即 F1=
20、F2； 从图乙中可以判断出，第 1 次木块的运动速度大于第 2 次木块的运动速度，即 v1v2， 根据公式 P=Fv 可知，当拉力相等时，速度越大，拉力的功率越大，即：P1P2 综上所述，ACD 错误，B 正确 故选：B 7如图所示，把标有“6V 3W”的小灯泡与最大阻值为 10O 的滑动变阻器连接在电源电压 恒为 18V 的电路中， 各表的示数均不超过所选量程， 且灯泡两端电压不允许超过额定值 （灯 丝电阻不变） 闭合开关，下列说法正确的是（ ） A滑动变阻器滑片向左滑动的过程中，电流表示数变大，电压表示数变大 B电路的总功率最大值为 10.8W C小灯泡的电功率最小值为 0.75W D滑动
21、变阻器允许调节的范围是 24100 【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用；电功率的计算 【分析】根据实物图可知：灯泡与滑动变阻器是串联关系；电流表测量串联电路的电流（所 选量程为 00.6A） ，电压表测量滑动变阻器两端的电压（所选量程为 015V） 根据滑片移动的方向确定滑动变阻器接入电路阻值的变化，由欧姆定律可知电路电流的 变化，根据串联电路分压规律可知电压表示数的变化； 为保护电压表，滑动变阻器两端的最大电压为 15V，此时滑动变阻器连入的电阻最大， 利用串联电路的电压关系求出此时加在灯两端的电压； 再利用欧姆定律求出此时电路中的最 小电流和滑动变阻器连入的电阻； 由灯的铭牌求出灯正常
22、发光时的电流和灯丝电阻，确定电路中的最大电流，根据欧姆定 律求出滑动变阻器连入电路的最小电阻； 根据欧姆定律可求出滑动变阻器允许调节的范围； 由状态，利用 P=UI 可求小灯泡的电功率最小值； 由状态，利用 P=UI 求电路的总功率最大值 【解答】解：A、根据实物图可知，滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，即 电路中的总电阻变小； 由欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大； 因为串联电路起分压作用，因此滑动变阻器分得的电压变小，即电压表示数变小，故 A 错 误； BCD、由 P=可知，灯丝电阻：R=12， 由 P=UI 可知，灯正常发光时的电流：I=0.5A， 由题知电路中
23、的最大电流应为 0.5A； 即：I=0.5A， 故滑动变阻器连入电路的最小电阻：R=24， 此时电路中电功率最大：P 最大=UI=18V0.5A=9W，故 B 错误； 为保护电压表，滑动变阻器两端的最大电压为 15V，此时滑动变阻器连入的电阻最大，电路 中的电流最小， 因为 U=UL+UR，所以 UR=UUL=18V15V=3V， 此时电路中最小的电流为：I=0.25A， 滑动变阻器连入的最大电阻为：R=60； 此时小灯泡的电功率最小为：P 小=ULI=3V0.25A=0.75W，故 C 正确； 由此可知：滑动变阻器允许调节的范围为 2460，故 D 错误 故选 C 二、作图与实验题二、作图与
24、实验题 8在探究“冰的熔化特点”的实验中，如图甲所示是某时刻温度计的示数，图乙所示是根据 实验数据绘制的温度一时间关系图象，已知冰的质量为 100g （1）图甲所示温度计的示数是 4 （2）冰从开始熔化到完全熔化持续了 4 min （3）物质在第 5min 具有的内能比第 7min 时的内能 小 （4）设相同时间内物质吸收的热量相同，则 BC 阶段物质共吸收了 2.1103 J 的热量C 冰=2.1103J/（kg） ，C水=4.2103J/（kg） （5）在图乙所示中，AB 段与 CD 段的倾斜程度不同，这是因为 水和冰的比热容不同 【考点】熔化和凝固的探究实验 【分析】 （1）温度计读数时
25、要看清分度值，并注意示数在零上还是零下； （2）从图象中找出开始熔化和结束熔化的时间，可确定熔化的持续时间； （3）物质在熔化时不断吸热，所以内能不断增大； （4）利用公式 Q=cm t 可计算吸收的热量； （5）知道水和冰的比热容不同，相同质量的水和冰，吸收相同的热量，其温度变化不同 【解答】解： （1）读图甲可知，温度计的分度值为 1，液柱在 0 摄氏度以下，其示数为 4； （2）读图乙可知，冰从开始熔化到完全熔化持续的时间为 8min4min=4min； （3）由于冰在熔化过程中不断吸热，所以在第 5min 具有的内能比第 7min 时的内能小； （4）由于相同时间内物质吸收的热量相同，
