1、物理试卷 第 1 页共 6 页第 1 页共 6 页鞍山市普通高中 2022-2023 学年度高三第二次质量监测物理本试卷共 6 页，15 题。全卷满分 100 分。考试用时 75 分钟。一、单项选择题：本题共 7 小题，每小题 4 分，共 28 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.下面列出了几位科学家的名字和有关的物理学史实：a.伽利略b.牛顿鼓c.法拉第d.库仑e.奥斯特提出了力不是维持物体运动状态的原因总结了动力学的三个运动定律发现了电流的磁效应发现了电磁感应现象通过精确的实验确定了电荷间相互作用的“平方反比”规律关于上述科学家的代号与有关事实的代号连线正确的是A.
2、abdB.abdC.acdD.bcd2.有一列满载的火车，以一定的初速度在水平轨道上做匀减速直线运动，它的加速度大小为kg(k1)，则装满砾石的某节车箱中，位于中间位置的一个质量为 m 的砾石受到的周围其它砾石对它的总作用力大小应是A.mgB.kmgC.mg(1+k)1/2D.mg(1k2)1/23.如图所示。理想变压器的原线圈 a、b 两端接输出电压恒定的正弦交流电，副线圈 c、d 两端通过输电线接两只相同的灯泡 L1和 L2，输电线的等效电阻为 R，在图示状态开关 S 是断开的，当开关 S 闭合时下列判断正确的是A.副线圈 c、d 两端的电压减小B.原线圈 a、b 两端的电压增大C.灯泡
3、L1两端的电压减小D.等效电阻 R 两端的电压不变4.两个完全相同的小球、B 用长度均为 L 的细线悬于天花板上，如图所示。若将 A 从图示位置由静止释放，则球被碰后第一次速度为零时距离最低点的高度可能是A.9LB.5LC.32LD.10L5.如图所示。三棱镜的 AC 面上镀有反射膜，一束白光斜射向 AB 面，经棱镜 AB 面折射、AC面反射、再经 BC 面折射后，在离 BC 面很近的屏 MN 的 ab 段形成光带。则A.增大入射角，光束可能在 AB 面发生全反射B.ab 间为明暗相间的单色光带C.棱镜材料对照射到 a 点的色光的折射率大D.照射到 a 点的色光为红色6.如图所示，一定质量的理
4、想气体从状态 A 依次经过状态 B、C 和 D 后再回到状态 A，其中AB 和 CD 为等温过程，BC 和 DA 为绝热过程，上述循环过程叫做热机的“卡诺循环”。则A.BC 过程气体分子的数密度增大B.BC 过程气体的温度不变C.AC 过程气体对外做功大于 CA 过程外界对气体做功D.CD 过程放出的热量等于 AB 过程吸收的热量7.如图甲所示，足够长固定绝缘光滑斜面倾角为，以斜面底端为坐标原点，沿斜面方向建立x 轴，在 x 轴上的部分区间存在电场，电场方向沿斜面向上。一质量为 m、电荷量为 q 的带正电滑块(可视为质点)从斜面底端由静止释放，不计空气阻力，滑块对原电场无影响，滑块向上运动的一
5、段过程中机械能 E 随位移 x 变化的图像如图乙所示，曲线上 A 点切线斜率最大。下列说法正确的是A.在 x1x3过程中滑块速度先增大后不变B.在 0 x1过程中滑块速度一定增大C.在 x=x1处电势最高D.在 x=x3处电场强度最大二、多项选择题：本题共 3 小题，每小题 6 分，共 18 分。在每小题给出的四个选项中，有多项是符合题目要求的；全部选对的得 6 分，部分选对的得 3 分，有选错的得 0 分。8.我国火星探测器“天问一号”已于 2021 年 2 月 15 日成功完成远火点平面轨道调整，预期会再环绕火星运行 2 个月后着陆。假设探测器在环绕火星轨道上做匀速圆周运动时，探测到它恰好
6、与火星表面某一山脉相对静止，测得相邻两次看到日出的时间间隔为 T，探测器仪表上显示的绕行速度为 v，已知引力常量为 G，则A.火星的质量为GTv23B.火星的质量为GTv2232C.探测器的轨道半径为2vTD.火星的平均密度为23GTv9.如图所示，一列简谐横波沿 x 轴正方向传播，从波传到平衡位置为 x=1m 的 P 质点时开始计时，已知在 t=0.6s 时、M 间第一次形成图示波形，此时平衡位置为 x=4m 的 M 质点正好在波谷。下列说法正确的是A.t=0.6s 时 P 质点的振动方向为 y 轴负方向B.该列简谐横波的周期可能为 0.6sC.该列简谐横波的传播速度可能为 20m/sD.从
