1、2021年中考物理总复习重点题型突破：选择题30练（一）（共30道题，时间：45分钟，满分：60分）1. 新型冠状病毒传播方式之一为飞沫传播，飞沫一般是直径大于5微米的含水颗粒，可以通过一定距离（一般认为12m）进入易感粘膜表面，一般不会长时间存留在空中为此人们要正确佩戴口罩，对易受到污染的物体表面经常进行消毒处理根据以上介绍，请你判断下列说法中正确的是（）A.飞沫能附着于物体表面，是因为分子间有引力的缘故B.飞沫能飞出1m外，说明飞沫分子在不停地做无规则运动C.健康人戴口罩防止被感染，其防疫策略类似于在摩托车上安装消声器以减弱噪声D.用紫外线可以对受病毒感染的物体进行消毒，是因为紫外线具有热
2、效应2. 下列关于声现象的说法不正确的是（）A.“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”指的是声音的响度大B.在高铁路线经过的居民区的道路两边修筑玻璃墙是在传播过程中减弱噪声C.超声波的传播速度一定大于次声波的传播速度D.同学们听到上课铃声就立刻走进教室说明声音可以传递信息3. 噪声已成为现代城市环境污染重要因素之一，下列措施不能直接减弱噪声的是（ ）A.在道路两旁、建筑物周围植树B.给汽车的排气管安装消声器C.在城市主要道路两旁安装噪声监测仪D.纺织工人在车间工作时戴上耳罩4. 在研究凸透镜成像实验中，小明这组得到一组数据：物体距透镜35cm，在距物体42cm的光屏上得到一个清晰的像下列结论中，
3、你认为正确的是（）A.此像可能是虚像B.此像可能是正立的C.此凸透镜的焦距可能是6cmD.此次成像规律可应用于投影仪5. 在2021央视春节联欢晚会上，舞蹈朱鹮飘逸灵动，静谧梦幻，演员们对朱鹮的演绎惟妙惟肖，宛如一幅流动的画，诉说着人与自然的和谐共生，下列说法正确的是（）A.当演员们动作整齐向前走时，彼此是运动的B.演员在每块地屏上所成的像都是不完整的C.舞台上的地屏光滑平整，相当于一个个平面镜D.我们能从地屏上看到演员们的像，说明光照到地屏上发生了漫反射6. 有关生活中一些光现象解释正确的是（）A.光污染光在物体表面发生了漫反射B.日晷作为古时计时工具光的反射C.汽车的观后镜能够增大视野光的
4、折射D.我们在岸上用激光笔照射水中物体时应该瞄准看到的物体照射光路可逆7. 下列现象中，属于光的折射现象的是（）A.在平静的湖面上看到树木、房屋的倒影B.光线射到不透明的物体上，形成的影子C.奇妙的“海市蜃楼”景观D.潜水艇利用潜望镜观看海面上的情况8. 下列关于光现象的说法中正确的是（）A.平静河面上出现城市建筑的倒影，是因为光从空气进入了水中B.彩色电视机是利用“红绿蓝”三原色显示出五彩斑斓的色彩的C.光在真空中的传播速度约31010m/sD.人在岸上看水中的潜水员时，潜水员不能看到岸上的人9. 关于信息、能源和材料，下列说法正确的是（）A.天然气是可再生能源B.光纤通信只能传播图像信息，
5、不能传播声音信息C.节能光源LED灯的核心元件是发光二极管，发光二极管的主要材料是导体D.随着科学技术快速发展，我国已经建成了利用核裂变能量发电的核电站10. 据新华社消息，无视国内国际舆论的质疑和反对，日本政府于4月13日召开有关内阁会议正式决定将福岛第一核电站上百万吨核污水经过滤并稀释后排入大海，排放将于约2年后开始关于报道中提到的核能发电，下列说法中正确的是（）A.核电站是利用原子核裂变所释放的能量来发电B.核能是可再生能源C.核电站可能会造成核污染，所以不要发展核电事业D.核能来自太阳11. 2021年3月22日是第二十九个“世界水日”，水是生命之源，节约用水是每个公民的责任关于水的物
