1、2020年贵州省六盘水市中考物理试卷一、单项选择题（本大题共12个小题，每小题3分，共36分，在四个选项中只有一项符合题意）1（3分）（2020贵州）下列估测数据中，最接近实际的是（）A一瓶普通矿泉水的重力为500NB人体正常体温为39C普通成人的步行速度为5m/sD教室里课桌的高度为80cm考点：重力大小的估测；温度；长度的估测；速度与物体运动专题：估算综合应用题分析：不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个解答：解：A、一瓶矿泉水的质量在500g=0.5kg左右，受到的重力在G=mg=0.5kg10N/kg=5N左右故A
2、不符合实际；B、正常情况下，人的体温在37左右，变化幅度很小故B不符合实际；C、普通成年人正常步行的速度在4km/h=4m/s1.1m/s左右故C不符合实际；D、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm左右故D符合实际故选D点评：估测是一种科学的近似值，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要的作用，应用日常知识积累解答此题2（3分）（2020贵州）下列关于声音的说法正确的是（）A只要物体振动，我们就能听到声音B声音可以在真空中传播C一切发声的物体都在振动D人们根据音调来辨别不同乐器的声音考点：人耳感知声音的过
3、程及听到声音的条件；声音的产生；声音的传播条件；音色专题：声现象分析：解决此类问题要知道：（1）声音是由物体的振动产生的，振动的物体肯定能发出声音，但由于人的听觉范围、响度大小、是否有介质的限制，发出的声音不一定能听得见；（2）声音的传播需要介质，真空不能传声；（3）音调是指声音的高低，它和物体振动频率有关物体振动频率越快，音调越高；振动频率越慢，音调越低；音色是声音的品质，决定于发声体的材料和构造，不同乐器发出的音色一般不同解答：解：A、振动的物体能够发声，但物体振动发出的声音我们不一定都能听到，如没有介质，响度太小，振动频率不在人的听觉范围之内此选项错误；B、声音传播需要介质，真空不能传声
4、此选项错误；C、声音是物体振动产生的，发声体都在振动此选项正确；D、不同乐器发出的音色是不同的，我们根据音色来辨别不同乐器的声音此选项错误故选C点评：本题是一道综合了声学中多个知识点的题目，做题时要对照相关的物理知识，仔细分析每一种情况的对错3（3分）（2020贵州）在太阳光下，人们在树荫下乘凉，树荫的形成是由于（）A光的直线传播B光的漫反射C光的折射D光的镜面反射考点：光在均匀介质中直线传播专题：光的传播和反射、平面镜成像分析：光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的解答：解：太阳光被树叶遮挡后，在下边形成一个黑色的
5、区域，形成树荫实际上就是大树的影子，是光在同种均匀介质中沿直线传播形成的故选A点评：生活中的影子现象大多都可以利用光的直线传播来解释，是光学最基本知识的考查4（3分）（2020贵州）下列现象中，属于升华现象的是（）A烧开水时，壶嘴冒“白气”B洒在地面上的水过一会儿变干了C秋天的早晨，树叶上出现了小水珠D放在衣柜里的樟脑球，过一段时间变小了考点：升华和凝华的定义和特点专题：汽化和液化、升华和凝华分析：物质从固态直接变为气态的过程是升华，升华是吸热过程解答：解：A、烧开水时，壶嘴处喷出的水蒸气遇到温度较低的空气液化成为小水滴，就是我们看得到“白气”不符合题意；B、洒在地面上的水吸收热量，由液态变成
6、水蒸气，属于汽化中的蒸发现象不符合题意；C、秋天的早晨，树叶上的水珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的不符合题意；D、放在衣柜里的樟脑球是固态的，过一段时间变小了，是由固态直接升华成为气态进入空气中了符合题意故选D点评：本题考查了生活中的物态变化，分析变化前后的状态变化是解题的关键5（3分）（2020贵州）春天，走在农业生态园的树荫道上，阵阵花香扑鼻，这是由于（）A分子的无规则运动B分子间有空隙C分子间的吸引力D分子间的斥力考点：分子的运动专题：分子热运动、内能分析：从分子的基本性质入手，分子是构成物质的一种粒子，它的体积很小，分子在不断运动，分子间有一定的间隔当我们嗅到香味，主要是因为分子在不断
