1、2019年山东省东营市胜利中学中考物理模拟试卷一选择题（共10小题，满分30分，每小题3分）1摄影师抓拍了一个有趣的场面（如图）：一只乌鸦站在飞翔的老鹰背上休憩。下列说法正确的是（）A以乌鸦为参照物，老鹰是静止的B以地面为参照物，乌鸦是静止的C以老鹰为参照物，乌鸦是运动的D以地面为参照物，老鹰是静止的2下列有关生活用电常识，做法不可行的是（）A尽量减小电视机待机时间B离开教室后应及时关掉电灯C长期不使用的电视机应适当地通通电D当有人触电时应迅速用手把他拉到安全的地方3上体育课时，涵涵同学看到操场上的物理现象，其中解释不正确的是（）A穿运动鞋跑步不易滑倒是利用运动鞋底部凹凸不平的花纹来增大摩擦B
2、跳远的同学在起跳时用力蹬地是因为力的作用是相互的C地面上滚动的足球越滚越慢，是由于足球的惯性越来越小D球拍击打羽毛球，改变羽毛球的运动方向，说明力能改变物体的运动状态4甲、乙两种机械的效率分别是70%和50%，则下列说法中正确的是（）A使用甲机械省力B使用甲机械做功快C在相同的时间内，使用甲机械完成的功多D乙机械的额外功在总功中占的比例大5用照相机拍摄集体人像照片，人的位置站好后，发现有些人没有进入画图，那么应采取的措施是（）A照相机离人近一些，将镜头与胶片的距离调小一些B照相机离人近一些，将镜头与胶片的距离调大一些C照相机离人远一些，将镜头与胶片的距离调大一些D照相机离人远一些，将镜头与胶片
3、的距离调小一些6小晨设计了一个实验，用排水法测某实心金属块的密度。实验器材有小空筒、溢水杯、烧杯、量筒和水。实验步骤如下：让小空筒漂浮在盛满水的溢水杯中，如图甲；将金属块浸没在水中，测得溢出水的体积为20毫升，如图乙；将烧杯中20毫升水倒掉，从水中取出金属块，如图丙；将金属块放入小空筒，小空筒仍漂浮在水面，测得此时溢出水的体积为44毫升，如图丁。在实验步骤 和 中，将沾有水的金属块放入小空筒，测出的金属块密度将（）A偏大B不变C偏小D都有可能7舌尖上的中国2聚焦于普通人的家常菜，让海内观众领略了中华饮食之美，煎、炒、蒸、拌的四种烹饪方式中包含着许多的物理知识，下列说法正确的是（）A煎：煎锅一般
4、用铁制造，主要是利用了铁的比热容大B炒：主要是通过厨师用锅铲做功的方式使菜的内能增加C蒸：是通过热传递和高温水蒸气液化放热，把菜蒸热D拌：将调品味拌入菜中，分子没有做无规则运动8制图象是对物理过程分析和实验数据处理的一种常用方法，它可以直观地反映各物理量之间的关系。如图所示的图象中，不正确的是（）A汽车的匀速直线运动图象B铝的质量与体积的关系图象C电阻一定时，通过它的电流跟它两端电压关系图象D 海波的熔化图象9在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合，滑动变阻器滑片P向右移动时，电流表和电压表示数的变化分别为（）A电流表的示数变小，电压表的示数变大B电流表的示数变大，电压表的示数变小
5、C电流表的示数变小，电压表的示数变小D电流表的示数变小，电压表的示数不变10如图甲所示，烧杯里盛有6的水，小球在水中恰好悬浮。经研究发现，水的密度随温度的变化如图乙所示。现在烧杯四周放上大量的冰块，在烧杯内水的温度下降到0的过程中，假设小球的体积始终不变，关于小球的浮沉情况判断正确的是（）A先下沉然后上浮B先上浮然后下沉C浮力变小，一直下沉D浮力变大，一直上浮二填空题（共7小题，满分14分，每小题2分）11声音的高低叫做 ，六月的潜山森林公园，到处都是莺歌燕舞，鸟语花香。我们能听到小鸟的叫声，说明声音可以在 中传播；我们还能分辨出黄鹂的歌声，这主要是因为不同种类的小鸟发出声音的 （填“响度”、
6、“音调”或“音色”）不同。12如图所示是太阳能LED照明路灯。它主要由太阳能电池板、LED灯头等部分构成。LED是一种发光二极管，通过电流能够发光，可以把电能直接转化成 能。太阳能是 能源（填“可再生”或“不可再生”）、清洁无污染，它是在太阳内部，氢原子核发生 （填“裂变”或“聚变”），释放出的核能。13打开自来水龙头，使自来水流过如图2所示的玻璃管，在A、B、C三处，水的流速较大的是 处，压强较小的是 处（选填“A”“B”或“C”）。如图3所示，是喷雾器的原理示意图，当空气从小孔迅速流出，小孔附近空气的流速较大，压强 （填“大于”、“小于”或“等于”）容器里液面上方的空气压强，液体就沿细管上
