1、2020年黑龙江省绥化市中考物理试卷和答案解析一、选择题（本题共10个小题，每小题2分，共20分1一8小题每题只有一个正确选项9、10小题每题有两个或两个以上正确选项，正确选项不全得1分，有错误选项不得分请在答题卡上用2B铅笔把你的选项所对应的大写字母涂黑1（2分）下列数据与事实最接近的是（）A初中物理课本的长度大约是50cmB一名中学生的质量大约是50kgC人体的脉搏每秒钟大约跳动60次D中学生步行的速度大约是5m/s解析：不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。参考答案：解：A、一根筷子的长度在25cm左右，物理课本的
2、长度略大于此数值，在26cm左右，故A不符合实际；B、成年人质量在70kg左右，中学生质量比成年人小一些，一般在50kg左右，故B符合实际；C、人体的脉搏每分钟大约跳动60次，每秒钟大约跳动1次，故C不符合实际；D、中学生步行的速度大约是1m/s，故D不符合实际。故选：B。参考答案：物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。2（2分）下列现象中属于液化的是（）A夏天，晾在阳光下的湿衣服变干B冬天，窗玻璃内表面出现冰花C清晨，路边草叶上结有露珠D衣橱里的樟脑片过一段时间会变小解析：液化是物质从气态变为液态，分析各选项中
3、物质状态的变化得出正确的结论。参考答案：解：液化是物质从气态变为液态。A、夏天，湿的衣服被晾干这是衣服上的水分蒸发了，是汽化现象，故A不符合题意；B、冬天，窗玻璃上出现的冰花，是由空气中的水蒸气遇冷形成的，是凝华现象，故B不符合题意；C、清晨，路边草叶上结有露珠，露珠是由空气中的水蒸气遇冷形成的，是液化现象，故C符合题意；D、衣橱里的樟脑片过一段时间会变小是樟脑由固态直接变成气态的过程，是升华现象，故D不符合题意。故选：C。点拨：本题考查的是生活中物态变化现象的判断，物态变化知识是中考必考的知识点，解题的关键是把握住物质前后的状态变化。3（2分）小明站在穿衣镜前3m处，以1m/s的速度匀速靠近
4、穿衣镜，下列说法正确的是（）A穿衣镜中小明的像逐渐变小B以穿衣镜为参照物小明总是静止的C穿衣镜中小明的像是虚像D2s后小明走的距离是1m解析：（1）（3）平面镜所成的像是与物体等大的虚像。（2）人在运动时，像也在运动，根据参照物的选择判断小明的运动状态。（4）根据svt可求2s后小明走的距离。参考答案：解：A、平面镜所成的像是与物体等大的，故A错误；B、小明站在穿衣镜前3m处，以1m/s的速度匀速靠近穿衣镜，以穿衣镜为参照物小明与平面镜之间有位置的变化，小明是运动的，故B错误；C、平面镜所成的像是与物体等大的虚像，故C正确；D、2s后小明走的距离：svt1m/s2s2m，故D错误；故选：C。点
5、拨：解答此题的关键是牢记平面镜成像的特点，常见题目。4（2分）下列电路图中正确的是（）ABCD解析：（1）完整的电路由电源、用电器、开关、导线组成；（2）电压表要并联在电路中，正负接线柱要接正确；（3）用电器短路（部分电路短路）：是指用一根导线将某用电器的两端直接连接起来。（4）电流表要串联在电路中，正负接线柱要接正确。参考答案：解：A、图中缺少电源，灯泡不能工作，故A错误；B、图中有灯泡、开关，电源，闭合开关后灯泡可以正常工作，电压表测量右边灯两端的电压，电压表连接正确，故B正确；C、图中不管开关是否闭合，右边灯泡短路，不亮，故C错误；D、图中两灯泡并联，但电流表正负接线柱接反了，故D错误。
6、故选：B。点拨：本题的关键是知道电路的基本组成，同时知道电压表和电流表的正确接法。5（2分）下列说法正确的是（）A力只能改变物体的形状B托里拆利实验证明了大气压的存在C力是维持物体运动的原因D流体中流速越大的位置，压强越小解析：（1）力的两种作用效果：力可以改变物体的运动状态，包括改变物体的速度和方向；力还可以改变物体的形状；（2）“托里拆利实验”测出了大气压的数值，“马德堡半球实验”证明了大气压的存在；（3）力不是维持物体运动的原因，物体本身具有保持运动状态不变的性质，力是改变物体运动状态的原因；（4）流体中流速越大的位置压强越小。参考答案：解：A、力能改变物体的形状和物体的运动状态，故A错