7、地运动解答：解：A、花香扑鼻而来的现象说明分子在不断运动，花的香味分子运动到空气中，进入人们的鼻孔，使人感觉到了香味，说明分子的不断运动；故A正确；B、能嗅到花香是分子运动的结果，和分子间的间隔没有太大关系，故B错误；C、花香扑鼻而来，不能说明分子间有吸引力，故C错误；D、花香扑鼻而来，与分子间的斥力无关，故D错误故选：A点评：本题考查了分子动理论知识的应用，凡是嗅到什么的气味，都是说明分子不停的做无规则运动6（3分）（2020贵州）如图中，能表示发电机工作原理的是（）ABCD考点：发电机的构造和原理专题：电动机、磁生电分析：发电机的工作原理是电磁感应，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感
8、线运动时，导体中就会产生感应电流解答：解：A、图中奥斯特实验，说明的是电流的磁效应，故A不合题意；B、图中有电源，说明的是磁场对电流的作用，故B不合题意；C、图中电流大小一定，匝数多的线圈吸引较多的铁钉，可用来演示电磁铁中磁性强弱与线圈匝数的关系，故C不合题意；D、图是电磁感应实验，是发电机的原理图故D符合题意故选D点评：电与磁这一章的书中重点实验装置图要掌握好，记清实验名称和说明的原理及生活中的应用本题中学生容易混淆的两个图是BD，要从有无电源上区分，有电源的是电动机，无电源的是发电机7（3分）（2020贵州）建筑工地上的起重机将重物沿竖直方向提起若不计空气阻力及摩擦力，则货物在匀速上升过程
9、中（）A动能增加，重力势能增加B动能不变，机械能增加C动能减少，机械能减少D重力势能不变，机械能增加考点：动能和势能的大小变化专题：机械能及其转化分析：（1）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大（2）重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大（3）机械能等于动能和势能之和解答：解：不计摩擦和空气阻力，货物在匀速上升过程中，质量不变，速度不变，高度增加，因此动能不变，重力势能增加，则机械能增加故选B点评：（1）掌握动能、重力势能、弹性势能大小的影响因素（2）根据能量的影响因素判断动能、重力势能、弹性势能大小的变化8（3分）（2020贵州）小明在六
10、盘水某学校实验室测得水的沸点是98，则该学校所在地大气压值（）A等于1个标准大气压B大于1个标准大气压C小于1个标准大气压D水的沸点与大气压无关考点：沸点及沸点与气压的关系专题：气体的压强、流体压强与流速的关系分析：在1个标准大气压下水的沸点是100，然后根据沸点跟气压有关，气压越高，沸点越高进行判断解答：解：一标准大气压下水的沸点是100，液体的沸点跟气压有关，气压越低，沸点越低因为测得水的沸点是98，低于100，所以该学校所在地大气压值小于1个标准大气压故选：C点评：本题考查了液体沸点与气压的关系，熟记一标准大气压下水的沸点是100，是基础类问题，难度不大9（3分）（2020贵州）为了响应
11、“低碳生活”，小明每天骑自行车上学，他看到路边的小树向后“飞过”则他选择的参照物是（）A树B地面C旁边的山D自行车考点：参照物及其选择专题：长度、时间、速度分析：一个物体是运动还是静止，决定于所选择的参照物，相对于参照物，如果研究对象位置发生变化，就是运动的；如果位置没有变化，就是静止的解答：解：A、研究对象是小树，不能选择小树本身做参照物不符合题意；B、相对于地面，小树的位置没有变化不符合题意；C、相对于旁边的山，小树的位置没有变化不符合题意；D、小树相对于自行车的位置不断变化，所以是以自行车为参照物的故选D点评：此题考查的是参照物的确定，需要清楚：参照物不同，物体运动状态不同10（3分）（