7、升，从管口中流出后，受气流的冲击，被喷成雾状。14如图所示，入射光线AO经平面镜发射后，反射角为 度；某湿地公园因湖水清澈可鉴，有“镜湖”之称，这是因为光在水面发生了 （选填“漫”或者“镜面”）反射。15如图所示，轻质杠杆OA可绕O点无摩擦转动，A点处挂一个重为20N的物体，B点处加一个竖直向上的力F，杠杆在水平位置平衡，且OB：AB2：1则F N，它是 杠杆。16如图所示是家庭电子式电能表的表盘，其示数是 kWh，表盘上标有“3 200imp/kWh”表示 。若家庭电路中只有一台电热水器在工作，如图所示的电能表的指示灯在4min内闪烁320次，则该热水器在4min内消耗的电能为 J，该热水器
8、的实际功率是 W。17烈日下，海滩上的沙子热得烫脚，但海水却是凉爽的，这是因为海水的 比沙子的大得多，初温、质量相同的沙子和水吸收相同的热量后，沙子升高的温度 （大于/小于/等于）水升高的温度。三作图题（共5小题，满分34分）18一束光从空气中斜射到水面时发生反射和折射，OB是反射光线，请作出入射光线和大致的折射光线。19如图是一根曲杆，可绕O点转动，C点处悬挂着一个物体。若在A点施加一个最小的力使杠杆在图示位置平衡，请画出这个力F和它的力臂。20实验室除了条形磁铁还提供了如图所示的实验器材，请你设计实验证明：条形磁铁中央与两端的磁性强弱不同。写出从图中所选择的实验器材： ；并简述实验步骤和实
9、验现象 。21为完成“探究电流与电阻的关系”实验，小海从实验室取得以下器材：电压恒为4.5V的电池组、电流表、电压表、开关，5、10、25的定值电阻各一个，规格为“401A”的滑动变阻器，导线若干。（1）请根据所学知识，用笔画线代替导线，在1图中将实物连接完整；（2）小海将10电阻接入电路，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，直到电压表示数如2图所示，记为 V，并记录电流表的示数；接着保持滑片位置不变，将电阻换为25后，为保证 表的示数不变，应向 （选填“左”或“右”）移动滑片；（3）通过实验得到电流随电阻变化的图象如3图所示，由此可知： 一定时，通过导体的电流与其电阻成 比；（4）在小海实验基础上
10、，为了得到更多组数据，需要更多规格的定值电阻，则选用的定值电阻最大阻值不允许超过 。22某小组进行“探究动能大小与哪些因素有关”的活动。（1）小明用质量不同的小球A和B，让它们从同一斜面的同一位置由静止释放，撞击置于水平面上的木块，如图甲和乙。将小球从同一位置处释放，目的是为了控制小球到达水平面的 相同。通过比较 来比较小球动能的大小。根据实验得出结论：动能大小与质量大小有关。（2）同组的小红让小球A从同一斜面的不同高度由静止释放，撞击水平面上的木块，如图丙。发现：木块滑行的距离不一样远。根据这一现象，她认为动能还与速度有关。但小华却认为动能和高度有关。请你向小华作出合理的解释： 。四计算题（
11、共2小题，满分22分，每小题11分）23一用细绳拴着的长方形实心物体沉在水平的水底，现用测力计挂着细绳拉着物体竖直向上匀速运动，测力计示数F与测力计上升距离h的关系如图所示，则：（1）物体浸没在水中时，受到水的浮力是多少？（2）物体浸没在水中时，其上表面受到水的最大压强是多少？（3）物体的密度是多少？（取g10N/kg，水密度为1.0103kg/m3）24小明家有一额定功率为2000W的电热水器，内装20kg的水，通电后正常加热25min，水的温度从20升高到50，求水吸收的热量为多少，电热水器的热效率为多少。已知c水4.2103J/（kg）2019年山东省东营市胜利中学中考物理模拟试卷参考答
12、案与试题解析一选择题（共10小题，满分30分，每小题3分）1摄影师抓拍了一个有趣的场面（如图）：一只乌鸦站在飞翔的老鹰背上休憩。下列说法正确的是（）A以乌鸦为参照物，老鹰是静止的B以地面为参照物，乌鸦是静止的C以老鹰为参照物，乌鸦是运动的D以地面为参照物，老鹰是静止的【分析】判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变化；若位置有变化，则物体相对于参照物是运动的；若位置没有变化，则物体相对于参照物是静止的。【解答】解：（1）乌鸦站在飞翔的老鹰背上休憩，乌鸦和老鹰是相对静止的，因此以乌鸦为参照物，老鹰是静止的；（2）老鹰托着乌鸦飞翔，因此以地面为参照物，乌鸦是运动的。
