1、一轮单元训练金卷高三物理卷（A）第三单元 牛顿运动定律注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。一、 (本题共10小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第16题只有一项符合题目要求，第710题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3
2、分，有选错的得0分)1下列关于惯性的说法中，正确的是()A速度越快的汽车刹车时车轮在地面上的擦痕就越长，说明物体的运动速度越大，其惯性也越大B出膛的炮弹是靠惯性飞向远处的C坚硬的物体有惯性，如投出去的铅球；柔软的物体没有惯性，如掷出的鸡毛D只有匀速运动或静止的物体才有惯性，加速或减速运动的物体都没有惯性2如图所示，吊环运动员将吊绳与竖直方向分开相同的角度(两吊绳等长)，重力大小为G的运动员静止时，左边绳子张力为T1，右边绳子张力为T2，则下列说法正确的是()A. T1和T2是相同的C. T1和T2的合力与重力G是一对平衡力B. T1和T2的合力与重力G是一对作用力与反作用力D. 运动员两手缓慢
3、撑开时，T1和T2都会变小3从地面以大小为v1的初速度竖直向上抛出一个皮球，经过时间t皮球落回地面，落地时皮球的速度的大小为v2。已知皮球在运动过程中受到空气阻力的大小与速度的大小成正比。重力加速度大小为g。下面给出时间t的四个表达式中只有一个是合理的。你可能不会求解t，但是你可以通过一定的物理分析。对下列表达式的合理性做出判断。根据你的判断，你认为t的合理表达式应为()A. B. C. D. 4. 2018国际泳联跳水世界杯女子10米跳台比赛，我国选手张家齐夺取冠军。她从跳台斜向上跳起，一段时间后落入水中，如图所示。不计空气阻力，下列说法正确的是()A. 她在空中上升过程中处于超重状态B.
4、她在空中下落过程中做自由落体运动C. 她即将入水时的速度为整个跳水过程中的最大速度D. 入水过程中，水对她的作用力大小等于她对水的作用力大小5. 一皮带传送装置如图所示，轻弹簧一端固定，另一端连接一个质量为m的滑块，已知滑块与皮带之间存在摩擦。现将滑块轻放在皮带上，弹簧恰好处于自然长度且轴线水平。若在弹簧从自然长度到第一次达最长的过程中，滑块始终未与皮带达到共速，则在此过程中滑块的速度和加速度变化情况是()A速度增大，加速度增大B速度增大，加速度减小C速度先增大后减小，加速度先增大后减小D速度先增大后减小，加速度先减小后增大6. 如图所示，在倾角为30的光滑斜面上，一质量为2m的小车在沿斜面向
5、下的外力F作用下下滑，在小车下滑的过程中，小车支架上连接着小球(质量为m)的轻绳恰好水平。则外力F的大小为()A4.5mg B. 2mg C2mg D0.5mg7如图所示，相互接触的A、B两物块放在光滑的水平面上，质量分别为m1和m2，且m1 m2。现对两物块同时施加相同的水平恒力F，设在运动过程中两物块之间的相互作用力大小为FN，则( )A物块B的加速度为 B物块A的加速度为C D不可能为零8如图甲所示，轻弹簧竖直固定在水平面上，一质量为m = 0.2 kg的小球从弹簧上端某高度处自由下落，从它接触弹簧到弹簧压缩至最短的过程中（弹簧始终在弹性限度内），其速度v和弹簧压缩量x的函数图象如图乙所
6、示，其中A为曲线的最高点，小球和弹簧接触瞬间的机械能损失不计，取重力加速度g = 10 m/s2，则下列说法中正确的是( )A. 该弹簧的劲度系数为20 N/mB. 当x = 0.3 m时，小球处于超重状态C. 小球刚接触弹簧时速度最大D. 从接触弹簧到压缩至最短的过程中，小球的加速度先减小后增大9如图甲所示，静止在水平面C上足够长的木板B左端放着小物块A。某时刻，A受到水平向右的拉力F作用，F随时间t的变化规律如图乙所示。A、B间最大静摩擦力大于B、C之间的最大静摩擦力，假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。则在拉力逐渐增大的过程中，下列反映A、B运动过程中的加速度及A与B间摩擦力f1、B与C间摩