6、态变化，下列说法正确的是（）A.霜的形成是凝固现象B.露的形成是液化现象C.冰的形成是凝华现象D.雾的形成是汽化现象12. 下列关于自然现象形成的说法不正确的是（）A.雾是水蒸气遇冷液化形成的B.树上的雾凇是水蒸气遇冷凝华形成的C.南极的空气很湿润是因为冰可以汽化为水蒸气D.屋檐下的冰锥是雪先熔化为水，水又凝固成冰而形成的13. “赏中华诗词，寻文化基因，品生活之美”的中国诗词大会，深受观众的青睐下列对古诗文中涉及的热现象解释正确的是（）A.“千里冰封，万里雪飘”冰的形成是升华现象B.“岚雾今朝重，江山此地深”雾的形成是汽化现象C.“青青园中葵，朝露待日晞”露的形成是液化现象D.“雾凇沆砀，天
7、与云与山与水，上下一白”雾凇的形成是凝固现象14. 如图是用相同的加热装置对a、b、c(已知质量关系为mb=mc)三种物质加热至沸腾时它们的温度随时间变化的图象，下列对图象的分析正确的是（ ）A.b的比热容大于c的比热容B.t1t2时间内物质a的温度不变，内能不变C.温度从T1升高到T2时，a物质吸收的热量比b多D.如果a、b是同种物质，b的质量大于a的质量15. 有关能源和能量的转化，下列说法中正确的是（ ）A.煤、石油、天然气等常规能源，是取之不尽，用之不竭的B.光伏（太阳能）发电的原理就是将太阳能直接转化为电能C.核电站是利用核聚变时释放的能量进行发电的D.氢弹爆炸时释放的能量来源于原子
8、核的裂变时释放的能量16. 下列关于误差和错误的说法，正确的是（）A.测量中的误差和错误都是可以避免的B.测量中的误差和错误都是不可避免的C.测量中的误差是由于未遵守操作规则而引起的D.改进实验方法，选用精密的测量工具，可以减小误差17. 甲、乙两小车同时同地同方向做匀速直线运动，它们的st图象如图所示，由图象可知（）A.经过2s，两车相距10mB.通过60m路程，两车相差2sC.出发后甲车始终在乙车前面D.出发后甲车始终在乙车后面18. 物理学是一门实验性很强的基础科学，培养同学们正确使用仪器的技能是做好物理实验的基础，下列操作正确的是（）A.用刻度尺测量长度，应让零刻度线对准被测物体的一端
9、B.用量筒测量液体的体积，俯视液面读数会导致读数偏小C.用弹簧测力计测量物体的重力，不调零就可以直接进行测量D.用托盘天平测量物体质量过程中，发现横梁不平衡时可调节平衡螺母19. 小明发现密封的面包被挤扁时，说面包变少了，小红却说面包没变，你认为小红所说的“没变”是指下列哪个物理量（）A.形状B.质量C.密度D.体积20. 近日石家庄地区的气温节节升高，温度计内水银柱随之上升关于该过程中的水银，下列判断正确的是（）A.质量变大B.质量变小C.密度变小D.密度变大21. 上体育课时，体育老师发现同学们要用的篮球差气，于是他用打气筒给篮球打气，当篮球变圆后，仍继续给它打气，则篮球内气体的质量、体积
10、、密度的变化过程是（ ）A.质量增大，体积增大，密度增大B.质量增大，体积不变，密度增大C.质量增大，体积增大，密度不变D.无法判断22. 如图所示的一次性使用医用口罩，由罩体、松紧和铝条组成，佩戴时，罩体紧粘面部，松紧跨在两耳耳根后，用手指紧压铝条，使口罩上端紧贴鼻梁，然后向下拉伸口罩，覆盖鼻子、嘴巴，关于该口罩，以下说法中正确的是（）A.越粗的松紧带子对耳朵的压强越大B.压弯的铝条发生的是弹性形变C.松紧形变后会对耳根处产生弹力的作用D.松紧拉得越长，对耳根处的压强越小23. 亚里士多德为了说明抽水机原理，提出自然界厌恶真空的理论他认为在自然界中，接触到真空的液体就会自己填补，会上升，因此
11、亚里士多德认为“自然界是厌恶真空的”在下列几个现象中，能支持上述亚里士多德理论的实验是（）A.托里拆利实验B.富兰克林风筝雷电实验C.马德堡半球实验D.用吸管吸饮料24. 如图所示，用F1的力将物体B匀速提升高度h，F1做功600J，若借助滑轮组用F2的力把物体B匀速提升相同高度，F2做功为1000J下列说法正确的是（）A.两个过程中的拉力F1=3F2B.F1做功的功率比F2做功的功率小C.滑轮组机械效率为40%D.F2做功的距离为3h25. 舰载飞机是航空母舰的主要作战工具某型号舰载飞机质量为5t，静止时与航母甲板的总接触面积为0.5m2，巡航速度为1000km/h，受到的阻力约为90000
