1、高中化学学习材料金戈铁骑整理制作相对原子质量：Na 23 Al 27 Fe 56 Cu 64 H 1 O 16 C 12 S 16 Cl 35.5一、选择题（有12个答案，每题3分，共36分)在实验室中，通常将金属钠保存在A水中B 煤油中C 四氯化碳中D汽油中下列物质中，不属于合金的是A 硬铝B黄铜C 钢铁D金箔下列物质中既能跟稀H2SO4反应, 又能跟氢氧化钠溶液反应的是NaHCO3 Al2O3Al(OH)3 AlABCD全部下列关于Na和Na+的叙述中,错误的是A它们相差一个电子层B它们的化学性质相似C钠原子,钠离子均为同一元素D灼烧时，它们的焰色反应都呈黄色除去Na2CO3 固体中少量N
2、aHCO3的最佳方法是A加入适量盐酸B加入NaOH溶液C加热D配成溶液后通入CO2镁、铝、铜三种金属粉末混合物, 加入过量盐酸充分反应, 过滤后向滤液中加入过量烧碱溶液, 再过滤, 滤液中存在的离子有ABCu2+CAl3+DMg2+少量的金属钠长期暴露在空气中，它的最终产物是 ：ANaOHB Na2CO310H2OCNa2CO3DNaHCO3 只用一种试剂可区别五种溶液, 这种试剂是ABa(OH)2BH2SO4CNaOHDAgNO3将Fe、Cu、Fe2、Fe3和Cu2盛于同一容器中充分反应，如Fe有剩余，则容器中只能有ACu、Fe3BFe2、Fe3CCu、Cu2、FeDCu、Fe2、Fe将Na
3、2O2投入FeCl3溶液中, 可观察到的现象是A生成白色沉淀B生成红褐色沉淀C有气泡产生D无变化下列离子方程式书写正确的是A铝粉投入到NaOH溶液中：2Al+2OH 2AlO2+H2BAlCl3溶液中加入足量的氨水：Al3+ 3OH Al(OH)3C三氯化铁溶液中加入铁粉：DFeCl2溶液跟Cl2反应：2Fe2+Cl2=2Fe3+2Cl下列离子在溶液中能大量共存的是ABCD向MgSO4和Al2(SO4)3的混合溶液中, 逐滴加入NaOH溶液。下列图象中, 能正确表示上述反应的是(横坐标表示加入NaOH溶液的体积, 纵坐标表示反应生成沉淀的质量)二填空题： （共24分）(1)鉴别KCl溶液和K2
4、CO3的试剂是 ，离子方程式为 。（3分）(2)除去混入NaCl溶液中少量NaHCO3杂质的试剂是 ，离子方程式为 .（3分）(3)除去Na2CO3粉末中混入的NaHCO3杂质用 方法，化学方程式为 .（3分)明矾是一种 盐。其在水中的电离方程式是 ，明矾的用途 。（5分）已知有以下物质相互转化（10分）试回答：(1)写出B的化学式，D的化学式。(2)写出由E转变成F的化学方程式 。(3)写出用KSCN鉴别G溶液的离子方程式 ；向G溶液加入A的有关离子反应方程式 。三简答题（共10分）据媒体报道：社会上曾有不法分子，以黄铜（铜、锌合金）假冒黄金进行诈骗活动。请你设计实验，鉴别黄铜和黄金。（5分
5、）铜钱在历史上曾经是一种广泛流通的货币。试从物理性质和化学性质的角度解析为什么铜常用于制造货币。(铜的熔点是1183.4，铁的熔点是1534.8。)（5分）四.实验题（共15分）过氧化钠是一种淡黄色固体,它能与二氧化碳反应生成氧气,在潜水艇中用作制氧剂,供人类呼吸之用.它与二氧化碳反应的化学方程式为: 2Na2O2 + 2CO2 = 2Na2CO3 + O2 。某学生为了验证这一实验，以足量的大理石、足量的盐酸和1.95g过氧化钠样品为原料，制取O2，设计出如下实验装置：（1）A中制取CO2 的装置，应从下列图、中选哪个图： B装置的作用是 ，C装置内可能出现的现象是 。为了检验E中收集到的气