7、计时开始到 t=0.4s，平衡位置为 x=2m 处的质点通过的路程可能为 40cm10.如图所示，重 10N 的滑块在倾角为 30的斜面上从 a 点由静止开始下滑，到 b 点接触到一个轻弹簧，滑块压缩弹簧到 c 点，开始弹回，返回 b 点离开弹簧，最后又回到 a点，已知 ab=0.7m，bc=0.5m。那么，下列说法正确的是A.整个过程中滑块动能的最大值为 6JB.整个过程中弹簧弹性势能的最大值为 6JC.从 c 点运动到 b 点的过程中弹簧弹力对滑块做 6J 功D.整个过程中弹簧、滑块与地球组成的系统机械能守恒三、实验题：11 题 6 分，12 题 8 分，共 14 分。11.(6 分)用图
8、甲所示的实验装置验证细线连着的钩码 m1、钩码 m2组成的系统的机械能守恒，m2从高处由静止开始自由下落，m1拖着纸带打出一系列的点，对纸带上的点进行测量，即可验证机械能守恒定律。如图乙所示为实验中获取的一条纸带：0 是打下的第一个点，每相邻两个计数点间还有四个点(未画出)。已知 m1=50g、m2=150g。(重力加速度 g 取 9.8m/s，打点计时器使用的交流电源的频率为 50Hz)。(1)在纸带上打下计数点 5 时钩码的速度大小为m/s。(计算结果保留 2 位有效数字)(2)在纸带上打下计数点 0 到计数点 5 的过程中系统动能增加量为重力势能减小量为J。(计算结果保留 2 位有效数字
9、)12.(8 分)为尽量准确地测量某待测电阻 Rx的阻值(约为 30)，有以下器材可供选择：电流表：A1(量程 050mA，内阻约 12)A2(量程 03A，内阻约 0.12)电压表：V1(量程 03V，内阻很大)V2(量程 015V，内阻很大)电源：E(电动势约为 3V，内阻约为 0.2)定值电阻：R(30，允许最大电流 1.0A)滑动变阻器：R1(010，允许最大电流 2.0A)滑动变阻器：R2(01k，允许最大电流 0.5A)单刀单掷开关 S 一个，导线若干(1)电流表应选,电压表应选,滑动变阻器应选.(填字母代号)(2)请在方框中画出测量电阻 Rx的实验电路图(要求测量值的范围尽可能大
10、一些，所用器材用对应的符号标出)(3)某次测量中，电压表示数为时，电流表示数为 I，则计算待测电阻阻值的表达式为Rx=.四、计算题：13 题 10 分，14 题 12 分，15 题 18 分，共 40 分。13.(10 分)依据运动员某次练习时推动冰壶滑行的过程建立如图所示模型：冰壶的质量m=19.7kg，当运动员推力 F 为 5N、方向与水平方向夹角为=37时，冰壶可在推力作用下沿着水平冰面做匀速直线运动，一段时间后松手将冰壶投出，重力加速度 g 取 10m/s，sin 37=0.6，cos 37=0.8，求：(1)冰壶与地面间的动摩擦因数；(2)若冰壶投出后在冰面上滑行的最远距离是 s=4
11、0m，则冰壶离开手时的速度 v0为多少?14.(12 分)如图所示，水平面上两根足够长的光滑金属导轨平行固定放置，导轨间距离为L=0.5m，一端通过导线与阻值为 R=0.4的电阻连接；质量 m=0.5kg、长也为 L=0.5m、电阻r=0.1的金属杆静止放置在导轨上，导轨的电阻忽略不计；导轨所在位置有磁感应强度为B=1T 的匀强磁场，磁场的方向垂直导轨平面向上，现在给金属杆施加一水平向右的拉力 F，使金属杆从静止开始做加速度为 a=1m/s的匀加速直线运动。求：(1)从静止开始运动，经时间 t=4s 时拉力的大小；(2)上述 t=4s 内拉力的冲量 IF。15.(18 分)如图所示，在以点为圆