7、误；B、托里拆利实验测出了大气压的数值，故B错误； C、力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因，故C错误；D、流体中流速越大的位置，压强越小，故D正确。故选：D。点拨：本题考查力的两种作用效果、力与运动的关系、流体压强与流速的关系及托里拆利实验，是一道基础题，学生易于解答。6（2分）下列四个装置中利用电磁感应现象制成的是（）A动圈式话筒B电动机C扬声器D电磁继电器解析：电磁感应现象的内容是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流；明确选择项中提到的这四个电学设备的制成原理，然后与题目要求对应，从而可以得到答案。参考答案：解：闭合电路的一部分导体在磁场中做切
8、割磁感线运动时，会产生感应电流，这就是电磁感应现象。A、动圈式话筒是把声信号转变成电信号的，声信号的振动带动线圈在磁场中振动，产生电流，是电磁感应现象原理，故A正确；B、电动机是利用通电导线在磁场中受力运动的原理制成的，故B错误；C、扬声器把电信号转化为声信号，利用通电导体在磁场中受力运动的原理，故C错误；D、电磁继电器的主要部件是电磁铁，利用电流的磁效应原理，故D错误；故选：A。点拨：在电和磁这一部分中，学到了很多电学设备，每个设备的制成原理是经常考查的知识点。要在理解的基础上，记住这些基础知识。7（2分）人造地球卫星绕地球从近地点向远地点运动时，下列说法正确的是（）A势能变小B动能不变C动
9、能转化为重力势能D机械能变小解析：（1）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。（2）势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，势能越大。（3）机械能为动能和势能的和。参考答案：解：在从近地点向远地点运动的过程中，卫星的质量不变，速度减小，动能减小；卫星的质量不变、相对高度增加，势能增大，动能转化为重力势能；此时的机械能是守恒的，保持不变，故C正确、ABD错误。故选：C。点拨：掌握动能、势能大小的影响因素，掌握动能、重力势能、弹性势能、机械能的大小变化情况。8（2分）如图所示的电路中，电源电压不变，当开关S断开时，灯泡L正常发光；当开关S闭合时，下列说法正确的是
10、（）A电流表示数不变B电压表示数变小C灯泡L变亮D灯泡L与电阻R并联解析：当开关S断开和闭合时，分析电路的连接及电表测量的物理量，可知电压表示数变化；S闭合时，电压表仍测电源电压，据此分析电压表示数变化；根据并联电路各支路互不影响，通过灯的电流不变，可知灯的亮度变化；由并联电路电流的规律确定电流表示数变化。参考答案：解：D、当开关S断开时，为灯的简单电路，电流表测灯的电流，电压表测电源电压，灯泡L正常发光；当开关S闭合时灯与R并联，D正确；B、当开关S闭合时，电流表测干路电流，电压表测电源电压，电压表示数不变，B错误；AC、根据并联电路各支路互不影响，通过灯的电流不变，灯的亮度不变，C错误，由
11、并联电路电流的规律，电流表示数变大，A错误。故选：D。点拨：本题考查并联电路的特点及规律，关键是电路的分析。9（2分）小明用独轮车搬运砖头，车箱和砖头的总质量是120kg，独轮车的有关尺寸如图所示。推车时，下列说法正确的是（）A独轮车是省力杠杆B动力臂是0.7mC阻力臂是0.3mD人手竖直向上的力F的大小是1500N解析：（1）结合图片和生活经验，先判断独轮车在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；（2）从支点到重力作用线的距离为动力臂；从支点到阻力作用线的距离为阻力臂；（3）根据杠杆的平衡条件F1L1F2L2计算动力F大小。参考答案：解：A、由图可知：独轮车在使