12、N，下列说法正确的是（）A.舰载飞机巡航时，以飞行员为参照物，舰载飞机是运动的B.舰载飞机的机身应选用密度大，硬度大的材料来制造C.舰载飞机巡航时，飞机的牵引力功率为9104kWD.舰载飞机静止时对航母甲板的压强为1105Pa26. 如图所示是家庭电路的部分电路，下列说法正确的是（ ）A.若保险丝熔断了，一定发生了短路B.若导线cd间断路，插座就不能对外供电C.若闭合开关S，灯泡L不发光，用测电笔检测e点，氖管发光，则说明ae之间可能出现断路D.若ab间断路，灯泡L不能正常工作27. 物理研究中常用图像来表示两个量x,y的关系，以便研究的问题变得直观明了下列两个物理量之间的关系符合如图所示的是
13、（）A.物质的密度与质量的关系B.同种液体内部压强与深度的关系C.匀速直线运动物体的速度与时间的关系D.定值电阻的阻值与其两端电压的关系28. 如图所示，电源电压保持不变下列说法正确的是（）A.断开开关S1、S2，向右调节滑片P，V1示数变大，V2示数变小，A1示数变大B.保持滑片P位置不变，开关S1断开，S2由断开到闭合，A1、A2示数增大，V2示数不变C.闭合开关S1、S2，向右调节滑片P，A1示数变化量大于A2示数变化量D.断开开关S1、S2，向右调节滑片P，电压表的示数变化量与电流表的示数变化量比值的绝对值的关系为|U1I1|2f、2fvf，则成倒立缩小的实像，此次成像规律可应用于照相
14、机，焦距的范围为7cmf3.5cm，故C正确，ABD错误故选C5.【答案】C【解答】解：A当演员们动作整齐向前走时，相对于地面是运动的，但是相对于彼此是静止的，故A错误；B平面镜成的像一定是完整的，但是能否看到完整的像取决于观察角度，故B错误；C舞台上的地屏光滑平整，相当于一个个平面镜，故C正确；D我们能从地屏上看到演员们的像，是因为地屏发生了镜面反射而非漫发射，故D错误故选C6.【答案】D【解答】解：光污染是镜面反射，故选项A错误；日晷利用日光照射晷针后形成影子投射到晷盘上计时，属于光的直线传播，故选项B错误；汽车观后镜属于凸面镜，是光的反射，故选项C错误；光从水中射向空气发生折射，但根据光
15、路可逆原理，沿着相同方向从空气射向水后会沿着原路发生折射，故选项D正确故选D7.【答案】C【解答】解：A通过河面看到树木，房屋的倒影，属于平面镜成像，是光的反射现象，故该选项不符合题意；B光线射到不透明的物体上，在物体后面形成的影子，是光的直线传播现象，故该选项不符合题意；C奇妙的“海市蜃楼”景观，是光在不均匀的空气中传播发生的折射现象，故该选项符合题意；D潜水艇利用潜望镜观看海面上的情况，是平面镜成像，是光的反射现象，故该选项不符合题意故选C8.【答案】B【解答】解：A平静河面上出现城市建筑的倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A错误；B光的三原色是“红绿蓝”，彩色电视机就是利用这三种
16、色光呈现各种颜色的，故B正确；C光在真空中的速度约为3108m/s，故C错误；D光在传播时遵循光路可逆的原则，因此当人在岸上看水中的潜水员时，潜水员能看到岸上的人，故D错误故选B9.【答案】D【解答】解：A天然气是不可再生能源，故A错误；B光纤通信既能传播图像信息，也能传播声音信息，故B错误；CLED节能灯核心元件采用半导体材料制成，故C错误；D目前已建成的核电站的能量来自于核裂变，故D正确故选D10.【答案】A【解答】解：A核电站主要是利用核的裂变进行发电的，是将核能转化为电能的过程，故A正确；B核能属于不可再生能源，故B错误；C核电站的建设与运行若有疏漏会造成环境污染，核废料具有放射性，但