12、心、R 为半径的圆周上有 P、A、C 三点，POA=60。此圆形区域内存在磁感应强度大小为 B、方向垂直纸面向里的匀强磁场，圆形区域下方存在水平向右的匀强电场，其上边界与磁场相切于 C 点，竖直的左边界 MN 与磁场相切于 P 点，MN 左侧只有部分区域存在匀强磁场。两个相同的带电粒子(重力不计)从 P 点沿 PO 方向射入磁场中，速率为 v0的 a 粒子恰好从 A 点射出磁场，速率为3v0的粒子 b 出磁场后又从 D 点离开电场，离开电场时的速度平行于 OA，经过 MN 左侧的、部分区域的磁场偏转后，最终能从 P 点沿水平向右的方向重新进入磁场。试求(1)该粒子的比荷 K；(2)匀强电场的场
13、强 E；(3)粒子 b 在 MN 左侧的、部分区域磁场中运动的最短时间 t1。鞍山市普通高中鞍山市普通高中 20222023 学年度高三第二次质量监测学年度高三第二次质量监测物理 参考答案及评分标准物理 参考答案及评分标准选择题：选择题：(47+63=46 分)1B2C3C4B5D6C7B8AC9AB10BCD实验题：（实验题：（6+8=14 分）11（1）2.4 m/s（2 分）（2）0.58J（2 分）0.59J（2 分）；12（1）A1、V1、R1（3 分），（2）R 与 RX串联（1 分）、电流表 A1外接（1 分）、R1用分压式接法、电源开关接法正确（1 分）（3）Rx-RIU（2
14、分）计算题：（计算题：（10+12+18=40 分）13（10 分）解：（1）以冰壶为研究对象，由共点力作用下物体的平衡条件得在水平方向有Fcos=N（2 分）在竖直方向有Fsin+mg=N（2 分）代入数据后联立解得=0.02（1 分）（2）由匀变速直线运动的位移速度加速度关系式得 0vo2=2（a）s（2 分）由牛顿运动定律得mg=ma（2 分）代入数据后联立解得vo=4m/s（1 分）另解：另解：-mgs=0-mvo2/2（4 分）代入数据后联立解得vo=4m/s（1 分）（不代入数字但是运算结果正确不扣分，其他方法正确均给分）14（12 分）解：（1）t=4s 时由匀变速直线运动的速度
15、时间关系式得v=at（1 分）以金属杆为研究对象，由牛顿运动定律得 F F安=ma（1 分）由安培力的计算公式得 F安=BIL（1 分）由闭合电路欧姆定律和感应电动势得计算公式得 I=BLv/（r+R）（2 分）代入数据后联立解得 F=2.5N（1 分）（2）在 04s 内由动量定理得IFI安=mv（2 分）由安培力计算式以及冲量计算式得 I安=BL（It）=BLq（1 分）由电磁感应中中通过导体截面电量关系式得 q=/(R+r)=BLx/(R+r)（1 分）由匀变速直线运动的位移时间关系公式得 x=at2/2（1 分）代入数据后联立解得在 04s 内拉力 F 的冲量 IF=6N s（1 分）
16、另解另解：由 F=F安+ma=B2L2at/（r+R）+ma 可知，在 04s 内外力 F 是均匀变化的，IF=F平均t=（ma+F）t/2=6N s（不代入数字但是运算结果正确不扣分，其他方法正确均给分）15（18 分）解：（1）粒子 a 进入磁场后轨迹如图，有几何知识可知半径ra=R33（1 分）由牛顿第二定律以及圆运动相关知识得a200rmBqvv=（2 分）解得K=BRmq03v=（1 分）（2）由牛顿第二定律以及圆运动相关知识得b0033rmBq2vv）（=解得rb=R（2 分）进入电场区域后做类平抛运动到 D 点如图水平位移 R=221at（1 分）由牛顿第二定律及 F=Eq 得
17、a=mEq（1 分）将离开电场时速度分解如图at03tan60v=（2 分）由 得E=320vB（2 分）（3）进入左侧磁场区域速度偏转角为 2400，由运动时间为 2/3T 可知周期越短，时间越短，由于粒子速度大小一定，可知半径越小，时间越短，比较图示两条轨迹，可知进入 MN 左侧区域即进入磁场，偏转时间最短。（1 分）竖直位移 y=3v0t（1 分）解得 b 粒子的竖直位移 y=R32离开电场时的速度由速度的合成分解得vv30sin60=得v=2v0（1 分）进入部分区域磁场时，半径最小的轨迹如图小圆有几何知识可知yRrr+=cos60+b1b1（1 分）解得334+2=b1Rr）（由t1=T32，vrTb12=（1 分）解得t1=0）（v9384R（1 分）注：其他解法正确的，也得分。注：其他解法正确的，也得分。