12、用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；故A正确；BC、支点在车轮的轴上，力F为动力，所以动力臂的长度为1m，阻力是G，阻力臂的长度为0.3m，故B错误，C正确；D、砖头及车厢的总重：Gmg120kg10N/kg1200N；由杠杆平衡条件F1L1F2L2可知，人手竖直向上的力F360N；故D错误。故选：AC。点拨：本题综合考查了杠杆的分类、力臂的读取、杠杆平衡条件的计算等知识的应用，考查全面，难度不大。10（2分）小飞家的走廊灯很容易烧坏，为了解决这一问题，她设计了如图电路，L1和L2都是“220V 40W”的灯泡（设灯泡L1和L2的电阻不变，电源电压不变），下列说法正确的是（）A灯泡L1的电
13、阻是1210B闭合S，断开S1，灯泡L1和灯泡L2串联C闭合S，断开S1，灯泡L1两端的电压是110VD两灯泡都亮时，电路消耗的总功率是80W解析：（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P求出灯泡的电阻；（2）闭合S，断开S1时，两灯泡串联，根据串联电路的电流特点和电阻关系得出两者的电压关系，进一步求出此时L1两端的电压；（3）两灯泡都亮时两灯泡串联，根据电阻的串联和P求出电路消耗的总功率。参考答案：解：（1）根据P可得，灯泡L1的电阻：R11210，故A正确；（2）闭合S，断开S1时，两灯泡串联，因为L1和L2都标有“220V 40W”，所以两灯泡的电阻相等，均为1210，因串联电路中各处
14、的电流相等，所以由UIR可知，两灯泡分得的电压相等，则此时L1两端的电压：U1U220V110V，故BC正确；（3）两灯泡都亮时两灯泡串联，因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以此时电路消耗的总功率：P总20W，故D错误。故选：ABC。点拨：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道两灯泡都亮时为串联。二、填空题（本题共10个小题，每空1分，共24分）请在答题卡上把你的答案写在相对应的题号后的指定区域内11（2分）早晨，我们听见的闹铃声，是由闹铃振动产生的：我们能分清不同物体发出的声音，是因为声音的音色不同。解析：（1）声音是由物体振动产生的。（2）声音的三个特征
15、：音调、响度和音色，音调跟频率有关，响度跟振幅和距离声源的远近有关，音色跟物体的材料和结构有关。参考答案：解：（1）闹铃声是由闹铃的振动产生的。（2）不同物体的材料不同，振动时音色不同。故答案为：振动；音色。点拨：本题主要考查声的发生和声音的三个特征，属于基础习题。12（2分）电视机接收到的图象信号和声音信号是用电磁波传递来的。核能属于不可再生能源。（填“可再生”或“不可再生”）解析：（1）广播、电视、手机属于无线电通信，都是通过电磁波传递信息的；（2）从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而
16、风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于可再生能源。参考答案：解：（1）电视信号（图象信号、声音信号）是通过电磁波来进行传播的；（2）核能消耗后不能短期内从自然界得到补充，是不可再生能源。故答案为：电磁波；不可再生。点拨：本题考查了电磁波的利用、能源的分类，是一道基础性题目。13（2分）水结成冰是凝固现象（填物态变化名称），这个过程中水的内能会变小。（填“变大”“变小”或“不变”）解析：物质由液体变成固态的过程叫凝固，凝固放热，内能减少。参考答案：解：水结成冰是水由液态变成固态的过程，是凝固现象，凝固时放出热量，内能变小。故答案为：凝固；变小。点拨：本题考查