12、2020贵州）如图所示，L1与L2是两只标有“3V 10”字样的相同小灯泡，电源电压为3V，闭合开关S后，干路电流是（）AI=0.3ABI=0.6ACI=0.9ADI=1.0A考点：欧姆定律的应用专题：欧姆定律分析：由图两灯并联，根据并联电路特点和欧姆定律计算出干路电流即可选择正确答案解答：解：由图可知，L1与L2串联，且两灯是相同的小灯泡，U=U1=U2=3V，干路电流：I=2I1=2=0.6A所以ACD错误，B正确故选B点评：本题考查并联电路特点和欧姆定律的应用，属于一道基础题11（3分）（2020贵州）一辆汽车正在公路上行驶，有关汽车的说法正确的是（）A汽车静止时不具有惯性B正在运动的汽
13、车不具有惯性C各种状态下的汽车都有惯性D汽车刹车时才具有惯性考点：惯性专题：运动和力分析：惯性就是物体保持原来的运动状态的性质，如果物体不受力的作用就保持匀速直线运动状态或者静止状态，惯性大小的唯一量度是物体的质量解答：解：惯性的大小与物体的运动状态无关，无论物体是静止还是运动，都具有惯性，惯性大小的唯一量度是物体的质量，因此各种状态下的汽车都有惯性故ABD错误，C正确故选：C点评：对惯性概念的理解，惯性就是物体保持原来的运动状态的性质，惯性的大小与物体的运动状态无关，惯性大小的唯一量度是物体的质量12（3分）（2020贵州）现有甲、乙、丙三个轻质小球其中甲带正电，丙带负电，甲吸引乙，乙吸引丙
14、，则乙（）A一定不带电B带正电C带负电D可能带负电，也可能不带电考点：物体带电情况的判断专题：电流和电路分析：解决此题的关键是知道电荷间的作用规律，即同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；且还应知道带电体可以吸引轻小物体解答：解：该题中，已知丙带负电，且乙丙相吸，即说明乙可能带正电荷，也可能不带电；同时由于甲乙相吸，由于甲带正电，故乙有两种可能，即乙可能带负电，也可能不带电而乙同时可以与甲、丙吸引，不可能带有两种电荷，因此乙一定不带电故选A点评：利用电荷间的作用规律结合带电体能吸引轻小物体的性质分析即可解决二、填空题（本大题共8个小题，共20分）13（2分）（2020贵州）如图所示，在一水平地面
15、上，木箱重500N，用F=150N的力拉动木箱做匀速直线运动（不计滑轮重量及绳与滑轮间的摩擦），木箱受到的摩擦力为300N，方向向右考点：摩擦力的大小专题：重力、弹力、摩擦力分析：（1）此题为滑轮组拉动物体前进，要克服物体与地面间的摩擦力，因为两段绳子拉着物体，所以F=f摩；（2）根据二力平衡条件，一对平衡力的大小相等，方向相反，作用在同一直线上解答：解：由图可知滑轮组有2段绳子，因为用滑轮组拉动物体向左做匀速直线运动，所以F=f摩，则f摩=2F=2150N=300N；摩擦力的方向向右故答案为：300；右点评：此题考查了摩擦力大小和方向的判断，关键是确定机械的类型，搞清其省力特点，得出摩擦力和
16、绳端拉力之间的关系14（4分）（2020贵州）小明体重500N，周末他去“六盘水市游泳馆”游泳，当他套着游泳圈漂浮在2m深水区休息时（游泳圈的重量忽略不计），他所受的浮力为500N，此时由于不小心，手牌滑落，沉到池底，则手牌受到的液体压强为2104Pa然后他潜入水中老手牌，从他完全潜入到捞到手牌的过程中，他受到的浮力不变（选填“变大”、“变小”或“不变”）小明捞到手牌后，若他受到的浮力等于500N，在不做任何动作的情况下，他将在水中悬浮（选填“上浮”、“下沉”或“悬浮”）考点：浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用专题：浮力；浮沉的应用分析：物体漂浮，浮力等于重力，据此求出他所受的浮力；已知水