17、不应该关闭，应该合理的利用，故C错误；D人类利用的核能来自地球，故D错误故选A11.【答案】B【解答】解：A霜是空气中的水蒸气遇冷凝华成固态的小冰晶，是凝华现象，故A错误；B露是水蒸气遇冷液化成的，故B正确；C冰是水的凝固形成的，故C错误；D雾是水蒸气遇冷的液化形成的，故D错误故选B12.【答案】C【解答】解：A雾是小水滴，是水蒸气遇冷液化形成的，故A正确；B雾凇是小冰晶，是水蒸气遇冷凝华形成的，故B正确；C南极的空气很湿润，是因为冰可以升华为水蒸气，故C错误；D屋檐下的冰锥是雪先熔化为水，水又凝固成冰而形成的，故D正确本题选不正确的，故选C13.【答案】C【解答】解：A“千里冰封，万里雪飘”
18、中的冰是由液态水凝固形成的，故A错误；B“岚雾今朝重，江山此地深”雾是液态小水珠，是由水蒸气液化形成的，故B错误；C“青青园中葵，朝露待日晞”露是液态水，是由空气中的水蒸气液化形成的，故C正确；D雾凇是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着植被表面，故D错误故选C14.【答案】D【解答】解：A由图可知给b、c加热相同时间时，b的温度变化量比c大，已知它们质量相同，根据Q=cmt可判断b的比热容比c小，故A错误；B由图可知t1-t2时间内物质a已经沸腾，沸腾过程中温度不变，持续吸热，内能增加，故B错误；C由图可知温度从T1升高到T2时，a需要加热的时间比b短，所以a物质吸收的热量比b少，故C错
19、误；D由图可知，a、b的沸点相同，但是b沸腾所需要的加热时间比a多，若a、b是同种物质，可能原因是b的质量大于a的质量，故D正确故选D15.【答案】B【解答】解：煤、石油、天然气等常规能源是化石能源，也是不可再生能源，不是取之不尽，用之不竭的，故A错误；光伏（太阳能）发电的原理就是将太阳能直接转化为电能，故B正确；核电站是利用核裂变时释放的能量进行发电的，故C错误；氢弹爆炸时释放的能量来源于原子核的聚变时释放的能量，故D错误故选B16.【答案】D【解答】解：A误差是不可避免的，所以不符合题意；B错误是可以避免的，所以不符合题意；C误差是受测量工具的精密程度、实验方法、实验环境的影响而产生的；错
20、误是未遵守操作规则而引起的，所以不符合题意；D改进实验方法，选用精密的测量工具，可以减小误差，符合题意故选D17.【答案】C【解答】解：A经过2s，因为甲、乙两小车同时同地同方向做匀速直线运动，由图可知两车的距离小于10m，故A错误；B通过60m路程，甲车所用的时间是6s，乙车所用的时间是9s，相差了3s，故B错误；CD从图可以看出相同的时间甲运动的路程大，说明甲运动地快，因为甲、乙两小车同时同地同方向做匀速直线运动，所以甲始终在乙的前面，故C正确，D错误故选C18.【答案】A【解答】解：A用刻度尺测量长度，应让零刻度线对准被测物体的一端，此项符合题意；B用量筒测量液体的体积，俯视液面读数会导
21、致读数偏大，此项不符合题意；C使用前要先观察弹簧测力计的指针是否指在零点，如果不在则要将指针调到零点，此项不符合题意；D在称量过程中，不可再碰平衡螺母，此项不符合题意故选A19.【答案】B【解答】解：面包被挤扁，形状发生变化，面包体积发生变化，物质多少没有变化，质量不变，由公式=mV知，密度变大故选：B20.【答案】C【解答】解：AB物体所含物质多少叫做物体的质量，质量大小与温度无关，故AB错误；CD温度升高，水银质量不变，体积变大，根据=mV可知密度变小，故C正确，D错误故选C21.【答案】B【解答】解：因为篮球变圆后，容积不会增大，所以当篮球变圆后，继续给它打气气体的体积不变，但是所含的物