13、故选项BCD错误，选项A正确。故选：A。【点评】一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物。所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同。这就是运动和静止的相对性。2下列有关生活用电常识，做法不可行的是（）A尽量减小电视机待机时间B离开教室后应及时关掉电灯C长期不使用的电视机应适当地通通电D当有人触电时应迅速用手把他拉到安全的地方【分析】（1）待机状态会消耗电能；（2）用电器工作的时间越长，消耗的电能越多；（3）电热的应用：驱潮；（4）一旦发生触电事故，应立即断开电源开关，或用绝缘体将电线挑开，使触电者与电源脱离，并进行现场抢救。【解答】解：A、待机状态会消耗电能，故尽量减小电视机待机时
14、间，故A可行；B、离开教室时要随手关灯和电风扇，可以节约电能，养成节能的习惯，故B可行；C、长期不使用的电视机应适当地通通电，利用电热驱潮，故C可行；D、发现有人触电时，不要直接去救援，因为人体是导体，如果接触触电人，救援人员可能直接或间接接触火线，发生触电事故，所以一定先切断电源，故D不可行。故选：D。【点评】此题考查了节约用电的做法、发现有人触电时的抢救方法以及测电笔的使用方法，是一道基础题。3上体育课时，涵涵同学看到操场上的物理现象，其中解释不正确的是（）A穿运动鞋跑步不易滑倒是利用运动鞋底部凹凸不平的花纹来增大摩擦B跳远的同学在起跳时用力蹬地是因为力的作用是相互的C地面上滚动的足球越滚
15、越慢，是由于足球的惯性越来越小D球拍击打羽毛球，改变羽毛球的运动方向，说明力能改变物体的运动状态【分析】（1）增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度；（2）知道力的作用是相互的，一个物体受到力，同时给对方一个反作用力；（3）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性的大小只与物体的质量有关；（4）力的作用效果包括：力可以改变物体的形状，力可以改变物体的运动状态。【解答】解：A、运动鞋的底部有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，所以穿运动鞋跑步不易滑倒，故A正确；B、跳远的同学在起跳时用力向后蹬地，是因为力的作用是相互的，这样才能获得向前的动力，故B正确；
16、C、地面上滚动的足球越滚越慢，是因为足球受到摩擦力的作用，而不是惯性越来越小，惯性的大小只与物体的质量有关，其大小不变，故C错误；D、球拍击打羽毛球，羽毛球的运动方向发生改变，说明力可以改变物体的运动状态，故D正确。故选：C。【点评】本题考查了摩擦力、物体间力的作用是相互的、力的作用效果、增大摩擦力方法的应用等，都是生活中常见的力学现象，属基础题。4甲、乙两种机械的效率分别是70%和50%，则下列说法中正确的是（）A使用甲机械省力B使用甲机械做功快C在相同的时间内，使用甲机械完成的功多D乙机械的额外功在总功中占的比例大【分析】（1）机械效率是指有用功占总功的百分比；（2）功率是表示做功快慢的物
17、理量。【解答】解：A机械效率高是指做的功中有用功占的比例高，与是否省力无关，故A错误；B功率是表示做功的快慢，而功率与机械效率没有必然的联系，故B错误；C机械效率高是指做的功中有用功占的比例高，与做功的多少无关，故C错误；D乙的机械效率较低，说明有用功占总功的比例小，相应的，额外功占总功的比例就比较大，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了学生对机械效率和功率公式的理解与掌握，是一道基础题目。5用照相机拍摄集体人像照片，人的位置站好后，发现有些人没有进入画图，那么应采取的措施是（）A照相机离人近一些，将镜头与胶片的距离调小一些B照相机离人近一些，将镜头与胶片的距离调大一些C照相机离人远一些，将