17、了物态变化以及影响内能的因素，是一道基础题。14（2分）某同学用天平测得物体的质量是7.5g，将物体放入量筒前后，量筒的示数如图所示，则物体的体积是5cm3，物体的密度是1.5103kg/m3。解析：通过量筒两次的示数之差可以求出物块的体积；物块的密度可利用密度的公式计算得出。参考答案：解：物块的体积V30ml25ml5ml5cm3，物块的密度为：1.5g/cm31.5103kg/m3；故答案为：5；1.5103。点拨：此题考查用天平测固体的密度的探究实验，对整个实验过程有所了解，对密度的公式要学会运用；测量固体密度的基本程序是先测出固体的质量，然后再测量体积。15（2分）电阻是导体本身的一种
18、性质，它的大小与导体的材料、长度和横截面积等因素有关。解析：导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流阻碍作用的大小；电阻大小与导体的材料、长度、横截面积有关。参考答案：解：导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流阻碍作用的大小，电阻大小与导体的材料、长度、横截面积有关，还与温度有关。故答案为：长度；横截面积。点拨：此题考查对电阻概念的理解和影响电阻大小因素的认识，要抓住导体的电阻是导体本身具有的一种性质。16（3分）水平地面上放着一个重是60N，底面积是0.2m2的物体，物体对地面的压强是300Pa；用10N的水平推力，使它做匀速直线运动，此时它受到的摩擦力大小是10N；当推力增大到1
19、5N时，该物体受到的摩擦力不变。（填“变大”“变小”或“不变”）解析：（1）物体对地面的压力和自身的重力相等，受力面积等于物体的底面积，利用p算出物体对地面的压强；（2）物体在水平地面上做匀速直线运动时处于平衡状态，地面对物体的摩擦力和水平推力是一对平衡力，二力大小相等；（3）滑动摩擦力的大小只与压力大小和接触面的粗糙程度有关，与推力的大小和物体运动的速度无关。参考答案：解：（1）物体对地面的压力：FG60N，物体对地面的压强：p300Pa；（2）因物体在水平地面上做匀速直线运动，物体受到的摩擦力和水平推力是一对平衡力，所以，地面对物体的摩擦力fF推10N；（3）当将推力增大到15N时，因压力
20、大小和接触面的粗糙程度不变，所以物体受到的摩擦力不变，仍为10N。故答案为：300；10；不变。点拨：本题考查了二力平衡条件、影响滑动摩擦力大小因素的应用以及压力和压强的计算，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。17（3分）电阻R1的IU图象如图所示，R的阻值是10，把R1与阻值是30的电阻R2并联在电源电压是4V的电路中，通过R1与R2的电流之比是3：1，R1与R2两端的电压之比是1：1。解析：（1）在图象上找出对应的电压和电流，根据欧姆定律求出电阻。（2）并联电路中，各支路电流之比等于电阻比倒数。（3）并联电路中各支路两端电压相等，电压之比是1：1。参考答案：解：（1）由图象知，
21、当电压为6V时，电流为0.6A，所以R1的阻值是：R110。（2）并联电路中，各支路电流之比等于电阻比倒数，所以通过R1与R2的电流之比是：。（3）并联电路中各支路两端电压相等，所以R1与R2两端的电压之比是1：1。故答案为：10；3：1；1：1。点拨：本题考查两个内容，一是图象问题，从图象上搜寻电压和电流，根据欧姆定律求电阻；二是考查了并联电路电流和电压的特点。18（2分）把质量是24g，体积是30cm3的物体浸没在水中，松手后该物体将上浮（填“上浮”“悬浮”或“下沉”）。当它静止时，所受的浮力是0.24N。解析：物体完全浸没时受到的浮力可通过浮力的公式求出，再根据浮沉条件可判断松手后物体的