6、体，在取出集气瓶后，用 的木条伸入集气瓶内，木条会出现 。 （2）若E中的石灰水出现出现轻微白色浑浊，请说明原因： 。 （3）若D中的1.95g过氧化钠样品接近反应完毕时，你预测E装置内有何现象？ 。（4）反应完毕时，若测得E中的集气瓶收集到的气体为250mL，又知氧气的密度为1.43g/L，当装置的气密性良好的情况下，实际收集到的氧气体积比理论计算值 （答大或小），相差约 mL（取整数值，所用数据均在标准状况下测定），这是由于_ _ 。（5）你认为上述AE的实验装置中，E部分是否安全、合理？E是否需要改为下列四项中的哪一项： 。（用甲、乙、丙、丁回答）五.计算题（共15分）加热10.0g碳酸
7、钠和碳酸氢钠的混合物至质量不在变化，剩余固体的质量为8.45g，求混合物中碳酸钠的质量分数。（7分）将6 g的铁粉加入200 mLFe2(SO4)3和CuSO4的混合溶液，充分反应得到200 mL0.5mol /LFeSO4溶液和5.2 g固体沉淀物。试计算(1)反应后生成铜的质量； (2)原Fe2(SO4)3溶液的物质的量浓度。（8分）第一节第一课时:针对练习：1-1C1-2BC1-3A2-1（1）O2转化成O3的条件是放电；3O2放电2 O3；（2）在空气或者氧气中燃烧生成Na2O2：2Na+ O2点燃Na2O2；（3）4KO2+2CO2=2K2CO3+3O2；2-2 C2-3A基础达标：
8、1、C2、C3、D4、AD5、D6、B7、C8、C9、银白，金属光泽，暗Na2O熔成小球，黄色火焰，生成淡黄色圆体2Na+O2Na2O2、Na、2.93g 2Na+Cl22NaCl 10. （1）（、可换位）（2）大理石盐酸（3）除去混在O2中未反应的CO2吸收CO2中混有的HCl（4）ac解析：C中产生的CO2气体须通过NaHCO3溶液除去，其中混有的HCl气体，CO2气体与Na2O2固体反应后产生的O2中不可避免地混有CO2气体，须通过NaOH溶液除去。洗气装置中气流的方向注意应为长管进、短管出。为准确量得生成O2的体积，在反应前后读取甲管中液面的读数时，应上下移动乙管使甲乙两管液面相平，
9、以保证甲管液面上方为1个大气压。读数时视线应与凹液面最低处相平。点评：此实验题设计新颖，既考查了重点的化学知识、实验能力，又体现了学科间综合的精神。解答此类题目时思考要周密，叙述要简洁规范。能力提升：1、C解析：Na2O是白色固体，Na2O2是淡黄色固体；Na2O是碱性氧化物，Na2O2不是碱性氧化物；Na2O2是强氧化剂，Na2O不是，因此只有C是正确的。2、A解析：由题意知Na2O和Na2O2物质的量相等且由方程式易知，Na2O放在溶液中增加的质量为Na2O2中的Na2O部分。由此可知两溶液的质量相同，则ab，选A。3、C4、B5、B6、C7、AB8、C9、A10、煤油中，钠密度小于1，钠
10、和氧气反应，钠和水反应。第二课时：针对练习：1-1该混和物中含K 3.9g, K2O 9.4g。 解析：此体可以用极限的思维求解。设该碱金属的相对原子量为a(1)假设13.3克全为碱金属，由碱金属元素守恒得：13.3/a=16.8/(a+17)解得 a=64.6 (极大值)(2)设13.3克全为碱金属氧化物，同样由碱金属元素守恒得：13.32/(2a+16)=16.8/(a+17)解得 a=26.2(极小值) 该碱金属的原子量应介于26.2与64.6之间，由原子量表可知，原子量为39的钾(K)符合题意。所以碱金属为钾(K)，其氧化物为氧化钾(K2O)。设混和物中含K和K2O的质量分别为X和y，
11、得 x + y = 13.3解之得 X=3.9gy=9.4g1-2 A2-1 D1-3AC2-2 C2-3易拉罐又鼓起来；易拉罐中的CO2与浓NaOH反应，致使易拉罐内气压降低，从而使易拉罐被大气压压瘪；浓NaOH与易拉罐（Al）反应产生H2，随着易拉罐内H2量的增多，易拉罐内气压增大；CO22OH- CO32-H2O；2Al2OH-2H2O23H2基础达标：1、A解析：根据铝与酸、碱反应的化学方程式：2Al6HCl2A1C133H22Al2NaOH2H2O2NaAlO23H2可以发现：等量的铝分别与足量的酸、碱反应会产生等量的H2（同温同压），故题中答案选A。2、D解析：A、B、C中都是钠与