26、则 BC 段冰熔化吸热的时间为 4min，与 AB 段 吸收的热量相同， 故 BC 段共吸收的热量为：Q=cm t=2.1103J/（kg）0.1kg10=2.1103J； （5）在图乙所示中，AB 段与 CD 段的倾斜程度不同，这是因为水和冰的比热容不同，相同 质量的水和冰，吸收相同的热量，其温度变化不同 故答案为： （1）4； （2）4； （3）小； （4）2.1103； （4）水和冰的比热容不同 9在探究“凸透镜成像的规律”实验中： （1）如图甲所示是小明通过实验得到的凸透镜的像距 v 和物距 u 关系的图象由图象可知 凸透镜的焦距是 10 cm （2）把蜡烛放在距凸透镜 16cm 处时
27、，如图乙所示，在凸透镜另一侧前后移动光屏，会在 光屏上得到一个倒立、 放大 的实像 （3）实验完成之后，小明把自己的近视眼镜放在蜡烛与凸透镜之间，如图丙所示，因为近 视眼镜对光有 发散 作用， 所以光屏上原来清晰的像变得模糊了， 若想在光屏上重新得到 清晰的烛焰像，在不改变蜡烛和凸透镜位置的情况下，应将光屏 远离 凸透镜 【考点】凸透镜成像规律及其探究实验 【分析】 （1）凸透镜成像时，u=v=2f，在图象上找到 u=v 对应点，根据物距和焦距的关系求 出凸透镜的焦距 （2）凸透镜成像时，2fuf，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪 （3）近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，使原来
28、会聚成像的光线推迟会聚，像 远离凸透镜，要用光屏接到清晰的像，判断光屏的移动方向 【解答】解： （1）由图知，当物距为 20cm 时，像距也为 20cm，根据凸透镜成像的规律， 物距等于 2 倍焦距时， 成倒立等大的实像， 此时像距与物距相等 所以 2f=20cm， 则 f=10cm （2）由（1）可知，f=10cm，把蜡烛放在距凸透镜 16cm 处时，2fuf，成倒立、放大的 实像； （3）近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，使原来会聚成像的光线推迟会聚，像 远离凸透镜，要用光屏接到清晰的像，应将光屏向右调节，即向远离凸透镜的方向调节，才 能使像变清晰 故答案为： （1）10； （2）
29、放大； （3）发散；远离 10如图甲所示是“测量小灯泡电功率”的实验电路 电源电压恒为 6V，小灯泡的额定电压 2.5V，正常工作时的电阻约为 10，滑动变阻器有 A 规格“10 2A”、B 规格“50 1A”可选 （1）该实验应选择 50 1A 规格的滑动变阻器 （2）请用笔画线代替导线将图甲的实验电路连接完整 （3）连接好电路，闭合开关，小灯泡发光，但电压表示数为 0，经检査，图中 a、b、c、d 四根导线有一根断了，则该导线是 c （4）排除故障后，闭合开关，当变阻器滑片 P 移到某一位置时，电压表的示数如图乙所示， 要测小灯泡的额定功率， 应将滑片 P 向 左 （或 A） 端移动， 使
30、电压表示数为 2.5 V 当 小灯泡正常发光时，电流表的示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率为 0.6 W 【考点】电功率的测量；欧姆定律的应用 【分析】 （1）求出变阻器应分得的电压，根据分压原理求变阻器连入电路中的最小阻值，从 而确定变阻器的规格； （2）按“一下一上”将变阻器连入电路中； （3）小灯泡发光，说明电路为通路，电压表示数为 0，说明电压表所在的支路断路； （4）认清电压表的分度值读数，根据分压原理确定滑片移动的方向； 认清电流表的分度值读数，根据 P 额=U额I 计算灯的额定功率 【解答】 解；（1） 灯的额定电压为 2.5V， 要使小灯泡正常发光， 变阻器要分去 6V2.5V