7、擦力f2随时间变化的图线中正确的是() 10. 用同种材料制成的倾角为30的斜面和水平面，斜面长2.4 m且固定，如图甲所示。一小物块从斜面顶端以沿斜面向下的初速度v0开始自由下滑，当v02 m/s时，经过0.8 s后小物块停在斜面上，多次改变v0的大小，记录下小物块从开始运动到最终停下的时间t，作出t-v0图象，如图乙所示。已知重力加速度大小为g10 m/s2，则下列说法中正确的是()A小物块在斜面上运动时的加速度大小为2.5 m/s2B小物块在斜面上运动时的加速度大小为0.4 m/s2C小物块与该种材料之间的动摩擦因数为D由图乙可推断，若小物块的初速度继续增大，小物块的运动时间也随速度均匀
8、增大二、(本题共4小题，共50分。把答案填在题中的横线上或按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)11. (10分)某实验小组应用如图所示装置“探究加速度与物体受力的关系”，已知小车的质量为M，砝码及砝码盘的总质量为m，所使用的打点计时器所接的交流电的频率为50 Hz。实验步骤如下：A按图所示安装好实验装置，其中与定滑轮及弹簧测力计相连的细线竖直B调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车能沿长木板向下匀速运动C挂上砝码盘，接通电源后，再放开小车，打出一条纸带，由纸带求出小车的加速度D改变砝码盘中砝码的
9、质量，重复步骤C，求得小车在不同合力作用下的加速度根据以上实验过程，回答以下问题：(1)对于上述实验，下列说法正确的是_。A小车的加速度与砝码盘的加速度大小相等B实验过程中砝码盘处于超重状态C与小车相连的轻绳与长木板一定要平行D弹簧测力计的读数应为砝码和砝码盘总重力的一半E砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量(2)实验中打出的其中一条纸带如图所示，由该纸带可求得小车的加速度a_m/s2。(结果保留两位有效数字)(3)由本实验得到的数据作出小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系图象，与本实验相符合的是 。12. (12分)倾角 = 37的斜面底端安装有一个弹性挡板P，将一质量为m的小物块从斜
10、面上A点处由静止释放，物块滑到P处，与P碰撞后沿斜面上滑的最高点为B。用传感器描绘出滑块的v-t图象如图所示。不计空气阻力及物块与P碰撞的时间，取g = 10 m/s2， sin 37 = 0.6，cos 37 = 0.8，求：(1)物块与斜面间的动摩擦因数；(2)A、B间的距离。13(12分)如图所示，倾角 30的固定斜面上有一质量m1 kg的物体，物体连有一原长l040 cm的轻质弹簧，在弹簧B端给弹簧一沿斜面向下的推力F，使物体沿斜面向下以加速度a11 m/s2做匀加速运动，此时弹簧长度l130 cm。已知物体与斜面间的动摩擦因数，弹簧始终平行于斜面，重力加速度g10 m/s2。（弹簧始
11、终在弹性限度内）(1)求推力F的大小和弹簧的劲度系数k；(2)若在弹簧B端加一沿斜面向上的拉力使物体沿斜面向上做加速度a22.2 m/s2的匀加速运动，求弹簧的长度l2。14. (16分)2017年新春佳节，我市的许多餐厅生意火爆，常常人满为患，为能服务更多的顾客，服务员需要用最短的时间将菜肴送至顾客处(设菜品送到顾客处速度恰好为零)。某次服务员用如图所示的单手托托盘方式给12 m远处的顾客上菜，要求全程托盘水平。托盘和手、碗之间的摩擦因数分别为0.2、0.15，服务员上菜最大速度为3 m/s。假设服务员加速、减速运动过程中是匀变速直线运动，且可认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力。求：(1)服务员
12、运动的最大加速度；(2)服务员上菜所用的最短时间。一轮单元训练金卷高三物理卷（A）第三单元 牛顿运动定律答 案1.【答案】B2.【答案】B3.【答案】C4.【答案】D5.【答案】D6.【答案】D【解析】以小球为研究对象，分析受力情况可知：重力mg、绳的拉力T，小球的加速度方向沿斜面向下，则mg和T的合力沿斜面向下。如图所示，由牛顿第二定律得：ma，解得：a2g。再对整体根据牛顿第二定律可得：F(2mm)gsin 303ma，解得：F4.5mg。7.【答案】BD【解析】由于没有摩擦力，且m1 m2，故两者会一块运动，对整体由牛顿第二定律：，解得：，故A错误，B正确；再对B受力分析，由牛顿第二定律
