2020年甘肃省高考二诊理科数学答案.pdf

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1、 第二次诊断理科数学答案 第 1 页(共 4 页) 2020年甘肃省第二次高考诊断理科数学考试参考答案及评分标准 一、选择题:本大题共 12 小题,每小题 5 分,共 60 分。在每小题给出的四个选项中,只 有一项是符合题目要求的. 1. D 2.B 3.B 4.C 5.D 6.A 7.C 8.D 9.A 10.B 11.D 12. A 二、填空题:本大题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分. 13. 3; 14.3; 15. ; 16.0 三、解答题:共 70 分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第 1721 题为必考 题,每个试题考生都必须作答。第 22、23 题为选考题,考

2、生根据要求作答。 (一)必考题:共 60 分. 17. (本题满分 12 分) 解: (1)如图所示,取AC的中点为E,连接 DEBE, 因为 ,ABBC ADCD,所以 ,BEAC DEAC, 又 BEDEE,所以AC平面 BED, 又因为 BD平面 BED,所以ACB D.6 分 (2)在等腰BAC中,可求得1BE ,同理1DE .又因 为=1B D, 所以 BED为等边三角形.建立如图所示的空间 直角坐标系Exyz, 则( 3 , 0 , 0 )C,(3,0,0)A ,(0,1,0)D, 13 (0,) 22 B ,所以( 3,1,0)AD , 13 (0,) 22 BD. 设 平 面B

3、 A D的 一 个 法 向 量 为( , , )x y zn, 则 30 , 13 0, 22 xy yz 不妨取( 1, 3,1) n;易知平面ACD的一个法向量为(0,0,1)m,则 15 cos, 55 1 m n,所以二面角CADB平面角的余弦值为 5 5 . 12 分 18.(本题满分 12 分) 解: (1)(2)coscos0abCcB,由正弦定理得, 23- 第二次诊断理科数学答案 第 2 页(共 4 页) 2sincossincoscos sin0ACBCBC.即2sincossin()sinACBCA, 又sin0A,故 1 cos 2 C ,又0C,所以 2 3 C .

4、6 分 (2)由 2 3 C , 4 21 3 R 及2 sincRC,知4 7c , 又 1213 sin8 3 2322 Sabab ,即32ab, 9 分 由余弦定理 222 2coscababC,得 2 22 2 2cos4 7 3 abab , 即 2 22 112abababab,又32ab,故12ab. 所以124 7abc, 即ABC的周长为124 7. 12 分 19.(本题满分 12 分) 解: (1)第二代开红花包含两个互斥事件:即第一代开红花后第二代也开红花;第一 代开黄花而第二代开红花,故由 1 1 2 p ,得 211 137 1 35 15 ppp . 4 分 (

5、2)由题意可知,第n代开红花的概率与第1n代的开花的情况相关,故有 111 1343 1 35155 nnnn pppp , 则有, 1 949 191519 nn pp . 又 1 9191 1921938 p . 所以数列 9 19 n p 是以 1 38 为首项,以 4 15 为公比的等比数列. 8 分 由知 1 914 193815 n n p ,故 1 914 193815 n n p 911 19382 . 故有当 * nN时, 2 1 n p. 因此,第n( *, 2nnN),代开黄花的概率更大. 12 分 20.(本题满分 12 分) 解:(1)由 2 ( )e (25)85

6、x f xxaxa, 得: 2 ( )e (23)6 e (2 )(3) xx f xxaxaxa x (0)66fa,所以1a . 4 分 (2)( )e (2 )(3) x fxxa x,0,2x,令( )e (2 )(3)0 x f xxa x,得 12 2 ,3,xa x 第二次诊断理科数学答案 第 3 页(共 4 页) 当20,a即0a时,( )f x在(0,2)单调递减,依题意则有, 22 (2)(41)e2efa 成立,得 3 4 a ,此时不成立; 当022,a即10a 时,( )f x在(0, 2 )a上单调递增,在( 2 ,2)a上单调递减,依 题意则有 2 2 2 52e

7、 , (0)852e , 8 2 3 (2)e ( 41)2e , , 4 a fa fa a 得 由于 2 5 2e 1 8 - ,故此时不成立; 当22,a即1a时,( )f x在(0,2)上单调递增,依题意则有 2 (0)2ef ,得 2 52e 8 a. 综上,a的取值范围是 2 52e (, 8 . 12 分 21.(本题满分 12 分) 解: (1)依题意EF等于E到直线20x的距离,故所求轨迹是以(2,0)F为焦点, 以2x 为准线的抛物线.故其轨迹G的方程为 2 8yx. 4 分 (2)依题意直线 1 l, 2 l斜率都存在且均不为0,故设直线 1 l的斜率为k,则直线 2 l

8、的 斜率为 1 k .直线AB的方程为2(3)yk x,即为(3)2yk x. 由 2 (3)2 8 yk x yx 消去x整理得 2 824160kyyk, 所以 8 AB yy k ,点M的坐标 为 2 424 (3, ) kkk ,以 1 k 代替点M坐标中的k,可得点N的坐标为 2 (423,4 )kkk,所 以直线MN的斜率 2 2 1 4() 2 = 111 4()2()2() 1 MN k k k kkk kkk ,所以直线MN的方程为 2 2 =(423) 1 2() 1 4xkkk k y k ,即 11 ()1 2 kx k y. 故直线MN经过定点( 1,0). 12 分

9、 (二)选考题:共 10 分。请考生在第 22、23 题中选定一题作答,并用 2B 铅笔在答题卡 上将所选题目对应的题号方框涂黑。按所涂题号进行评分,不涂、多涂均按所答第一题评 分;多答按所答第一题评分。 第二次诊断理科数学答案 第 4 页(共 4 页) 22.(本题满分 10 分) 解: (1)直线l直角坐标方程为:20xya, 将cos, sinxy, 代入 2 (1 cos)2cos ,= 即 22 sin2 cos ,=得曲线C的直 角坐标方程为: 2 2yx . 5 分 (2) 将 2 , 2 2 2. 2 xat yt 代入 2 2yx, 化简得 2 2 2480tta , 由判别

10、式0 得 3 , 2 a 设 A,B 两点对应参数为 12 ,t t,则 121 2 2 2,84ttt ta ,依题意有 12 4tt,即 12 4tt,代入解得 42 25 a或 26 9 a,均满足 3 2 a, 所以实数a的值为 42 25 或 26 9 . 10分 23.(本题满分 10 分) 解 :( 1 ) 函 数 22 ( )(2)(21)f xxx=221xx, 不 等 式 可 化 为 2213xx ,即 1 2 333 x x 或 1 2 2 13 x x 或 2 333 x x 解得0,x或2x. 所以不等式的解集为0x x ,或2x . 5 分 (2)由于 1 33 , 2 1 ( )2211,2, 2 33.2, x x f xxxxx xx 当0,3x时, min 3 ( ) 2 f x, 不等式 2 5 ( ) 2 f xtt在30,上无解,则有 2 min 53 ( ) 22 ttf x,解得 1 3 2 t . 故所求t的取值范围为 1 3 2 tt . 10 分

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