17、深和水的密度，利用p=液gh可求手牌受到的水的压强；根据浮力公式F浮=gV排，通过比较完全潜入到捞到手牌的过程中排开水的体积的大小，比较浮力的变化；根据物体浮沉条件判断他在水中的状态解答：解：小明漂浮，浮力等于重力，则F浮=G=500N；手牌受到的液体压强：p=水gh=1.0103kg/m310N/kg2m=2104Pa；从他完全潜入到捞到手牌的过程中，小明排开水的体积不变，水的密度不变，由F浮=gV排可知，他受到的浮力不变；由题意可知，F浮=G，所以在不做任何动作的情况下，他将在水中悬浮故答案为：500；2104；不变；悬浮点评：此题考查浮力的大小计算、物体的浮沉条件和液体压强的计算，难度不
18、大，掌握基础知识即可正确解题15（2分）（2020贵州）在四冲程内燃机的工作过程中，做功冲程将内能转化成机械能压缩冲程将机械能转化为内能考点：内燃机的四个冲程专题：比热容、热机、热值分析：四冲程内燃机包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程其中压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能解答：解：在内燃机的四个冲程中，做功冲程中高温高压的燃气对活塞做功，将内能转化为机械能；压缩冲程中活塞压缩气体对其做功，将机械能转化为内能故答案为：做功；压缩冲程点评：此题主要考查了四个冲程中的能量转化情况压缩冲程与做功冲程发生了能量的转化，转化情况正好相反16（2分）（2020贵州）研发太阳能汽车是未来汽
19、车的发展方向太阳能是可再生（选填“可再生”或“不可再生”）能源，该汽车有个重要的部件是太阳能电池，它可以将太阳能转化为电能考点：太阳能的利用专题：能源的利用与发展分析：（1）在自然界短时间就能得到补充的是可再生能源，常见的可再生能源有：风能、太阳能、水能等；（2）电动汽车上有许多电子设备，需要电能的提供，太阳能电池板就可以将太阳能转化为电能解答：解：（1）太阳能是一种新型的可再生能源，越来越被广泛利用；（2）太阳能电池板可以将太阳能转化为电能，供汽车使用故答案为：可再生；电点评：本题主要考查学生对太阳能特点的了解和太阳能电池板上的能量转化过程，属于基础知识的考查17（2分）（2020贵州）造成
20、家庭电路中保险丝熔断的原因：一是总功率过大，二是短路在安装带有金属外壳的家用电器时，为了安全用电，家用电器的金属外壳应接地考点：家庭电路电流过大的原因专题：电与热、生活用电分析：（1）造成电流过大的原因有两个：一是总功率过大；二是短路（2）金属外壳的用电器一定要接地，防止用电器漏电时发生触电事故解答：解：（1）造成保险丝熔断的原因是电流过大，而造成电流过大的原因有两个：一是总功率过大；二是短路；（2）在安装带有金属外壳的家用电器时，为了安全用电，家用电器的金属外壳应接地，若金属外壳的用电器外壳万一带电，电流会通过导线导入大地，防止造成触电事故的发生故答案为：短路；接地点评：本题考查了两个内容：
21、一是造成家庭电路电流过大的原因，二是家用电器接地的原理这两个现象在生活中都可以见到，要会用物理知识解决实际问题18（3分）（2020贵州）如图所示，当电源开关接通后，会发现小磁针的北极向左（填“左或“右”）偏转，这说明通电螺线管周围存在磁场；同时发现可移动的A、B两螺线管相互靠近（填“靠近”或“远离”）考点：通电螺线管的极性和电流方向的判断；磁极间的相互作用；安培定则专题：应用题分析：根据右手定则判断两个通电螺线管的极性；根据磁极间的相互作用判断小磁针的指向及两螺线管的运动情况解答：解：对于B螺线管，根据右手定则，伸出右手四指弯曲指向电流的方向，则大拇指所指的方向螺线管的右端为N极，左端为S同
22、样，对于A螺线管，根据右手定则可判断出螺线管的右端为N极，左端为S所以两个螺线管相靠近的一端为异名磁极，相互吸引，故可移动的A、B两螺线管相互靠近由于通电螺线管相当于条形磁铁，周围存在着磁场，又A螺线管的左端为S，根据磁极间的相互作用，小磁针的N极会向左偏转故答案为：左，磁场，靠近点评：要确定小磁针的转动方向，首先要判断螺线管的N、S极本题也可根据螺线管周围磁场的方向判断小磁针N极的指向19（2分）（2020贵州）如图所示，一束光线与水平面成35角射向镜面，则入射角是55度，入射光线与反射光线间的夹角是110度考点：光的反射定律专题：光的传播和反射、平面镜成像分析：（1）发生光的反射时，入射光