18、镜头与胶片的距离调大一些D照相机离人远一些，将镜头与胶片的距离调小一些【分析】根据凸透镜成像的规律分析：为了使全体同学都进入镜头，则像要变小一些，像要变小，则像距变小，物距变大。【解答】解：根据凸透镜成像的规律知，使全体同学都进入镜头，是要把成的像变小点，就要像距变小，将镜头往后缩；同时物距变大，照相机离人远一些。故选：D。【点评】本题考查了凸透镜成实像时的物距与像距的变化关系：物近（远）、像远（近）、像增大（减小）。6小晨设计了一个实验，用排水法测某实心金属块的密度。实验器材有小空筒、溢水杯、烧杯、量筒和水。实验步骤如下：让小空筒漂浮在盛满水的溢水杯中，如图甲；将金属块浸没在水中，测得溢出水
19、的体积为20毫升，如图乙；将烧杯中20毫升水倒掉，从水中取出金属块，如图丙；将金属块放入小空筒，小空筒仍漂浮在水面，测得此时溢出水的体积为44毫升，如图丁。在实验步骤 和 中，将沾有水的金属块放入小空筒，测出的金属块密度将（）A偏大B不变C偏小D都有可能【分析】通过分析金属块的体积在测量过程中的变化，根据分析在实验步骤和中，将沾有水的金属块放入小空筒，对实验结果的影响。【解答】解：在实验步骤和中测得的金属块的体积一定，在实验步骤和中，将沾有水的金属块放入小空筒，相当于减少了小空桶排开水的重力，增加了小空桶和金属块排开水的重力，而且其减少量等于增加量，故金属块排开水的体积不变，所受浮力不变，则其
20、重力、质量不变，所以根据可知，测出的金属块密度不变。故选：B。【点评】本题主要考查阿基米德原理，及物体漂浮时浮力与重力相等，根据已知条件确定金属块的体积和质量是解决此题的关键。7舌尖上的中国2聚焦于普通人的家常菜，让海内观众领略了中华饮食之美，煎、炒、蒸、拌的四种烹饪方式中包含着许多的物理知识，下列说法正确的是（）A煎：煎锅一般用铁制造，主要是利用了铁的比热容大B炒：主要是通过厨师用锅铲做功的方式使菜的内能增加C蒸：是通过热传递和高温水蒸气液化放热，把菜蒸热D拌：将调品味拌入菜中，分子没有做无规则运动【分析】（1）金属的物质，一般都具有良好的导热性；（2）改变物体内能有做功和热传递两种方式，做
21、功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程；（3）物质由气态变成液态的过程叫做液化，液化放热；（4）物质是由分子组成的，分子在不停地做无规则运动。【解答】解：A、煎锅一般用铁制造，主要是利用铁具有良好的导热性，该选项说法不正确；B、炒主要是通过热传递的方式使菜的内能增加，该选项说不正确；C、蒸是通过热传递和高温水蒸气液化放热，使榆钱饭蒸熟，该选项说法正确；D、将调品味拌入菜中，说明了分子在做无规则运动，该选项说法不正确。故选：C。【点评】本题以中华美食为背景考查相关的物理知识，注重了物理和生活的联系，是中考的热点。8制图象是对物理过程分析和实验数据处理的一种常用方法，它可以直观地反映各物理量之
22、间的关系。如图所示的图象中，不正确的是（）A汽车的匀速直线运动图象B铝的质量与体积的关系图象C电阻一定时，通过它的电流跟它两端电压关系图象D 海波的熔化图象【分析】（1）汽车做匀速直线运动时，速度一定，路程与时间成正比；（2）同种物质密度一定，质量与体积成正比；（3）电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比；（4）晶体在熔化过程中，吸热但温度保持不变。【解答】解：A、汽车做匀速直线运动时，速度一定，路程与时间成正比。如果用横轴表示时间，纵轴表示路程，则图象就是一条斜线。故A正确；B、同种物质密度一定，质量与体积成正比，用图象表示应该是一条斜向上的直线。而如果是一条平行于横轴的直线，则它所
23、表达的意思就不是质量与体积成正比。故B不正确；C、电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比，用图象表示应该是一条斜向上的直线，而不是一条斜向下的直线。斜向下表示电流随着电压的增大在减小，这违背了欧姆定律。故C不正确；D、海波是晶体，晶体在熔化过程中虽然吸热，但温度保持不变，晶体在熔化时有确定的温度，而图象中并没有确定的熔化温度。故D不正确。故选：BCD。【点评】图象是我们分析实验数据常用的一种方法，我们要学会图象的分析，认识和记住课本上出现的一些具有代表性的图象。9在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合，滑动变阻器滑片P向右移动时，电流表和电压表示数的变化分别为（）A电流表的
