1、2020年云南省高中学业水平考试模拟考（一） 理科物理试题学校：_姓名：_班级：_考号：_题号一二三四五六总分得分分卷I一、单选题(共12小题,每小题3.0分,共36分) 1.物体受到3个大小分别为3 N、4 N、5 N的共点力的作用，这3个力的合力的最小值是()A 0B 2 NC 4 ND 6 N2.关于狭义相对论两个基本假设的说法，正确的是()A 相对性原理只适用于力学规律，其他规律就不成立了B 伽利略相对性原理就是狭义相对性原理C 光速不变原理只是假设，没有科学实验依据D 光速不变原理是对伽利略变换的否定3.如图所示，三段不可伸长的细绳OA、OB、OC能承受的最大拉力相同，它们共同悬挂一
2、重物，其中OB是水平的，A端、B端固定在水平天花板上和竖直墙上若逐渐增加C端所挂重物的质量，则最先断的绳是()A 必定是OAB 必定是OBC 必定是OCD 可能是OB，也可能是OC4.甲、乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，它们的vt图象如下图所示两图象在tt1时相交于P点，P在横轴上的投影为Q，OPQ的面积为S.在t0时刻，乙车在甲车前面，相距为d.已知此后两车相遇两次，且第一次相遇的时刻为t，则下面四组t和d的组合可能的是()Att1，dSBtt1，dSCtt1，dSDtt1，dS5.如图所示是A、B两电阻的UI图象，则两电阻之比及连接相同电压情况下的电流之比分别是()ARARB21，IA
3、IB21BRARB21，IAIB12CRARB12，IAIB21DRARB12，IAIB126.平行板电容器和电源、电阻、开关串联，组成如图所示的电路接通开关K，电源即给电容器充电，则()A 保持K接通，减小两极板间的距离，则两极板间的电场强度减小B 保持K接通，在两极板间插入一块铝板，则两极板间的电场强度增大C 充电结束后断开K，减小两极板间的距离，则两极板间的电势差增大D 充电结束后断开K，在两极板间插入一块电介质，则两极板间的电势差增大7.如图所示，将一个半径为R的导电金属半圆环串联接入电路中，电路的电流强度为I，接入点a、b是圆环直径上的两个端点金属圆环处在磁感应强度为B的匀强磁场中，
4、磁场方向与圆环所在平面垂直则金属圆环ab受到的安培力为()A 0B RBIC 2RBID 2RBI8.一物体做匀减速直线运动，初速度为10 m/s，加速度大小为2 m/s2，则物体在停止运动前1 s内的平均速度为()A 5.5 m/sB 5 m/sC 1 m/sD 0.5 m/s9.如图所示，平行板电容器的电容为C，极板带电荷量为Q，极板间距为d.今在两板间正中央放一带电荷量为q的点电荷，则它所受到的电场力大小为()AkBkCD10.如图所示，是我国的极地考察破冰船“雪龙号”为满足破冰航行的要求，其船体结构经过特殊设计，船体下部与竖直方向成特殊角度则船体对冰块的弹力示意图正确的是()ABCD1
5、1.一带正电的检验电荷仅在电场力作用下沿x轴从向运动，其速度v随位置x变化的图象如图所示在xx1和xx1处，图线切线的斜率绝对值相等且最大，则在x轴上()Axx1和xx1两处，电场强度相同Bxx1和xx1两处，电场强度最大Cx0处电势最小D 从xx1运动到x过程中，电荷的电势能逐渐增大12.2020年5月“神舟十号”载人航天飞行取得圆满成功“神十”飞船在到达预定的圆轨道之前，运载火箭的末级火箭仍和飞船连接在一起(飞船在前，火箭在后)，先在大气层外某一轨道上绕地球做匀速圆周运动，然后启动脱离装置，使飞船加速并实现船箭脱离，最后飞船到达预定的圆轨道关于飞船在预定的圆轨道上运行的说法，正确的是()A
6、 预定的圆轨道比某一轨道离地面更远，飞船速度比脱离前大B 预定的圆轨道比某一轨道离地面更近，飞船的运行周期变小C 预定的圆轨道比某一轨道离地面更远，飞船的向心加速度变小D 飞船和火箭仍在预定的圆轨道上运行，飞船的速度比火箭的大二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) 13.(多选)电池给灯泡供电与人将球抛出在能量转化方面有相似之处，我们可以将电势能类比于重力势能，如图所示，下列说法正确的是()A 可以将电流通过灯泡时电流做功与抛球时人对球做的功相类比B 可以将电池的非静电力做功与抛球时人对球做的功类比C 可以将电流通过灯泡时做的功与重力对球做的功类比D 可以将电池的非静电力做功与重力对