23、线、反射光线和法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居在法线两侧，反射角等于入射角；（2）入射角为入射光线和法线的夹角，不是入射光线和镜面的夹角解答：解：一束与平面镜成35角的光线射到平面镜上，则入射角为9035=55，根据反射角等于入射角，可知反射角也为55，则反射光线与入射光线的夹角是55+55=110故答案为：55；110点评：本题考查了光的反射定律，反射光线与入射光线的夹角等于反射角与入射角之和20（3分）（2020贵州）一物体的质量是2.7104kg，体积为10m3，则其密度为2.7103kg/m3，合2.7g/cm3，若把该物体切去一半，则剩下部分的密度将不变（选填“变大”、“变小
24、”或“不变”）考点：密度的计算；密度及其特性专题：密度及其应用分析：已知质量和体积，可利用公式=计算密度；密度的单位有g/cm3和kg/m3，这两个单位较大的是g/cm3，它们的进率为1000，并且是从大单位到小单位，应扩大1000倍；密度是物质的特性，由此来分析剩余部分的密度怎样变化解答：解：物体的密度=2.7103kg/m3=2.7g/cm3；因为密度是物质的特性，与物质的质量和体积无关，不随质量和体积的改变而改变，所以物体的质量变小，其密度不变故答案为：2.7；不变点评：本题考查了学生利用密度的公式=计算密度，以及密度是物质的特性，不随质量和体积的改变而改变，以及单位的换算三、作图题（本
25、大题共2个小题，每小题2分，共4分）21（2分）（2020贵州）请画出物体AB在平面镜中所成的像（不保留作图痕迹不给分）考点：平面镜成像的相关作图专题：光的传播和反射、平面镜成像分析：平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB的像解答：解：分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A、B，用虚线连接A、B即为AB在平面镜中的像如图所示：点评：在平面镜成像作图中，若作出物体在平面镜中所成的像，要先根据像与物关于平面镜对称，先作出端点和关键点的像点，再用虚线连接各点即为物体的像22（2分）（2020贵州）物体A静止
26、在水平面上，请画出物体A所受力的示意图考点：力的示意图专题：重力、弹力、摩擦力分析：首先对物体进行受力分析，顺序是：重力一定有，弹力看四周，分析摩擦力，不忘液气浮；然后再按照力的示意图的画法作图解答：解：（1）物体静止，则受平衡力，这两个力是竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F，大小相等，方向相反，且作用在同一直线上，作用点在物体的重心（2）重力从重心竖直向下画，标出符号G，支持力从重心竖直向上画，标出符号F，注意两个力大小相等，所画的长度要相等，如图：点评：作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等四、物
27、理与生活（本大题共2个小题，每小题3分，共6分）23（3分）（2020贵州）六盘水近年来大力整治城市环境，开发了明湖湿地公园，修建人工湖，全力打造美丽凉都作为凉都人，请你用所学知识解释修建人工湖可以调节气温的主要原因考点：比热容解释简单的自然现象专题：比热容、热机、热值分析：修建人工湖和内河，使该地区含水量增多，因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析解答：答：因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，能有效调节周围环境的气温点评：本