22、质多了，所以气体的质量变大，又因为密度等于质量与体积的比值，而质量变大，体积不变，所以质量与体积的比值增大，故气体的密度增大，所以B符合题意故选B22.【答案】C【解答】解：A越粗的松紧带子和耳朵的接触面积越大，在压力相同的情况下，压强就越小，故A错误；B压弯的铝条撤去外力之后，不能恢复到原来的形状，因此是塑性形变，而不是弹性形变，故B错误；C松紧发生的是弹性形变，因此对耳根处产生弹力的作用，故C正确；D松紧被拉得越长，对耳根处的压力就越大，在受力面积相同时，压强就越大，故D错误；故选C23.【答案】D【解答】解：亚里士多德的观点是“自然界是厌恶真空的”，他认为在自然界中，接触到真空的液体就会
23、自己填补，会上升；A托里拆利实验，当外界大气压是一个标准大气压，能支持76cm高的水银柱，玻璃管的长度是1m，玻璃管内上方有一段真空，水银没有去填补，亚里士多德认为接触到真空的液体就会自己填补，所以托里拆利实验能推翻亚里士多德理论，故A错误；B富兰克林风筝雷电实验是大气中的放电现象，与亚里士多德的观点不相关，故B错误；C马德堡半球实验是证明大气压的存在，并且证明大气压很大，与亚里士多德的观点不相关，故C错误；D用吸管吸饮料时，吸管内的气压减小，饮料在外界大气压的作用下被压入嘴里，与亚里士多德的观点相符，故D正确故选D24.【答案】D【解答】解：A用F1的力将物体B匀速提升，F1=G，由图可知，
24、不计绳重与摩擦，拉力F2=13(G+G动)，不知道提升物重与动滑轮重力的大小关系，无法确定F1与F2的关系，故A错误；BF1做功600J，F2做功为1000J，由于不知道做功的时间，根据P=Wt可知，无法判断F1、F2的功率关系，故B错误；CF1做的功600J为使用滑轮组时做的有用功，F2做的功为1000J是总功，滑轮组的机械效率：=W有用W总100%=600J1000J100%=60%，故C错误；D由图可知，n=3，F2做功的距离为，s=nh=3h，故D正确故选D25.【答案】D【解答】解：A舰载飞机巡航时，飞行员在驾驶舱中与飞机共同运动，以飞行员为参照物，飞机是静止的，故A错误；B舰载飞机
25、要在保证灵敏度与巡航距离的同时增加机身强度，因此要选用硬度大、密度小的材料，故B错误；C舰载飞机巡航时，速度为v=1000km/h277.77m/s，所受到的阻力为90000N，由于飞机做匀速巡航，牵引力F与阻力相等，故牵引力功率为P=Fv=277.77m/s90000N=2.5107W=2.5104kW，故C错误；D舰载飞机所受的重力为G=mg=51000kg10N/kg=5104N，静止时对航母甲板的压强等于其自重，根据p=FS，可得对甲板的压强为p=5104N0.5m2=1105Pa，故D正确故选D26.【答案】C【解答】解：A若保险丝熔断，可能发生短路，也是电路中负载过多，电流过大，故
26、A错误；Bcd间断路，插座仍能对外供电，故B错误；C若闭合开关S，灯泡L不发光，用测电笔检测e点，氖管发光，则说明ae之间可能出现断路，故C正确；Dab间断路不会影响灯泡正常工作，故D错误故选C27.【答案】B【解答】解：观察图象发现这是一个正比例函数关系图线，图象中两个量(x,y)之间是成正比的A密度是物质本身的一种特性，与质量和体积等其他因素无关，只决定于物质本身，故A不符合题意；B根据公式p=gh可知，同种液体内部压强与深度成正比关系，故B符合题意；C做匀速直线运动的物体速度不变，与运动的时间无关，故C不符合题意；D导体电阻是导体本身的一种性质，定值电阻的阻值不变，与加在导体两端的电压无
27、关，故D不符合题意故选：B28.【答案】D【解答】解：AD断开开关S1、S2时，等效电路图如图所示：当向右调节滑片P时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=UR可知，电路中的电流变小，即电流表A1的示数变小，由U=IR可知，R2、R3两端的电压变小，两者之和变小，即电压表V2的示数变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，即电压表V1的示数等于电源的电压减去R3两端的电压，所以，R1与R2两端的电压之和变大，即电压表V1的示数变大，故A错误；设滑片移动前后电路中的电流分别为I1、I1，则两电压表的示数变化量分别为：U1=(U-I1R3)-(U-I1R3)=-(I1-I1)R3=-I