24、示数变小，电压表的示数变大B电流表的示数变大，电压表的示数变小C电流表的示数变小，电压表的示数变小D电流表的示数变小，电压表的示数不变【分析】由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2并联，电压表测电源的电压，电流表测干路电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1的电流不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R2的电流变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化。【解答】解：由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2并联，电压表测电源的电压，电流表测干路电流，因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，
25、电压表的示数不变，故ABC错误；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时通过R1的电流不变，当滑动变阻器滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，由I可得，通过R2的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表的示数变小，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。10如图甲所示，烧杯里盛有6的水，小球在水中恰好悬浮。经研究发现，水的密度随温度的变化如图乙所示。现在烧杯四周放上大量的冰块，在烧杯内水的温度下降到0的过程中，假设小球的体积始终不变，关于小球的
26、浮沉情况判断正确的是（）A先下沉然后上浮B先上浮然后下沉C浮力变小，一直下沉D浮力变大，一直上浮【分析】物体的密度等于液体的密度相等时物体悬浮，物体的密度小于液体的密度时物体上浮、最终漂浮，物体的密度大于液体的密度时物体下沉、沉入水底，据此结合水密度的变化进行分析解答。【解答】解：因烧杯里盛有6的水时，小球恰好悬浮，所以，小球的密度与此时水的密度相等，由图象可知：4的水的密度最大，6的水的密度比0时水的密度大，则当水的温度从6降到4时，水的密度增大，大于小球的密度，使小球上浮、最后漂浮；当水的温度从4降到0时，水的密度减小，最后小于小球的密度，使小球下沉、悬浮、最后下沉，综上可知，小球先上浮后
27、下沉，故B正确，ACD错误。故选：B。【点评】本题考查了学生对物体浮沉条件的掌握和运用，知道水在04反常膨胀（热缩冷胀）是本题的关键。二填空题（共7小题，满分14分，每小题2分）11声音的高低叫做音调，六月的潜山森林公园，到处都是莺歌燕舞，鸟语花香。我们能听到小鸟的叫声，说明声音可以在空气中传播；我们还能分辨出黄鹂的歌声，这主要是因为不同种类的小鸟发出声音的音色（填“响度”、“音调”或“音色”）不同。【分析】（1）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；（2）声
28、音的传播靠介质；固体、液体、气体都可作为传播声音的介质，我们平时听到的声音大多是由空气这种介质传播的。【解答】解：声音的高低叫音调；声音的传播靠介质，我们能听到小鸟的叫声，说明声音可以在空气中传播；我们还能分辨出黄鹂的歌声，这主要是因为不同种类的小鸟发出声音的音色不同。故答案为：音调；空气；音色。【点评】深入理解声音的三个特征、声音的传播条件；可解答此题。12如图所示是太阳能LED照明路灯。它主要由太阳能电池板、LED灯头等部分构成。LED是一种发光二极管，通过电流能够发光，可以把电能直接转化成光能。太阳能是可再生能源（填“可再生”或“不可再生”）、清洁无污染，它是在太阳内部，氢原子核发生聚变