12、酸（或水）反应，它与放出的氢气的关系式为2NaH2；而D中除了Na与水反应放出H2外，铝还会与生成的NaOH反应放出一定量的H2即2Al2NaOH2H2O2NaAlO23H2，故D中放出的氢气最多。3、B解析：钠在铁盐溶液中先与H2O发生反应，故不能置换出铁。2Na2H2O2NaOHH2铁可置换出铜盐溶液中的铜，如：FeCuSO4FeSO4Cu。Fe在高温下可以与H2O（g）发生反应而生成Fe3O4和H2。在金属活动性顺序表中Al排在Fe的前面，故Al比Fe活泼。4、D解析：2.3g钠与100g水完全反应后生成4gNaOH，同时放出0.1gH2，故反应后溶液的质量分数为（NaOH）100。5、
13、A6、BC 解析：钠投入到硫酸铜溶液中，既有沉淀生成同时又放出气体，反应方程式为：2NaCuSO42H2ONa2SO4Cu（OH）2H2。7、D8、C9 C解析：水的密度为lgcm3，而煤油的密度为0.8gcm3，钠可浮在水面上，说明其密度比水的小，而沉在煤油中说明其密度比煤油大，则其密度应介于0.8gcm31.0gcm3之间。10、D能力提升：1、B2、C3、B4、B5、C6、B7、BC8、AC9、:,钠10. 4:3:2解析：由题意，可知混合物与足量水反应生成的H2、O2总物质的量为，且其中H20.02mol，O20.01mol。根据2NaH2和2Na2O2O2可知，原混合物中含Na0.0
14、4mol，含Na2O2为0.02mol，所以Na2O的物质的量应为：，因此原混合物中Na、Na2O、Na2O2的物质的量之比为4:3:2。第二节第一课时: 针对练习：1-1C1-2 FeCl2和FeCl3两种盐；Fe3O4+8HCl=2FeCl3+FeCl2+4H2O. 因此Fe3O4也可以表示为FeOFe2O3 形式；我们可以把+2铁写成Fe2+阳离子，把Fe3+写成(FeO2)22- 形式，故Fe3O4也可以用盐的形式表示为Fe(FeO2)2。1-3（1）消耗HCl的物质的量： 0.2L5mol/L0.2L4.6mol/L=0.08mol （2）设Al、Fe的物质的量分别为x、y Al3H
15、Cl Fe2HCl x 3x y 2y 27g/molx+56g/moly=1.1g 3x+2y=0.08mol x=0.02mol 得 y=0.01mol2-1C2-2BC2-3用铁粉/NaClO溶液还原/氧化FeCl3制备纯净的FeCl2溶液。1）往FeCl3溶液中加入足量的铁粉/NaClO溶液，充分反应后过滤/不必过滤。2）取滤液滴加KSCN溶液无红色出现，证明完全转化。3）所得溶液已纯净/加入NaOH溶液过滤，滤出的沉淀用稀盐酸溶解。基础达标：1、D2、D3、B4、B5、B6、BC7、A8、实验方法实验过程中所发生反应的化学方程式实验所用仪器（用编号表示）实验需直接测定的有关物理量（用
16、文字说明）1H2SO4ZnZnSO4H2H2CuOCuH2O实验前样品和硬质玻璃管的总质量（或硬质玻璃管的质量）实验后Cu及硬质玻璃管的总质量2H2SO4CuOCuSO4H2O过滤后剩余固体的质量32CuO22CuO实验前坩埚与样品总质量（或坩埚质量）实验后坩埚与CuO总质量9、(1) Cu2+Fe=Cu+Fe2+ +2H+FeFe2+H2 (2) 0.625m(或5/8)10、（1）金属Mg的物质量0、46mol,V2=440mL（2）VNaOH=400 mL能力提升： 1D解析：因为Al（OH）3溶于强酸、强碱，而不溶于弱碱，所以选D。2C解析：欲使Mg2全部转化成沉淀并从溶液中分离出来，