28、1R3，U2=I1(R2+R3)-I1(R2+R3)=(I1-I1)(R2+R3)=I1(R2+R3)，则U1I1=R3，U2I1=R2+R3，即U1I1U2I1，故D正确；B保持滑片P位置不变，开关S1保持断开，当S2断开时如上图所示，当S2闭合时，R2、R3、电压表V2均被断路，电路为R1的简单电路，电流表A1、A2均测电路中的电流，等效电路图如图所示：因S2断开时电流表A2无示数、电压表V2有示数，S2闭合时电流表A2有示数、电压表V2无示数，所以，电流表A2示数增大，电压表V2示数减小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的总电阻变小，由I=UR可知，电路中的电流变大，即电
29、流表A1的示数增大，故B错误；C闭合开关S1、S2时，等效电路图如图所示：因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R2、R3支路的电流不变，向右调节滑片P时，R1接入电路中的电阻变大，由I=UR可知，通过R1的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，R1和R2支路电流之和变小，即A1、A2示数均变小，由两电流表示数的变化量均为通过R1支路电流的变化量可知，两电流表示数的变化量相等，故C错误故选D29.【答案】D【解答】解：AD由图乙知，小灯泡L与滑动变阻器R串联在电路中，电压表测变阻器两端的电压，当小灯泡正常工作时，由图甲知，电路中的电流为0.
30、5A，变阻器两端的电压UR=U-UL=18V-6V=12V，此时，电路中的电流最大，且各元件都处于安全状态，则整个电路消耗的最大功率P=UI=18V0.5A=9W，而此时变阻器接入电路的阻值最小为R滑小=URI=12V0.5A=24，当电压表的示数即变阻器两端的电压为15V时，小灯泡两端的电压UL=U-U滑=18V-15V=3V，由图甲知，此时电路中的电流为0.4A，变阻器接入电路的阻值最大为R滑大=U滑I1=15V0.4A=37.5，故A错误，D正确；B由图甲知，当电流表的示数为0.2A时，小灯泡两端的电压为1V，所以变阻器两端的电压，即电压表的示数UR=U-U1=18V-1V=17V，故B
31、错误；C由图甲知，随着小灯泡两端的电压增大，U与I的比值越来越大，即电阻变大，而此过程中变阻器两端的电压减小，所以电压表的示数减小，故C错误故选D30.【答案】B【解答】解：当闭合开关S1、S2、S，且滑动变阻器的滑片P移至R的最右端时，两灯并联，两灯都正常发光，所以电源电压为12V，故A错误；根据PUI知，红灯中的电流：I红=P红U红=6W12V=0.5A，绿灯中的电流：I绿=P绿U绿=12W12V=1A，因为两灯并联，所以电路中的总电流：II红+I绿0.5A+1A1.5A，所以该电路最大工作电流是1.5A，故C错误；由PUI知，电压一定，当R电阻最小且两灯并联时，电路中的电流最大，电路中的功率最大，两灯泡并联且滑片P在最右端时电路的总电阻最小，此时两灯并联且都正常发光，所以电路中的最大功率为：P大P红+P绿12W+6W18W，当R的阻值最大，且和两灯中电阻较大的串联时，电路中的总电阻最大，电路中的电流最小，消耗的总功率最小，由R=U2P可知，两灯的额定电压相同，红灯的功率较小，所以红灯电阻较大，R红=U红2P红=(12V)26W=24，电路中的总电阻：R总R红+R滑24+2448，由题意知，电源电压为U12V，电路消耗的最小功率：P小=U2R总=(12V)248=3W，故B正确；该电路最大电功率与最小电功率之比为P大:P小18W:3W6:1，故D错误故选：B