29、（填“裂变”或“聚变”），释放出的核能。【分析】太阳能电池板是把太阳转化成电能的装置，LED是一种发光二极管可以把电能直接转化成光能；可再生能源是能在短时间内形成的能源，可再生资源特点是取之不尽用之不竭。太阳内部进行着核聚变，由氢原子核聚变成氦原子核，释放出核能。【解答】解：太阳能电池板是把太阳转化成电能。LED是一种发光二极管，通过电流时不用经过加热灯丝直接能够发光，即把电能直接转化成光能。太阳能属于可再生能源，其主要特点是取之不尽用之不竭，并且环保无污染。在太阳内部，氢原子核在超高温作用下发生聚变，释放巨大的核能。故答案为：光；可再生；聚变。【点评】本题考查了太阳能的利用和进行的核反应的类
30、型，知道太阳能是可再生能源。13打开自来水龙头，使自来水流过如图2所示的玻璃管，在A、B、C三处，水的流速较大的是B处，压强较小的是B处（选填“A”“B”或“C”）。如图3所示，是喷雾器的原理示意图，当空气从小孔迅速流出，小孔附近空气的流速较大，压强小于（填“大于”、“小于”或“等于”）容器里液面上方的空气压强，液体就沿细管上升，从管口中流出后，受气流的冲击，被喷成雾状。【分析】（1）水是流体，流体的压强跟流速有关，流速越大，压强越小。在相等的时间内通过粗管和细管的流量相同，流速不同，通过比较流速来比较压强。（2）当空气从小孔迅速流出时，细管的上端开口出空气流速大，压强小；容器内液面上方气体流
31、速小压强大。这样细管的上下两开口端就出现了压强差，水就在容器内液面上方气体的这个较大压强的作用下，沿着细管上升。【解答】解：在相等的时间内通过粗管和细管的流量相同，通过粗管A、C的流速小，压强大；通过细管B的流速大，压强小；由于小孔喷出的快速气流使细管的上端开口处形成了一个低压区，此处压强小于容器内液面上方气体压强。水就在容器内液面上方气体的这个较大压强的作用下，沿着细管上升到上端开口处，受气流的冲击，被喷成雾状。故答案为：B；B；小于。【点评】认清楚此题所涉及的物理过程：细管上端空气流速大压强小；液面上方气体流速小压强大是关键。14如图所示，入射光线AO经平面镜发射后，反射角为60度；某湿地
32、公园因湖水清澈可鉴，有“镜湖”之称，这是因为光在水面发生了镜面（选填“漫”或者“镜面”）反射。【分析】先确定入射角的大小，然后根据反射角等于入射角，求出反射角的大小。平静的水面相当于镜面，可以发生镜面反射。【解答】解：由图可知，入射光线与平面镜的夹角是30，根据入射角的定义可知，入射角为903060；根据光的反射定律可知反射角等于入射角，即反射角为60；平静的湖水相当于平面镜，湖水清澈可鉴说明湖水中出现了物体的像，该像是由于光在水面发生了镜面反射形成的。故答案为：60；镜面。【点评】考查对光的反射定律的应用情况及镜面反射的实例，要求学生会灵活应用光的反射定律。15如图所示，轻质杠杆OA可绕O点
33、无摩擦转动，A点处挂一个重为20N的物体，B点处加一个竖直向上的力F，杠杆在水平位置平衡，且OB：AB2：1则F30N，它是费力杠杆。【分析】已知物体G的重力，再根据杠杆平衡的条件FOBGOA可直接求F的大小，根据拉力F和G的大小判断杠杆的种类。【解答】解：因为OB：AB2：1，所以OB：OAOB：（OB+AB）2：（2+1）2：3由杠杆平衡的条件F得：FOBGOA可得：即：F30N；因为FG，所以此杠杆为费力杠杆。故答案为：30；费力。【点评】本题是一道基础题，熟练应用杠杆平衡条件即可正确解题。16如图所示是家庭电子式电能表的表盘，其示数是318.6kWh，表盘上标有“3 200imp/kW
34、h”表示每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁3200次。若家庭电路中只有一台电热水器在工作，如图所示的电能表的指示灯在4min内闪烁320次，则该热水器在4min内消耗的电能为3.6105J，该热水器的实际功率是1500W。【分析】（1）电能表读数时，注意电能表的单位是kWh，最后一位是小数；（2）3200imp/（kWh）表示每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁3200次，从而可求闪烁320次消耗的电能；知道时间，可求热水器的功率。【解答】解：（1）电能表的示数为318.6kWh；（2）“3200imp/（kWh）”表示每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁3200次，闪烁320次消耗电能：WkWh0.1