17、应向溶液中加入过量的NaOH溶液，使Mg2、Al3全部沉淀后，再使Al（OH）3恰好溶解。设（Al3）molL1，则根据电荷守恒：32（Mg2）（Cl），即320.21.3,0.3molL1。设NaOH溶液的体积为mL，则根据关系式：Mg22OH0.20.220.20.2Al34OH0.30.240.30.2得20.20.240.30.24，即80Ml。3D解析：依题意，最后所得固体为Al2O3，其物质的量为mol，故原LAl2（SO4）3溶液中含SO的物质的量为（3）mol，（SO）molL1，所以答案选D。4D解析：滴加少许KSCN溶液，无红色出现；再加少许氯水后若立即出现红色，则证明原溶
18、液中一定存在Fe2。5AB解析：FeH2SO4FeSO4H22FeCl3Fe3FeCl2FeCuSO4FeSO4CuFeSO4溶液不能溶解Fe，故答案选A、B。6B解析：先加KSCN溶液若不变红，则可证明无Fe3；再滴加氯水立即呈红色，则可证明原溶液中有Fe2。Fe2遇SCN无明显变化，滴加氯水后，Fe2被氧化生成Fe，Fe3与SCN结合使溶液变红了，故B是正确的实验方法。7D 解析：将一小块金属钠投入FeSO4溶液中，会发生如下反应：2Na十2H2O2NaOHH2；FeSO42NaOHFe（OH）2Na2SO4。Fe（OH）2沉淀不稳定，容易被氧化：4Fe（OH）2O22H2O4Fe（OH）
19、3。滤出的Fe（OH）3沉淀再灼烧，发生的反应是：2Fe（OH）3Fe2O33H2O。所以，最终所得的固体物质是Fe2O3。8、B9、(1)CO2 (2)Al3+ + 4OH- = AlO2- + 2H2O (3)3CuO + 2Al 3Cu + Al2O3 (4)3/410、（1）过滤（2）Al2O3；Al2O3和Fe2O3； Fe2O3；K2SO4和（NH4）2SO4 （3）Al2O32NaOH2NaAlO2H2OAl3+3NH3H2OAl(OH) 33NH4+NaAlO2HClH2OAl(OH) 3NaCl2Al(OH) 3Al2O33H2O第二课时：针对练习：1-1 D1-2 Na2C
20、O3（饱和）+CO2+H2O= 2NaHCO3， 2Na+CO32-+ CO2+H2O=2NaHCO3。该过程产生沉淀的原因为：Na2CO3的溶解度大于NaHCO3；Na2CO3在生成NaHCO3过程中消耗了溶剂；每消耗1摩尔Na2CO3生成2摩尔 NaHCO3，即生成的NaHCO3大于消耗的Na2CO3。2-1 C2-2AB3-1C3-2C基础达标：1D解析：NaHCO3与石灰水反应时，反应物的量不同，产物也不相同，但不管以何种比例混合，都有CaCO3生成。当加入少量石灰水时，反应方程式为：2NaHCO3Ca（OH）2Na2CO3CaCO32H2O；当加入过量的石灰水时，反应方程式为：NaH
21、CO3Ca（OH）2NaOHCaCO3H2O。故C正确。物质的量相等的Na2CO3和NaHCO3分别与足量盐酸反应可得等量的CO2，故D不正确。2D 解析：A中能产生气体且能使澄清石灰水变浑浊的是NaHCO3；B中有白色沉淀生成的是Na2CO3；C中反应速度快（剧烈）的是NaHCO3；D中两者均可与Ca（OH）2反应产生白色沉淀，故无法用于鉴别。3C解析：0.8gNaOH若全部转化成Na2CO3，则其质量为1.06g1.37g；若全转化成NaHCO3，则其质量应为1.68g1.37g。故NaOH吸收CO2时实际上生成了Na2CO3（mol）和NaHCO3（mol）的混合物。依Na原子守恒，得2