28、题主要考查了学生对水的比热容大的特点及应用的了解和掌握，应用好“相同的m、Q，c大的t小”，也可以借助Q=cmt帮助记忆24（3分）（2020贵州）因为忙于中考复习，小丽已经很长时间没有打开过自己的电脑了，进入潮湿的夏季后，爸爸建议小丽定期给电脑通一会儿电请你解释这样做的道理考点：电热；影响蒸发快慢的因素；焦耳定律的计算公式及其应用专题：简答题；电与热、生活用电分析：根据焦耳定律和影响蒸发快慢的因素（温度越高、可以加快液体的蒸发）进行解答解答：答：在潮湿的夏季，长时间不用的电脑主机元件会附着上水汽，容易腐蚀损害电子元件，同时容易引起漏电、电线短路等事故而根据焦耳定律可知，给电脑通电后，电脑元件
29、会发热，同时也会使附着在电子元件上的水汽温度升高，蒸发加快，使电子元件变得干燥；因此，给电脑通电可以较快的去除电脑主机元件上附着的水汽，延长电脑使用寿命点评：本题考查了焦耳定律和影响蒸发快慢的因素，体现了物理知识与生活的联系，要求我们平时生活中要多注意观察生活现象并能利用所学知识解释原因五、实验题（本大题共2个小题，25小题5分，26小题6分，共11分）25（5分）（2020贵州）用焦距为10cm的凸透镜探究“凸透镜成像规律”（1）某同学将蜡烛、凸透镜、光屏上随意固定在光具座上，点燃蜡烛后，沿光具座无论怎样移动光屏，在光屏上始终得不到烛焰的像，原因可能是烛焰中心、凸透镜光心、光屏中心不在同一高
30、度（2）重新调整后，将蜡烛、凸透镜固定在光具座上，如图所示，移动光屏后得到烛焰清晰、完整的像，该像是倒立缩小（选填“放大”或“缩小”）的实像（3）接下来保持蜡烛和光屏的位置不动，将凸透镜像蜡烛方向移动，光屏上再次出现了一个倒立放大（选填“放大”或“缩小”）的清晰实像，与这种成像原理一致的光学仪器是投影仪（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）考点：凸透镜成像规律及其探究实验专题：探究型实验综合题分析：（1）光屏上得不到烛焰像的情况有三种：成的像是虚像，虚像是不会成在光屏上的；成实像，但由于烛焰、凸透镜、光屏三者的中心不在同一高度上，虽然成的是实像，但光屏上显示不出来；不成像，当物体位于焦点上
31、，即u=f时，此时不成像，所以光屏上也得不到烛焰的像（2）凸透镜规律：U2f时，在凸透镜的另一侧得到倒立、缩小的实像，fv2f（3）凸透镜规律及其应用，2fUf时，在凸透镜的另一侧得到倒立、放大的实像，v2f应用于投影仪解答：解：（1）在做凸透镜成像规律的实验时，首先要调整三者的中心在同一高度上，这样做的目的就是为了保证使烛焰的像能够成在光屏上，所以当调整光屏的位置始终光屏上没有像时，首先要想到这种可能其次利用实像与虚像的区别，再考虑成的是虚像这种可能（2）此时物距为25cm，而焦距为10cm，物距大于2倍焦距，所以成的像是倒立、缩小的实像；（3）保持蜡烛和光屏的位置不动，将凸透镜向蜡烛的方向
32、移动，物距小于像距，成倒立、放大的实像投影仪利用此原理故答案为：（1）烛焰中心、凸透镜光心、光屏中心不在同一高度；（2）缩小；（3）放大；投影仪点评：此题是探究凸透镜成像的实验，考查了学生对实验操作的要求一定要注意实验前的调整工作为使像成在光屏的中央，应使凸透镜、烛焰、光屏的中心大致在同一高度处凸透镜的主光轴永远随着凸透镜的上下移动而移动，对于烛焰在凸透镜主光轴的哪个位置，画图说明很容易理解26（6分）（2020贵州）图甲是“测量小灯泡功率”实验电路，电源电压3V，小灯泡的额定电压为2.5V（1）连接电路时，图中导线a端应与电压表上标有数字“3”（选填“3”或“15”）的接线柱相连（2）闭合开
33、关前，应将滑片P置于B 端（选填“A”或“B”）（3）若要测量灯泡的额定功率，应移动滑片P，使电压表的示数为2.5V，时记下电流表的示数（4）根据实验数据画出IU图象，如图乙所示，则小灯泡的额定功率是0.625W（5）结合图乙的信息思考：能否利用图甲电路，采用控制变量的方法来“探究电流与电压的关系”？并说明理由不能，灯泡电阻受温度影响，随温度升高而增大，灯泡电阻不是定值考点：电功率的测量专题：探究型实验综合题分析：（1）根据灯泡额定电压选择电压表量程（2）为保护电路安全，闭合开关前滑片应置于阻值最大处（3）当灯泡两端电压等于灯泡额定电压时，灯泡实际功率等于额定功率（4）由图示图象求出灯泡对应的