35、kWh3.6105J，该热水器的电功率：P1.5kW1500W。故答案为：318.6；每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁3200次；3.6105；1500。【点评】本题考查了学生根据电能表的参数测量用电器电功率的方法，首先理解参数的真正含义，根据灯闪烁的次数计算出用电器消耗的电能，根据电能和时间计算出功率，在计算过程中注意单位的统一。17烈日下，海滩上的沙子热得烫脚，但海水却是凉爽的，这是因为海水的比热容比沙子的大得多，初温、质量相同的沙子和水吸收相同的热量后，沙子升高的温度大于（大于/小于/等于）水升高的温度。【分析】根据Qcmt，质量相等的水和沙子，吸收相同的热量，水的比热大，水升高的温度小
36、，温度低。【解答】解：因为水的比热容大于沙子的比热容，质量相等的水和沙子，吸收相同的热量，由吸热公式Qcmt知，t，沙子升高的温度大于水升高的温度，水的温度低于沙子的温度。故答案为：比热容；大于。【点评】利用水的比热比较大，可能解释很多的问题，例如为什么沿海地区冬暖夏凉？为什么汽车发动机中用水作工作物质？暖气中为什么用水作循环物质等等。三作图题（共5小题，满分34分）18一束光从空气中斜射到水面时发生反射和折射，OB是反射光线，请作出入射光线和大致的折射光线。【分析】当光线射向两种介质的界面上时，会同时发生反射和折射。光的反射中，反射角等于入射角；当光从空气斜射入水中时，折射光线将向靠近法线的
37、方向偏折，即入射角大于折射角。【解答】解：先过折射点O垂直水面作出法线，根据反射角等于入射角，在法线右侧的空气中画出入射光线AO，方向指向入射点，然后再根据折射角小于入射角在水中画出折射光线OC，如图所示：【点评】在画光路图时，要注意细节：光线画实线，法线或光线的反向延长线画虚线。19如图是一根曲杆，可绕O点转动，C点处悬挂着一个物体。若在A点施加一个最小的力使杠杆在图示位置平衡，请画出这个力F和它的力臂。【分析】根据杠杆平衡的条件，F1L1F2L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。【解答】解：连接OA，若在A端施力F，当F的方向与OA垂直时动力臂最大
38、，此时最省力；根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡，动力方向向上，据此可画出最小的动力，如下图所示：【点评】此题考查了最小力和力臂的画法，需掌握杠杆的平衡条件，关键是确定最长的力臂，即从支点到力的作用点的距离，力臂与力的作用线是垂直关系。20实验室除了条形磁铁还提供了如图所示的实验器材，请你设计实验证明：条形磁铁中央与两端的磁性强弱不同。写出从图中所选择的实验器材：条形磁铁、大头针；并简述实验步骤和实验现象把条形磁体放在大头针盒里翻转几下，拿出来观察；磁铁的两端吸引的大头针的个数是最多。【分析】磁场会对放入其中的磁性物质产生磁力的作用，根据磁力作用的大小可以判断磁场的强弱，因此，根据这一思路可选择
39、适当的器材进行实验的设计。【解答】解：根据磁场会对放入其中的磁性物质产生磁力的作用这一特点，来进行实验的相关设计：（1）所需器材：条形磁铁、大头针。（2）实验步骤：把条形磁体放在大头针盒里翻转几下，拿出来观察；（3）观察到的现象：磁铁的两端吸引的大头针的个数是最多的，即条形磁体两端磁性最强；故答案为：条形磁铁、大头针；把条形磁体放在大头针盒里翻转几下，拿出来观察；磁铁的两端吸引的大头针的个数是最多。【点评】本题考查了验证磁体周围磁性强弱的实验的设计，运用好转换法的思想，是设计实验的关键，有一定难度。21为完成“探究电流与电阻的关系”实验，小海从实验室取得以下器材：电压恒为4.5V的电池组、电流
40、表、电压表、开关，5、10、25的定值电阻各一个，规格为“401A”的滑动变阻器，导线若干。（1）请根据所学知识，用笔画线代替导线，在1图中将实物连接完整；（2）小海将10电阻接入电路，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，直到电压表示数如2图所示，记为2.5V，并记录电流表的示数；接着保持滑片位置不变，将电阻换为25后，为保证电压表的示数不变，应向左（选填“左”或“右”）移动滑片；（3）通过实验得到电流随电阻变化的图象如3图所示，由此可知：电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比；（4）在小海实验基础上，为了得到更多组数据，需要更多规格的定值电阻，则选用的定值电阻最大阻值不允许超过50。【分析】（1