13、：，代入加速度解得：，由于，故不可能为零，故C、D错误。8.【答案】ABD【解析】当x = 0.1 m时，小球的重力等于弹簧对它的弹力，合力为零，小球的加速度为零，小球处于平衡状态，可得kx = mg，解得k = 20 N/m，故A正确；由图可知，x = 0.3 m时，物体的速度减小，加速度向上，故说明物体处于超重状态，故B正确；由小球的速度图象知，开始小球的速度增大，小球的重力大于弹簧对它的弹力，当x为0.1 m时，小球的速度最大，然后速度减小，故C错误；图中的斜率表示加速度，则由图可知，从接触弹簧到压缩至最短的过程中，小球的加速度先减小后增大，故D正确。9.【答案】ACD【解析】当拉力小于
14、B、C之间的最大静摩擦力时，A、B保持静止没有加速度，所以B项错误；此时f1f2F，即两个摩擦力都随拉力增大而增大，在拉力增大到等于B、C之间的最大静摩擦力至A、B间达到最大静摩擦力这段时间，A、B一起向前加速，加速度a，A、B间的静摩擦力f1mBaf2max，B、C之间变成了滑动摩擦力保持不变，所以D项正确；当拉力再增大时，A、B之间也发生了相对滑动，A、B之间变成了滑动摩擦力，即不再变化，此时A的加速度a，综上所述A、C项正确。10.【答案】AC【解析】由题图乙可知小物块在斜面上运动时的加速度大小为a2.5 m/s2，A正确，B错误；对小物块应用牛顿第二定律得mamgcos mgsin ，
15、代入数据得，C正确；若小物块的速度足够大，则小物块将运动到水平面上，题图乙中的直线对小物块不再适用，D错误。11.【答案】(1) C (2) 0.88 (3) A【解析】(1)由图可知，小车的加速度是砝码盘的加速度大小的2倍，故A错误；实验过程中，砝码向下加速运动，处于失重状态，故B错误；小车相连的轻绳与长木板一定要平行，保证拉力沿着木板方向，故C正确；实验过程中，砝码向下加速运动，处于失重状态，故弹簧测力计的读数小于砝码和砝码盘总重力的一半，故D错误；由于不是用砝码的重力代替小车的拉力，而是有弹簧测力计读出拉力，故不需要砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量的条件，故E错误。(2)在匀变速直
16、线运动中连续相等时间内的位移差为常数，即x = aT2，得a = 0.16 m/s2。(3)由题意可知，小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系应该是成正比，即为过原点的一条倾斜直线，故A符合。12.【解析】(1)由图可得下滑的加速度a = 4 m/s2则物体下滑过程由牛顿第二定律得：mgsin - mgcos = ma解得： = 0.25。(2)由v-t图象可得，下滑过程位移：上滑过程由牛顿第二定律得：-mgsin -mgcos = mav2 = 2axBP解得：xBP = 1 m则xAB = xAP - xBP = 1 m。13.【解析】(1)对物体受力分析，由牛顿第二定律可知：Fmgsi
17、n mgcos ma1Fkl1l1l0l1解得：F3.5 N，k35 N/m。(2)物体向上运动的过程中，由牛顿第二定律可知：F1mgsin mgcos ma2F1kl2 l2l0l2解得：l282 cm。14.【解析】(1)设碗的质量为m，托盘的质量为M，以最大加速度运动时，碗、托盘、手保持相对静止，碗受力如图甲所示，由牛顿第二定律得：Ff1ma1碗与托盘间相对静止，则：Ff1Ff1max2mg解得：a12g0.1510 m/s21.5 m/s2对碗和托盘整体，由牛顿第二定律得：Ff2(Mm)a2手和托盘间相对静止，则：Ff2Ff2max1(Mm)g解得：a21g0.210 m/s22 m/s2则最大加速度amax1.5 m/s2(2)服务员以最大加速度达到最大速度，然后匀速运动，再以最大加速度减速运动，所需时间最短，加速运动时间：t1 s2 s位移：x1vmaxt132 m3 m减速运动时间：t2t12 s，位移：x2x13 m匀速运动位移：x3Lx1x212 m3 m3 m6 m匀速运动时间：t32 s 最短时间：tt1t2t36 s