22、浮沉状态，最后根据静止后的状态再判断浮力的大小。参考答案：解：物体完全浸没时受到的浮力：F浮gV排1.0103kg/m310N/kg3105m30.3N，物体的重力Gmg0.024kg10N/kg0.24N，因为F浮G，所以松手后物体将上浮，直至漂浮，此时浮力等于重力，即F浮0.24N；故答案为：上浮；0.24。点拨：本题考查浮力公式的计算与浮沉条件的运用，属于基础应用题，要掌握。19（3分）小强外出时家里只有一盏额定功率是60W的电灯未关，仍在发光。他离开时与回来后电能表的示数如图所示，在这段时间内，电灯消耗的电能是1kWh；若他离开家20h，则此灯的实际功率是50W请写出家庭电路中电流过大
23、的原因是用电器总功率过大。（写出一条原因即可）解析：（1）根据电能表两次的示数之差可求本月时间段内所消耗的电能；（2）根据电功率公式P算出灯的实际功率；（3）家庭电路中电流过大的原因有两种，一是用电器短路，二是用电器总功率过大。参考答案：解：由图可知，在这段时间内电灯消耗的电能W2020.8kWh2019.8kWh1kWh；此灯的实际功率P0.05kW50W；引起家庭电路中电流过大的原因是：一是短路，二是用电器总功率过大。故答案为：1；50；用电器总功率过大。点拨：本题考查了学生对电能表参数的理解以及电能的求法、电功率的计算，理解电能表的参数是解答本题的关键。另外，在计算过程中，要注意时间单位
24、的换算。20（3分）灯泡L的IU图象如图甲所示，电阻R1的阻值是10，电源电压是8V在图乙所示的电路中，若只闭合S1和S2时，电压表的示数是2V，此时电路中的电流是0.6A；若只闭合S1和S3时，电压表的示数是4V，10s内电流通过电阻R2产生的热量是32J；若将电压表换成电流表，闭合S1、S2和S3，时，电流表的示数是2.4A。解析：（1）若只闭合S1和S2时，定值电阻R1和灯泡串联，电压表测量灯泡两端的电压，电压表示数是2V，由图象知，灯泡的电流即电路电流。（2）若只闭合S1和S3时，定值电阻R2和灯泡串联，电压表测量灯泡两端的电压，由图象找出灯泡电流，根据串联电路电压和电流特点求出定值电
25、阻R2的电压和电流，根据欧姆定律求出定值电阻R2的阻值，根据焦耳定律求出10s内电流通过电阻R2产生的热量。（3）若将电压表换成电流表，闭合S1、S2和S3时，定值电阻R1和R2并联，电流表测量干路电流，先根据欧姆定律求出各支路电流，然后根据并联电路电流特点求出干路电流，即电流表示数。参考答案：解：（1）若只闭合S1和S2时，定值电阻R1和灯泡串联，电压表测量灯泡两端的电压，电压表示数是2V，由图象知，灯泡电流是0.6A，即此时电路电流是0.6A。（2）若只闭合S1和S3时，定值电阻R2和灯泡串联，电压表测量灯泡两端的电压，电压表示数是4V，由图象知，灯泡电流为0.8A，即此时电路电流是0.8
26、A，电源电压是8V，根据串联电路总电压等于各串联导体两端电压之和，所以定值电阻R2两端的电压为：U2UUL8V4V4V，所以定值电阻R2的阻值为：R25，10s内电流通过电阻R2产生的热量是：QI2R2t（0.8A）2510s32J。（3）若将电压表换成电流表，闭合S1、S2和S3，时，定值电阻R1和R2并联，电流表测量干路电流，电源电压是8V，所以通过定值电阻R1的电流为：I10.8A，所以通过定值电阻R2的电流为：I21.6A，故电流表示数为：I总I1+I20.8A+1.6A2.4A。故答案为：0.6A；32；2.4。点拨：本题通过开关的闭合和断开，以及电流表代替电压表，改变电路连接方式，
27、然后根据欧姆定律和串联电路、并联电路中电压和电流特点求解。三、作图与实验探究题（本题共8个小题，共40分）请在答题卡上把你的答案写在相对应的题号后的指定区域内21（2分）如图所示，一束光AB从空气斜射向透明玻璃，请作出这束光的反射光线和大致的折射光线。（保留作图痕迹）解析：反射定律的内容：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，按反射定律的内容作出反射光线；折射定律的内容：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射入水中时，折射角小于入射角，据此作出折射光线。参考答案：解：首先过入射点垂直于界面做出法