41、）变阻器按一上一下连入电路中与电阻串联；（2）根据电压表选用小量程确定分度值读数；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；（3）根据如3图求出电流与电阻之积分析；（4）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当变阻器的最大电阻接入电路时对应的定值电阻大小。【解答】解：（1）变阻器按一上一下连入电路中与电阻串联，如下所示：（2）闭合开关，移动滑动变阻器滑片，直到电压表示数如2图所示，电压表选用小量程，
42、分度值为0.1V，电压为2.5V，并记录电流表的示数；根据串联分压原理可知，将定值电阻由10改接成25的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为2.5V；（3）通过实验得到电流随电阻变化的图象如3图所示，电阻两端的电压始终保持：UVIR0.1A250.5A52.5V，为一定值，故得出：在电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比；（4）根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑4.5V2.5V2V，
43、定值电阻的电压为变阻器分得的电压的1.25倍，根据分压原理，当变阻器的最大电阻接40连入电路中时，定值电阻的最大值为：R定1.254050，为了得到更多组数据，需要更多规格的定值电阻，则选用的定值电阻最大阻值不允许超过50。故答案为：（1）如上图；（2）2.5；电压； 左；（3）电压；反； （4）50。【点评】本题“探究电流与电阻的关系”，考查电路连接、数据分析、电压表读数、操作过程、控制变量法和对器材的要求。22某小组进行“探究动能大小与哪些因素有关”的活动。（1）小明用质量不同的小球A和B，让它们从同一斜面的同一位置由静止释放，撞击置于水平面上的木块，如图甲和乙。将小球从同一位置处释放，目
44、的是为了控制小球到达水平面的速度相同。通过比较木块被推动的距离来比较小球动能的大小。根据实验得出结论：动能大小与质量大小有关。（2）同组的小红让小球A从同一斜面的不同高度由静止释放，撞击水平面上的木块，如图丙。发现：木块滑行的距离不一样远。根据这一现象，她认为动能还与速度有关。但小华却认为动能和高度有关。请你向小华作出合理的解释：我们所说的小球动能是小球撞击木块时的动能，甲和丙实验中，小球撞击木块时的速度不同，动能不同，所以动能与小球的速度有关，本实验中，造成小球撞击木块时的速度不同的原因是释放小球时的高度不同。【分析】（1）要探究动能大小与质量的关系，需控制速度相同。则让质量不同的小球从同一
45、高度滚下；通过对木块推出距离的多少可看出小球动能的大小；（2）同一小球保证了质量相同，从斜面的不同高度滑下，到达水平面时的速度不同，木块被撞后移动的距离越远，推力做功越多，就可以说明木块的动能越大，从而得出质量相同时，速度越大的物体动能越大。动能的大小与物体的质量和速度有关。【解答】解：（1）要探究动能大小与质量的关系，需控制速度相同，为了使小球在水平面运动时的起始速度相等，需将质量不同的小球从斜面上的同一高度处由静止滑下；实验中通过木块被推出距离的多少可看出小球动能的大小；（2）我们所说的小球动能是小球撞击木块时的动能，甲和丙实验中，小球撞击木块时的速度不同，动能不同，所以动能与小球的速度有关，本实验中，造成小球撞击木块时的速度不同的原因是释放小球时的高度不同。故答案为：（1）速度；木块被推动的距离；（2）我们所说的小球动能是小球撞击木块时的动能，甲和丙实验中，小球撞击木块时的速度不同，动能不同，所以动能与小球的速度有关，本实验中，造成小球撞击木块时的速度不同的原因是释放小球时的高度不同。【点评】掌握影响动能大小的影响因素，利用控制变量法和转换法，探究动能大小跟各因素之间的关