22、0.02，且有：106841.37，解得0.005mol，0.01mol，故通人CO2的物质量为0.015mol,质量为0.015mol44gmol10.66g。4D解析：由题给条件，可知将甲蒸发掉一半水分，溶质的量并未发生变化，故完全反应时消耗的盐酸应与丙相同，甲丙很容易判断。由于存在如下关系式：2NaOHNa2CO32HCl，可知向乙中通入量CO2后部分NaOH变为Na2CO3，而生成的Na2CO3在与盐酸反应时会消耗与NaOH变质前等量的盐酸，故完全反应后，所需盐酸溶液的体积应是相等的，即甲乙丙。5、C6、C7、C8、(1)A:碳(或C) C:钠(或Na)(2)Na2CO3+2HCl=2
23、NaCl+H2O+CO2(3)2CO2+2Na2O2=2Na2CO3+O2（4）Na2O2+S2-+2H2O=4OH-+S+2Na+9、（1）KSCN，血红色物质（2）2FeCl3 + Cu = 2FeCl2 + CuCl2，FeCl3Cu（3）FeCl3的物质的量浓度C，64VC/2N10、NaHCO3 +NaOH=Na2CO3+H2O ，设NaOH与NaHCO3物质的量之比为1:1，可计算求得加热失重为2.67g，而题中失重为18.4 g-16.6g=1.8g不相符合。由于1.8g2.67g，则说明NaOH过量。NaOH过量，则只有反应NaHCO3 +NaOH=Na2CO3+H2O，失去的
24、质量为水，则W(NaHCO3)=84g=8.4g ，W(NaOH )=18.4g-8.4g=10g 。能力提升：1、A2、B3、C4、A5、B6、B7、D8、(1) 加热分解法：取两种少许待检粉末于试管中，分别加热，有CO2气体产生的是NaHCO3。（2）盐酸产气法：取两种少许待检粉末于试管中，同时分别在两支试管中加入1mL稀盐酸，产气速度快的是NaHCO3。（3）焰色反应法：取两种粉末进行焰色反应实验，透过钴玻璃能够观察到紫色火焰的是K2CO3 。9、（1）CaCO3+2HClCaCl2+H2O+CO2（2）仪器加入试剂加入该试剂的目的B饱和NaHCO3溶液除去CO2气体中混入的HClC过氧
25、化钠与CO2和水气反应，产生O2DNaOH溶液吸收未反应的CO2气体（3）2Na2O2+2CO2=2Na2CO3+O2（4）把E中的导管移出水面，关闭分液漏斗活塞，用姆指堵住试管口，取出试管，立即把带火星的木条伸入试管口内，木条复燃，证明试管中收集的气体是氧气。10、（1）根据题意，n(CO2)n(BaCO3)0.06 mol 若CO2全部来自CaCO3的分解，则m(CaCO3)0.06 mol100 g / mol6.00 g5.78 g，不合题意，所以，A中一定含有MgCO3。（2）m(CO2)0.0 6mol44 g / mol2.64 gm(H2O)2.82 g2.64 g0.18 g
26、nMg(OH)2n(H2O)0.18g/18g.mol0.01 molmMg(OH)20.01 mol58 g / mol0.58 gn(CaCO3)n(MgCO3)0.06 moln(CaCO3)100 g / moln(MgCO3)84 g / mol0.58 g5.78 g解得：n(MgCO3)0.05 mol，n(CaCO3)0.01 mol100%82.3%第三节：针对练习：1-1 A1-2 D1-3BC1-4B基础达标： 1C 2 D 3D 4D 5B 6A 7D 8D 9往烧杯中注入水，直至水面没过漏斗颈。（没答水面没过漏斗颈不给分）在100毫升量筒中装满水，倒置在盛水的烧杯中（
27、量筒中不应留有气泡），使漏斗颈插入量筒中。烧杯中水面到杯口至少保留约100毫升空间。将长颈漏斗（或答玻璃棒）插入烧杯并接近烧杯底部，通过它慢慢加入浓盐酸，至有气体产生10(1) FeCu2+Fe2+Cu(2) 干燥空气中保存(3) 铜的化学性质比较稳定，不易被腐蚀，铜的熔点比较低，容易冶炼铸造成型。能力提升： 1B解析：在题设条件下，如果氯化铁溶液足量，铁粉和铜粉都可与之完全反应，在此情况下，烧杯中既无铁也无铜。如果铁粉和铜粉足够多，氯化铁溶液相对不足，则反应后铁和铜都会存在。如果氯化铁溶液与铁粉、铜粉适量，则下列反应优先发生：Fe2FeCl33FeCl2，这样，烧杯中将有铜，而铁粉没有剩余。