31、=3.5V 的电压， 根据分压原理=， 滑动变阻器连入电路中的阻值至少为 R滑=RL= 10=14，根据欧姆定律，灯正常工作时的电流为 0.25A1A 故选用 B 规格“50 1A”的变 阻器； （2）如下图所示； （3）连接好电路，闭合开关，小灯泡发光，说明电路为通路，电压表示 数为 0，说明电压 表所在的支路断路，故 c 导线断了； （4）电压表小量程的分度值为 0.1V，示数为 1.8V，要增大灯的电压，就要减小变阻器分得 的电压，根据分压原理，减小变阻器的电阻即可，所以要测小灯泡的额定功率，滑片向左移 动； 电流表小量程的分度值为 0.02A，示数为 0.24A，小灯泡的额定功率 P
32、额=U额 I=2.5V0.24A=0.6W 故答案为： （1）50 1A； （2）如上图所示； （3）c； （4）左（或 A） ；2.5；0.6 11某同学准备用弾簧测力计、烧杯、水、吸盘、滑轮、细线来测量木块（不吸水）的密度 （1）在弹性限度内，弹簧受到的拉力越大，弹簧的伸长量就越 长 （2）如图 甲所示，木块所受的重力为 0.6 N （3）如图乙所示，将滑轮的轴固定在吸盘的挂钧上，挤出吸盘内部的空气，吸盘在 大气 压 的作用下被紧紧压在烧杯底部如图丙所示，在烧杯中倒入适量的水，用细线将木块栓 住，通过弹簧测力计将木块全部拉入水中，此时弹簧测力计示数为 0.4N，如果不计摩擦和 细线重，木块
33、受到的浮力为 1.0 N，木块的密度为 0.6103 kg/m3 （ 水=1.0103kg/m3 ） （4） 如果将图丙烧杯中的水换成另一种液体， 重复上述实验， 此时弹簧测力计示数为 0.2N， 则该液体的密度为 0.8103 kg/m3 【考点】固体密度的测量 【分析】 （1）在弹性限度内，弹簧的伸长与受的拉力成正比，弹簧受到的拉力越大，弹簧的 伸长量就越长； （2）明确弹簧测力计的分度值，再根据指针指示来读数； （3）如图乙将滑轮的轴固定在吸盘的挂钩上，挤出吸盘内部的空气，吸盘内的气压小于外 界大气压，在外界大气压的作用下，吸盘被压在烧杯底部；图丙中使用的是定滑轮，不能省 力， 所以弹簧
34、测力计的示数即为对木块的拉力， 根据二力平衡知识可知 F浮=G+F 拉求出浮力； 根据 F浮= 水gV排求出木块的体积；根据公式 G=mg=Vg 求出木块的密度； （4）根据 F浮=G+F 拉求出木块在液体中受的浮力；根据 F浮=液gV排求出液体的密度 【解答】解： （1）在弹性限度内，弹簧的伸长与受的拉力成正比，弹簧受到的拉力越大，弹 簧的伸长量就越长； （2） 图甲中弹簧测力计的分度值为 0.2N， 木块在空气中的重力即弹簧测力计的示数为 0.6N； （3）图丙中弹簧测力计的拉力 F拉=0.2N，木块受到的浮力：F 浮=G+F拉=0.6N+0.4N=1.0N， 根据 F浮=水gV 排求出木
35、块的体积V=V 排= =104m3， 根据公式 G=mg=Vg 求出木块的密度为 木= =0.6103kg/m3 （4）木块在待测液体中受到的浮力：F浮=G+F 拉=0.6N+02N=0.8N，根据 F浮=液gV排求出 液体的密度 液= =0.8103kg/m3 故答案为： （1）长； （2）0.6； （3）1.0，0.6103； （4）0.8103 三、计算题三、计算题 12如图所示，某家用电器具有加热、保温的功能用电器发热电阻 R 的额定电压为 220V， 额定功率为 605W加热时，按下温控开关 S 与 a、b 接触，此时红色指示灯亮；当达到一 定温度时，温控开关 S 自动跳接到 c，使
36、用电器处于保温状态，此时绿色指示灯亮红灯标 有“6V 1.5W”、绿灯标有“12V 3W”的字样，用电器工作时两灯均正常发光（虚线框内为用电 器的加热和保温装置） 请根据以上信息解答下列问题： （1）电阻 R1的作用 （2）当用电器处于加热状态时，加热装置 1min 消耗的电能 （3）该用电器在保温状态时，保温装置的发热功率和电阻 R2的阻值 【考点】电功的计算；欧姆定律的应用；电功率的计算 【分析】 （1）加热时，R1与红灯串联，根据串联电路的分压作用进行分析； 根据 P=UI 求出红灯正常发光时电路中电流，再根据串联电路电压的特点和欧姆定律的变形 公式求出 R1的阻值； （2）已知加热时的