34、额定电流，然后由P=UI求出灯泡额定功率（5）灯泡电阻受温度影响，据此分析答题解答：解：（1）灯泡额定电压是2.5V，电压表应选择03V量程，连接电路时，图中导线a端应与电压表上标有数字“3”的接线柱相连（2）为保护电路安全，闭合开关前，应将滑片P置于B端（3）若要测量灯泡的额定功率，应移动滑片P，使电压表的示数等于灯泡额定电压2.5V，时记下电流表的示数（4）由图乙所示图象可知，灯泡额定电压对应的电流为0.25A，小灯泡的额定功率：P=UI=2.5V0.25A=0.625W（5）探究电流与电压的关系应控制电阻阻值不变，灯泡电阻受温度影响，随温度升高而增大，灯泡电阻不是定值，因此不能采用图甲电
35、路探究电流与电压的关系故答案为：（1）3；（2）B；（3）2.5；（4）0.625；（5）不能，灯泡电阻受温度影响，随温度升高而增大，灯泡电阻不是定值点评：本题考查了电压表量程的选择、实验注意事项、求灯泡额定功率、影响灯泡电阻的因素；探究电流与电压的关系，应控制电阻阻值不变六、计算题（本大题共2个小题，27小题7分，28小题6分，共13分，请写出公式，带单位计算）27（7分）（2020贵州）如图所示，现将重为5N的物体A沿长1.2m，高0.6m的斜面匀速从底端拉到顶端，在此过程中，F的大小恒为3N，所有时间是12s，求：（1）物体A从底端到顶端的平均速度；（2）物体A从底端到顶端过程中拉力F的
36、功率；（3）求此斜面的机械效率（保留一位小数）考点：变速运动与平均速度；斜面的机械效率；功率的计算专题：长度、时间、速度；功、功率、机械效率分析：（1）根据v=求出平均速度；（2）根据W=Fs求出拉力做的总功，利用P=求出功率；（3）根据W=Gh求出有用功，利用=100%求出机械效率解答：解：（1）物体A从底端到顶端的平均速度：v=0.1m/s（2）拉力做的总功W总=Fs=3N1.2m=3.6J，则拉力的功率P=0.3W（3）拉力做的有用功W有=Gh=5N0.6m=3J，则此斜面的机械效率=100%=100%83.3%答：（1）物体A从底端到顶端的平均速度为0.1m/s；（2）物体A从底端到顶
37、端过程中拉力F的功率为0.3W；（3）求此斜面的机械效率为83.3%点评：此题主要考查的是学生对速度、功率、有用功、总功、机械效率计算公式的理解和掌握，虽知识点多，但难度不大，是一道基础性题目28（6分）（2020贵州）如图是电源电压恒为220V的电热烘干箱的基本电路图，S是双掷开关，R1是发热电阻，定值电阻R2为110，当S接“2”时，R1的电功率是110W，试求：（1）R1的阻值；（2）当S接“1”时，电路中的电流时是多少？（3）当S接“2”时，通电15分钟，R1消耗的电能是多少？考点：欧姆定律的应用；电功的计算专题：欧姆定律；电能和电功率分析：（1）开关S接“2”时只有R1连入，是高温挡
38、，根据R=求出R1的阻值；（2）开关S接“1”时是低温挡根据电阻的串联特点求出总电阻，根据欧姆定律求出电路中的电流；（3）当S接“2”时，根据W=Pt求出R1消耗的电能解答：解：（1）开关S接“2”时只有R1连入，由P=可知，此时电路为高温挡，由P=得：R1=440；（2）开关S接“1”时是低温挡时，电路的总电阻：R=R1+R2=440+110=550；电路中的电流：I=0.4A；（3）当S接“2”时，R1消耗的电能：W1=P1t=110W1560s=99000J答：（1）R1的阻值是440；（2）低温挡时，电路中的电流是0.4A；（3）高温挡时，通电10min，R1消耗的电能是99000J点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的计算；关键是电功率公式的灵活应用和加热器状态的判断，以及电路图的分析