28、无论如何有铁无铜的现象不可能存在。2D解析：用盐酸可使铂丝上能影响下一次焰色反应实验的杂质转化为易清除掉的氯化物。3D解析：依题意，当产生22.4L即1molH2时，消耗合金的质量为48g。而欲产生1molH2，所消耗的Na、Mg、Al质量分别为46g、24g、18g，均小于48g，它们两两组成合金均不合要求，只有Zn的质量65g48g，所以，该合金中必含有Zn。4B5D解析：A、B、C溶于盐酸后，溶液中即有Fe3存在，滴加KSCN溶液会立即变红；而D溶于盐酸后，生成的是Fe2，遇KSCN不变色，再滴加适量氯水，会将Fe2氧化成Fe3溶液立即呈红色。故答案选D。6C解析：合金的熔点低于其成分物
29、质的熔点，生铁的熔点低是因为Fe和C形成了合金。所以本题的正确答案应选C。7B解析：淬火是一种单纯热处理方法，只是对降低含碳量有效（将碳氧化成气体），所以选B。8AC解析：有关的化学反应方程式为：2Al2NaOH2H2O2NaAlO23H2，2Al6HCl2AlCl33H2。当铝不足量时，等量的铝失去等量的电子，生成等量的H2，天平保持平衡；当铝足量时，0.3molNaOH生成0.45molH2，0.3molHCl生成0.15molH2，左盘下沉。9Zn、CuZnCO3ZnOCO2C2Cu2O4CuCO2C2ZnO2ZnCO2解析：我们知道，煅烧石灰石（CaCO3）能得到其氧化物，而木炭可以还
30、原金属氧化物。把所学知识迁移过来，善于运用，不难解答。102molL1解析：本题的反应式很多，有Fe2O3与H2SO4反应，生成的Fe2（SO4）3又与Fe反应，Fe与H2SO4反应；加入的NaOH与H2SO4、FeSO4反应等。但最终产物是Na2SO4和Fe（OH）2。根据守恒原理：（SO）（Na），亦即（H2SO4）（NaOH）0.6mol0.3mol。（H2SO4）2molLl。单元检测一、选择题：题号12345678答案BDDBCACC题号910111213答案DBCDBCD二填空题： 14(1)盐酸、CO322HCO2H2O；盐酸、HCO3HCO2H2O；（3）加热：2NaHCO3N
31、a2CO3CO2H2O15复盐，KAl（SO4）2KAl32SO42，净水剂16（1）FeCl2 KCl （2）4Fe(OH)2O22H2O4Fe(OH)3 (3)Fe3SCNFe(SCN)2 2Fe3Fe3Fe217分别取样放入稀硝酸中,能溶解的是黄铜，无反应的是黄金18铜和铁相比，铜的化学性质比较稳定，不易被腐蚀，铜的熔点比较低，容易冶炼成型19(1)图2 吸收A装置中产生的酸雾 变蓝 带火的木条 复燃 (2) D中有部分CO2未参加反应流入E中生成沉淀 (3)E中石灰水的白色浑浊明显增加，瓶内液面的下降接近停止(4)小 30 因样品中含有不与CO2反应生成气体的杂质 (5)乙2042%21溶液中含有Fe2：0.5mol/L 0.2L0. 1mol设反应消耗铁的物质的量为x，生成铜的物质的量为y Fe Fe2(SO4)33FeSO4 Fe CuSO4FeSO4 Cu 1mol 1mol 3mol 1mol 1mol 1mol 1mol xmol xmol 3xmol ymol ymol ymol ymol 可得：3xy0. 1mol6g56x8y5.2g解得x0.02mol y0.04 mol故得：生成铜质量为0.04 mol64g/ mol2.56g 原溶液中Fe2(SO4)3物质的量浓度为0.3mol/L