28、线，然后根据反射角等于入射角，在法线左侧的空气中作出反射光线；再根据光从空气斜射入其它透明介质中，折射角小于入射角，在法线左侧的玻璃中作出折射光线。如图所示：点拨：光斜射到两种透明介质的界面上，一般要发生反射和折射，反射与入射在同一种介质中，要按反射定律作图；折射与入射在不同的介质中，要按折射定律去作图。22（2分）根据图中小磁针的方向标出通电线圈的N极和电源的正极。解析：由磁极间的相互作用可知螺线管的磁极，再由右手螺旋定则可知通电螺线管的电流方向，由此可知电源的正负极。参考答案：解：因同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，故螺线管右侧为N极，左端为S极；则由右手螺旋定则可知螺线管中电流由左侧流
29、入，右侧流出；电源的左端为正极，右端为负极，故答案如图点拨：本题考查右手螺旋定则及磁极间的相互作用，要求学生能熟练应用右手螺旋定则判断磁极或电流方向。23（5分）如图是“探究凸透镜成像的规律”的装置图，凸透镜的焦距是10cm。（1）点燃蜡烛后，调节烛焰、凸透镜和光屏，使它们的中心在同一高度上。（2）将实验器材按图中位置放置，光屏上烛焰的像是倒立、放大的实像，应用此规律工作的是投影仪。（填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）（3）将图中的凸透镜换成焦距是8cm的凸透镜，保持蜡烛和凸透镜的位置不变，要在光屏上成清晰的像，光屏应向靠近凸透镜的方向移动。（填“靠近”或“远离”）（4）实验中，不小心用指尖
30、触摸到了凸透镜，这时光屏上的像变暗。（填“变暗”“无变化”或“变残缺”）解析：（1）为了使像成在光屏中央，必须将烛焰、凸透镜、光屏三者的中心放在同一高度上；（2）凸透镜成实像时，物距在一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立、放大的实像，其应用是投影仪或幻灯机；（3）凸透镜的焦距越小，会聚能量越强；凸透镜成实像时，物距变大，像距变小，像变小；（4）当将凸透镜的部分挡住后，光屏上仍能成物体完整的像，只是凸透镜会聚光线数量比原来减少，像比原来变暗。参考答案：解：（1）为了实验的需要，根据实验的要求，将烛焰、凸透镜、光屏三者的中心必须放在同一水平高度上，烛焰的像才能成在光屏的中央；（2）由图可知，此时的物距为
31、15cm，物距在一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立、放大的实像，其应用是投影仪；（3）将图中的凸透镜换成焦距是8cm的凸透镜，保持蜡烛和凸透镜的位置不变，相当于增大了物距，要在光屏上成清晰的像，需要减小像距，即光屏应向靠近凸透镜的方向移动；（4）不小心用手指指尖触摸了凸透镜，由于凸透镜的其他部分仍能会聚光线而成像，所以光屏上呈现的仍然是烛焰完整的像；因为此时凸透镜会聚光线的数量减少，所以此时的像比手指指尖触摸前的像要暗一些。故答案为：（1）同一高度；（2）放大；投影仪；（3）靠近；（4）变暗。点拨：此题是探究凸透镜成像规律的实验，考查了凸透镜成像规律及应用，不仅要掌握成像特点与物距像距之间的关系，
32、而且要善于总结规律。24（6分）某同学用下列器材探究“液体内部的压强”。（1）他向图甲的U形管内注入适量的红墨水，红墨水静止时，U形管两侧液面高度相同。（2）图乙压强计通过U形管两侧液面的高度差来反映橡皮膜所受压强的大小，用手指按压橡皮膜发现U形管中的液面升降灵活，说明该装置不漏气。（填“漏气”或“不漏气”）（3）他把探头放入水面下6cm处，探头受到水的压强是600Pa；继续向下移动探头，会看到U形管两侧液面的高度差变大，说明液体内部的压强与液体的深度有关。（4）为了检验“液体内部的压强与液体密度有关”这一结论，他用图丙的装置，在容器的左右两侧分别装入深度相同的不同液体，看到橡皮膜向左侧凸起，