7、球做功类比14.(多选)如图所示，一水平方向足够长的传送带以恒定的速度v1沿顺时针方向运动，一物体以水平速度v2从右端滑上传送带后，经过一段时间又返回光滑水平面，此时速率为v2，则下列说法正确的是()A 若v1v2，则v2v1B 若v1v2，则v2v2C 不管v2多大，总有v2v2D 只有v1v2时，才有v2v215.如图，a表示某电源路端电压随电流变化的图线，b表示外电阻两端电压随电流变化的图线，下列判断正确的是()A 阴影部分的面积表示电源内阻上消耗的功率B 阴影部分的面积表示电源的输出功率C 当时，电源的输出功率最大D 当时，电源的效率最高16.(多选)关于经典力学和狭义相对论，下列说法
8、中正确的是()A 经典力学只适用于低速运动，不适用于高速运动(速度接近于真空中的光速)B 狭义相对论只适用于高速运动(速度接近于真空中的光速)，不适用于低速运动C 经典力学既适用于低速运动，也适用于高速运动(速度接近于真空中的光速)D 狭义相对论既适用于高速运动(速度接近于真空中的光速)，也适用于低速运动分卷II三、实验题(共2小题,每小题10.0分,共20分) 17.用伏安法测量电阻R的阻值，并求出电阻率.给定电压表(内阻约为50 k)、电流表(内阻约为40 )、滑动变阻器、电源、电键、待测电阻R(约为250 )及导线若干(1)画出测量R的电路图(2)上图中的6个点表示实验中测得的6组电流I
9、、电压U的值，试写出根据此图求R值的步骤：_；求出的电阻值R_(保留3位有效数字)(3)待测电阻是一均匀材料制成的圆柱体，用游标为50分度的卡尺测量其长度与直径，结果分别如图甲、图乙所示，由图可知其长度为_，直径为_甲乙(4)由以上数据可以求出_(保留一位有效数字)18.某实验小组采用如图所示的装置探究功与速度变化的关系，图中小车中可放置砝码，实验中，打点计时器的工作频率为50 Hz.(1)实验的部分步骤如下：在小车中放入砝码，把纸带穿过打点计时器，连在小车后端，用细线连接小车和钩码；将小车停在打点计时器附近，_，_，小车拖动纸带，打点计时器在纸带上打下一系列点，_；改变钩码或小车中砝码的数量
10、，更换纸带，重复的操作(2)图是钩码质量为0.03 kg、砝码质量为0.02 kg时得到的一条纸带，在纸带上选择起始点O及A，B，C，D，E计数点，可获得各计数点到O的距离x及对应时刻小车的瞬时速度v，请将C点的测量结果填在表中的相应位置纸带的测量结果(3)本实验，若用钩码的重力表示小车受到的合外力，为了减小这种做法带来的实验误差，应采取的两项措施是：_；_.四、计算题(共4小题,共32分) 19.如图所示为用直流电动机提升重物的装置，重物的重量为500 N，电源电动势为110 V，不计电源内阻及各处摩擦，当电动机以0.9 m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流为5 A，求：(1)提升重
11、物消耗的功率；(2)电动机线圈的电阻20.设图中磁流体发电机的两块金属板的长度均为a，宽度均为b，金属板平行且正对放置，间距为d，其间有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感强度为B，导电流体的流速为v(保持不变)，电阻率为，负载电阻的阻值为R.导电流体从一侧沿垂直磁场且与金属板平行的方向进入两板间，当开关K拨在1时，磁流体发电机对负载电阻供电；当开关拨在2时，磁流体发电机给平行板电容器充电，电容器间一个质量为m、电量为q的悬吊带电小球在电场力作用下从竖直位置向右偏摆的最大角度为.求：(1)当开关K拨在1时，负载电阻得到的电压；(2)电容器极板之间的距离s.21.如图所示，在竖直平面内有由圆弧AB和圆弧