37、功率，直接根据 W=Pt 即可求出加热装置 1min 消耗的电能 （3）保温时，R、R2和绿灯串联，根据灯泡正常发光和 P=UI 求出此时电路中的电流，并 根据欧姆定律的变形公式求出电路的总电阻，然后利用 P=的变形公式求出 R 和绿灯的 电阻，再根据串联电路电阻的特点求出 R2的阻值；利用 P=I2R 求出保温时该电器保温装置 的发热功率 【解答】解： （1）由题和电路图可知，加热时，按下温控开关 S 与 a、b 接触，红灯与 R1串联，再与发 热电阻 R 并联； 因为电源电压大于红灯的额定电压，因此 R1起分压作用，使红灯正常发光； （2）由题知，加热时，发热电阻 R 的额定功率为 605
38、W， 由 P=可得，加热装置 1min 消耗的电能： W=P 加热t=605W60s=3.63104J； （3）由电路图和题意可知，温控开关 S 自动跳接到 c，用电器处于保温状态，此时绿灯、 R2、R 串联，R2和 R 为保温装置； 绿色指示灯正常发光，由 P=UI 可得，I绿灯=0.25A， 串联电路电流处处相等，所以 I=I绿灯=0.25A， 根据串联电路的电压规律可得，保温装置两端的电压：U 保温=UU绿灯=220V12V=208V， 保温装置的发热功率：P 保温=U保温I=208V0.25A=52W， 保温装置的总电阻：R 保温= =832， 发热电阻 R 的阻值：R=80， 根据串
39、联电路的电阻规律可得，电阻 R2的阻值：R2=R 保温R=83280=752 答： （1）电阻 R1的作用，起分压作用，使红灯正常发光 （2）当用电器处于加热状态时，加热装置 1min 消耗的电能为 3.63104J （3）该用电器在保温状态时保温装置的发热功率为 52W，电阻 R2的阻值为 752 13如图所示，A 为直立固定的柱形水管，底部活塞 B 与水管内壁接触良好且无摩擦，在 水管中装适量的水，水不会流出 活塞通过竖直硬杆与轻质杠杆 OCD 的 C 点相连，0 为杠 杆的固定转轴，滑轮组（非金属材料）绳子的自由端与杠杆的 D 端相连，滑轮组下端挂着 一个磁体 E，E 的正下方水平面上也
40、放着一个同样的磁体 F（极性已标出） 当水管中水深 为 40cm 时， 杠杆恰好在水平位置平衡 已知 0C： CD=1： 2， 活塞 B 与水的接触面积为 30cm2， 活塞与硬杆总重为 3N，每个磁体重为 11N，不计动滑轮、绳重及摩擦 （g=10N/kg， 水 =1.0103kg/m3）求： （1）水管中水对活塞 B 的压强 （2）绳子自由端对杠杆 D 端的拉力 （3）磁体 F 对水平面的压力 【考点】杠杆的应用；压力及重力与压力的区别；液体的压强的计算 【分析】 （1）水管中水的深度，根据 p=gh 求出水对活塞 B 的压强； （2）知道 B 与水的接触面积和水的压强，根据 F=pS 求
41、出水对活塞的压力即为水的重力， 然后加上活塞与硬杆总重可得杠杆 C 受到的压力，根据杠杆的平衡条件求出绳子自由端对 杠杆 D 端的拉力； （3）根据力的作用是相互的可知，杠杆 D 端对滑轮组绳子的自由端的拉力等于绳子自由端 对杠杆 D 端的拉力，根据磁极间的作用力设出相互作用力，把动滑轮和磁体 E 看做整体受 力分析，根据力的平衡条件求出磁极间的作用力，磁体 F 对水平面的压力等于自身的重力 加上磁极间的作用力 【解答】解： （1）水管中水对活塞 B 的压强： pB= 水gh=1.0103kg/m310N/kg4010 2m=4103Pa； （2）由 p=可得，水对活塞的压力即水的重力： G
42、水=FB=pBSB=4103Pa3010 4m2=12N， 杠杆 C 受到的压力： FC=G 水+G活塞=12N+3N=15N， 由杠杆的平衡条件可得： FCOC=FDOD， 则绳子自由端对杠杆 D 端的拉力： FD=FC=FC=15N=5N； （3）因力的作用是相互的， 所以，杠杆 D 端对滑轮组绳子的自由端的拉力也为 5N， 由同名磁极相互排斥可设磁极间的作用力为 F斥， 把动滑轮和磁体 E 看做整体，受到竖直向上两股绳子的拉力和磁极间的斥力、竖直向下磁 体 E 的重力， 由力的平衡条件可得：2FD+F斥=GE， 则 F斥=GE2FD=11N25N=1N， 磁体 F 对水平面的压力： F 压=GF+F斥=11N+1N=12N 答： （1）水管中水对活塞 B 的压强为 4103Pa； （2）绳子自由端对杠杆 D 端的拉力为 5N； （3）磁体 F 对水平面的压力为 12N