33、则右侧液体的密度较大。（填“左”或“右”）解析：（1）U形管内注入适量的红墨水，则U形管为连通器，根据连通器原理回答；（2）根据转换法，通过U形管两侧液面的高度差来反映橡皮膜所受压强的大小，高度差越大说明此时的液体压强越大；采用手指按压橡皮膜发现U形管中的液面升降灵活，说明该装置不漏气，否则说明该装置漏气；（3）根据pgh计算探头受到水的压强；液体压强与液体的深度和密度有关，由控制变量法，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；（4）根据转换法分析。参考答案：解：（1）他向图甲的U形管内注入适量的红墨水，红墨水静止时，根据连通器原理，U形管两侧液面高度相同；（2）根据转换法，图乙压
34、强计通过U形管两侧液面的高度差来反映橡皮膜所受压强的大小，用手指按压橡皮膜发现U形管中的液面升降灵活，说明该装置不漏气；（3）他把探头放入水面下6cm处，探头受到水的压强是：pgh1103kg/m310N/kg0.06m600Pa；继续向下移动探头，会看到U形管两侧液面的高度差变大，说明液体内部的压强与液体的深度有关；（4）在容器的左右两侧分别装入深度相同的不同液体，看到橡皮膜向左侧凸起，则右侧液体压强大，根据pgh，右侧液体的密度较大。故答案为：（1）相同；（2）高度差；不漏气；（3）600；深度；（7）右。点拨：本题探究影响液体压强大小的因素，考查连通器原理中、转换法、控制变量法及pgh的
35、运用。25（5分）利用图中的装置探究水和煤油的吸热情况。在两个相同的烧瓶中分别接入电阻丝，装入质量和初温都相同的水和煤油，分别插入温度计。（1）装置中电阻丝的阻值应相等（填“相等”或“不相等”），实验中用加热时间来反映液体吸收热量的多少。按照如表中的数据，请计算出煤油的比热容是2.1103J/（kg）。液体质量/g初温/加热时间/min末温/煤油150201050水150201035（2）夏天，海边昼夜温差变化小，这是因为水的比热容大。（3）在烧瓶中重新填装质量和初温都相同的煤油，接入阻值不同的电阻丝，此装置就可以探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系。解析：（1）我们使用相同加热器通过加热时
36、间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；比较物质吸热能力的方法：使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；根据c求出比热容的大小；（2）水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析；（3）由图可知，两电阻串联，则可知电路中电流一定相等，由焦耳定律可知两瓶中产生的热量应与电阻有关。参考答案：解：（1）图中两电阻丝串联，通过的电流相同和通电时间相同，根据QI2Rt可知，要产生的热量相同，则实验中选用的两根电阻丝的阻值应相等；探究两种液体的吸热能力时，需要控制热源相同，即相同时间内热源产生的
37、热量相同，根据转换法，实验中是用加热时间间接反映液体吸收热量的多少；根据表格中的数据可知，相同质量的水和煤油加热相同时间，吸收相同热量，水升高的温度是352015，煤油升高的温度是502030；根据c可知，水和煤油的比热容之比等于升高温度之比的倒数，即c煤油4.2103J/（kg）2.1103J/（kg）；（2）水的比热容较大，白天，在相同的吸热条件下，水的温度升高的少，夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，所以海边昼夜温差较小；（3）两电阻串联，则两电阻中的电流相等，则可知热量应与电阻有关，根据温度计示数的变化判断吸收热量的多少，则可知热量与电阻大小的关系。故答案为：（1）相等；加热时间；2.1103；（2）比热容；（3）电阻。点拨：此题考查了我们对于实验数据的分析能力，考查了对比热容这一物理量的理解，我们要能够根据相关的实验数据得出我们需