12、BC组成的光滑固定轨道，两者在最低点B平滑连接AB弧的半径为R，BC弧的半径为.一小球在A点正上方与A相距处由静止开始自由下落，经A点沿圆弧轨道运动(1)求小球在B、A两点的动能之比；(2)通过计算判断小球能否沿轨道运动到C点22.如图所示，在内壁光滑的平底试管内放一个质量为1 g的小球，试管的开口端与水平轴O连接试管底与O相距5 cm，试管在转轴带动下在竖直平面内做匀速圆周运动求：(1)转轴的角速度达到多大时，试管底所受压力的最大值等于最小值的3倍？(2)转轴的角速度满足什么条件时，会出现小球与试管底脱离接触的情况？(g取10 m/s2)答案解析1.【答案】A【解析】前两个力的合力范围为1
13、NF7 N,5 N在其合力范围内，故此三个力的合力最小值为0，A正确2.【答案】D【解析】狭义相对性原理是“在不同的惯性参考系中，一切物理规律都是相同的”，所以A选项是错的伽利略相对性原理是“力学规律在任何惯性参考系中都是相同的”，所以伽利略相对性原理就是狭义相对性原理的说法是错的光速不变原理已经被迈克尔孙莫雷实验等验证，是有一定的科学实验依据的，所以C选项错误光速不变原理是对传统伽利略变换的否定，所以D选项是对的3.【答案】A【解析】OC下悬挂重物，它对O点的拉力等于重物的重力G.OC绳的拉力产生两个效果：使OB在O点受到水平向左的力F1，使OA在O点受到沿绳子方向斜向下的力F2，F1、F2
14、是G的两个分力由平行四边形定则可作出力的分解图如图所示，当逐渐增大所挂重物的质量时，哪根绳受的拉力最大则哪根最先断从图中可知：表示F2的有向线段最长，F2分力最大，故OA绳最先断4.【答案】D【解析】假设tt1，由vt图象可知在t1时刻v甲v乙v，由于甲做匀速直线运动，乙做匀加速直线运动，则若在t1时刻第一次相遇，也就不会存在第二次相遇的问题，与已知条件两次相遇相矛盾当tt1时，v乙v甲，发生两次相遇是可能的对于乙x乙.对于甲x甲vdx乙所以d，dvt1.因为St1，所以dS.5.【答案】B【解析】UI图象中图象的斜率表示电阻的阻值，则由题图可知，A的电阻RA10 ；B的电阻RB5 ，则RAR
15、B10521；电压相同时，电流与电阻成反比，故电流之比为12.6.【答案】B【解析】保持K接通时，电容器两极板间的电势差不变，减小两极板间的距离，根据E可知，两极板间的电场强度增大，选项A错误；保持K接通，在两极板间插入一块铝板，根据静电平衡的特点可知，有电场存在的板间距离减小，根据E可知，两极板间的电场强度增大，选项B正确；充电结束后断开K，电容器两极板上的电荷量不变，减小两极板间的距离，电容器的电容增大，U，则两极板间的电势差减小，选项C错误；充电结束后断开K，在两极板间插入一块电介质时，电荷量不变，电容器的电容增大，两极板间的电势差减小，选项D错误7.【答案】D【解析】金属圆环在磁场中的
16、有效长度为2R，故金属圆环ab受到的安培力FBI2R2BIR，故D正确8.【答案】C【解析】采取逆向思维，物体在停止运动前1 s内的位移xat221 m1 m.则平均速度1 m/s.C正确9.【答案】C【解析】平行板电容器极板间电场为匀强电场，其电场强度为E，因此点电荷q在其中所受到的电场力为FEq.10.【答案】C【解析】船体对冰块的弹力垂直于接触面，指向受力物体，故C正确，A、B、D错误11.【答案】B【解析】xx1和xx1两处，电场强度大小相同，方向相反，A错误检验电荷仅受电场力作用，电场强度越大，加速度越大，即vt图线的斜率越大，故xx1和xx1处电场强度最大，B正确检验电荷在电场中运
17、动，其动能和电势能之和保持不变，x0处速度最小，动能最小，故电势能最大，电荷为正，故电势最高，C错误从xx1运动到x过程中，电荷速度逐渐增大，电势能逐渐减小，D错误12.【答案】C【解析】在某一轨道做匀速圆周运动，万有引力提供向心力即m，飞船加速后速度变大m，卫星做离心运动，最终到达预定轨道，所以预定轨道比某一轨道离地面更远，选项D错圆周运动线速度v，轨道半径变大，线速度变小，比脱离前小，选项A错圆周运动的周期T，轨道半径变大，周期变大，比脱离前大，选项B错向心加速度a，轨道半径变大，向心加速度变小，选项C对13.【答案】BC【解析】将电势能类比重力势能，电流通过灯泡做功，电势能减少，可类比重
18、力做功，重力势能减少，非静电力做功，电势能增加，可类比人抛球对球做功，球重力势能增加，故B、C正确14.【答案】AB【解析】由于传送带足够长，物体减速向左滑行，直到速度减为零，然后物体会在滑动摩擦力的作用下向右加速，分三种情况讨论：如果v1v2，物体会一直加速，当速度大小增大到等于v2时，物体恰好离开传送带，有v2v2；如果v1v2，物体同样会一直加速，当速度大小增大到等于v2时，物体恰好离开传送带，有v2v2；如果v1v2，物体会先在滑动摩擦力的作用下加速，当速度增大到等于传送带速度时，物体还在传送带上，之后不受摩擦力，故物体与传送带一起向右匀速运动，有v2v1；故选AB.15.【答案】BC
19、【解析】阴影部分表示PUI，代表外电阻消耗的功率或电源的输出功率，A错误，B正确；当时说明外电阻的阻值R与电源内阻r相等，此时电源的输出功率最大，此时效率为100%50%，故C正确，D错误.16.【答案】AD【解析】经典力学只适用于低速运动，不适用于高速运动，狭义相对论是普遍适用的，故A、D项正确17.【答案】(1)(2)作UI直线，舍去左起第2点，其余5个点在一条直线上，不在这条线上的点尽量均匀分布在直线两侧；求该直线的斜率k，则Rk225 (220230 均为正确)(3) 8.00103m1.98103m(4)9102m【解析】(1)由于待测电阻(约250 )与电流表内阻(约40 )相近，
20、远小于电压表内阻(50 k)，因此采用电流表外接法，测量误差较小控制待测电阻电压的线路，滑动变阻器连接成限流式接法或分压式接法均可，如图所示(2)作UI直线，舍去左起第2点，其余5个点在一条直线上，不在这条线上的点尽量均匀分布在直线两侧，求该直线的斜率k，则Rk225 (220230 均为正确)(3)因为游标为50分度，所以游标卡尺的精确度为mm0.02 mm，另外游标卡尺不能估读，读出待测电阻的长度为8.00103m，直径为1.98103m.(4)将数据代入公式R得9102m.18.【答案】(1)先接通电源再释放小车关闭打点计时器电源(2)5.18(5.165.20均可)0.49(3)平衡摩
21、擦力钩码的重力远小于小车及砝码的重力和【解析】(1)将小车停在打点计时器附近后，需先接通电源，再释放小车，让其拖动纸带，待打点计时器在纸带上打下一系列点后，关闭打点计时器电源(2)在验证C点时，由题图可知，C点与刻度尺上的6.18 cm(6.166.20 cm均可)对齐，所以C点距O点的距离是xOC5.18 cm(5.165.20 cm均可)从纸带上可知C点的速度就是BD段的平均速度，vC102m/s0.49 m/s.(3)平衡摩擦力后，绳上的拉力就等于小车受到的合外力当钩码的重力远小于小车及砝码的重力和时，绳上的拉力就近似等于钩码的重力19.【答案】(1)450 W(2)4 【解析】(1)匀
22、速提升重物时，拉力等于重力，即Fmg，所以提升重物消耗的功率P1Fvmgv5000.9 W450 W.(2)电动机消耗的总功率PIU5110 W550 W，电动机消耗的热功率P2I2R，根据能量守恒得PP1P2，解得R4 .20.【答案】(1)(2)【解析】根据法拉第电磁感应定律，发电机产生的感应电动势大小为E1Bdv(1)导电流体的运动可以等效为长度为d、电阻为r的导体做切割磁感线运动，其电阻r根据闭合电路欧姆定律，通过负载电阻R的电流为I那么，负载电阻R得到的电压为UIR(2)磁流体发电机给电容器提供的电场强度E2带电体得到的电场力FqE2设摆线长为l，小球从竖直位置向上摆动的过程中，根据
23、动能定理，有：Flsinmgl(1cos)00联立解得：s21.【答案】(1)51(2)能【解析】(1)设小球的质量为m，小球在A点的动能为EkA，由机械能守恒得EkAmg设小球在B点的动能为EkB，同理有EkBmg由式得5(2)若小球能沿轨道运动到C点，小球在C点所受轨道的正压力FN应满足FN0设小球在C点的速度大小为vC，由牛顿运动定律和向心加速度公式有FNmgm由式得mgmvC全程应用机械能守恒定律得mgmvC2由式可知，vCvC，即小球恰好可以沿轨道运动到C点22.【答案】(1)20 rad/s(2)【解析】(1)当试管匀速转动时，小球在最高点对试管的压力最小，在最低点对试管的压力最大在最高点：F1mgm2r在最低点：F2mgm2rF23F1联立以上方程解得20 rad/s(2)小球随试管转到最高点时，当mgm2r时，小球会与试管底脱离，即.
