1、【专项习题】宜宾初中物理电与磁专项综合练习卷（含答案）一、选择题1发电机和电动机的发明使人类步入电气化时代，制造电动机所依据的原理是（ ） A.电磁感应现象B.电流的周围存在着磁场C.磁场间的相互作用D.通电导体在磁场中受到力的作用【答案】D 【解析】【解答】解：电动机是根据通电导体在磁场中受到力的作用的原理来工作的 故选D【分析】电动机的工作原理：通电导体在磁场中受到力的作用发电机的工作原理：电磁感应现象2刷卡机已经普遍应用于银行、商场等，当银行卡有磁条的一侧经过刷卡机的卡槽时，刷卡机的检测感应器（相当于线圈）就会产生感应电流。下图中与此原理相同的是（ ） A.B.C.D.【答案】 C 【解
2、析】【解答】解：刷卡机读出信息原理就是电磁感应现象；A、如图电路中有电源，是奥斯特实验，说明通电导线周围有磁场，A不符合题意；B、如图电路中有电源，是电动机测 原理图，是根据通电导体在磁场中受力而运动制成的，B不符合题意；C、如图电路中没有电源，当闭合开关，闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应选项。C符合题意；D、图中有电源，是电磁铁的原理图，是根据电流的磁效应制成的，D不符合题意。故答案为：C。【分析】当导线切割磁感线时，导体中会产生感应电流，这是电磁感应现象.3图为某品牌共享电单车，其涉及到的物理知识正确的是（ ）A.没有网络传递信息，是无法
3、实现手机扫二维码开锁的B.车座成马鞍型，增大了人与车座的受力面积，压强增大C.车胎上有凹凸不平的花纹，可以减小与地面的摩擦力D.后轮上的电动机，利用电磁感应原理将电能转化为机械能【答案】 A 【解析】【解答】A. 手机扫二维码开锁时，通过电磁波及网络传递信息，当服务器接收到付费后，才会开解，所以没有网络传递信息，是无法实现手机扫二维码开锁的，A符合题意；B. 车座成马鞍型，增大了人与车座的受力面积，减小压强，B不符合题意；C. 车胎上有凹凸不平的花纹，是用增大接触面粗糙程度的方法增大摩擦力，C不符合题意；D. 后轮上的电动机，利用通电导线在磁场受力的原理将电能转化为机械能，D不符合题意；故答案
4、为：A。【分析】共享单车传递信息利用了电磁波，增大受力面积可以减小压强，增加粗糙程度可以增大摩擦力，电磁感应是将机械能转化为电能.4如图是“水位自动报警器”电路图，容器中装有盐水， 和 分别是“2.5V，0.3A”和“2.5V，0.5A”的灯泡，下列说法不正确的是（ ）A.液面上升到与金属块B接触时，电磁铁工作，说明盐水是导体B.液面上升，金属块A受到的液体压强变大C. 工作1min电流做功45JD.若在电路中M点接入电铃，则电铃响说明水位到达警戒线【答案】D 【解析】【解答】A.液面上升到与金属块B接触，电磁铁、U1、金属块A、金属块B构成了闭合回路，电磁铁工作，说明盐水可以允许电流通过，盐
5、水是导体，A不符合题意；B.盐水密度不变，由公式p=gh知，当液面上升，盐水深度增加时，金属块A受到的液体压强变大，B不符合题意；C、 工作1min电流做功W=UIt=2.5V0.3A60s=45J,C不符合题意；D、由图知，如果将电铃接在M点，电铃与两只灯泡都是串联，所以无论水位是否达到警戒线，电铃能发生，D错误，符合题意.故答案为：D【分析】在液体密度一定时，液体压强随深度的增加而增大；利用公式W=UIt得到电流做的功；串联电路用电器工作过程中互相影响，并联电路用电器工作过程中互不影响.5对下列现象的描述不合理的是（ ）A.甲：奥斯特实验说明通电导体周围存在磁场B.乙：闭合开关后小磁针静止
6、后会指向如图所示的位置C.丙：利用这个装置可以探究“电磁感应”现象D.丁：电流相同，电磁铁的磁性随线圈匝数增加而增强【答案】 B 【解析】【解答】解：A、甲：是著名的是奥斯特实验，小磁针发针偏转说明通电导体周围有磁场，选项正确，故不符合题意；B、乙：根据安培定则，可以判断螺线管的左端是N极，右端是S极，再根据磁极间相互作用，小磁针左端为S极，右端为N极，选项错误，故符合题意；C、丙：是通电导体在磁场中受力运动的实验，这一现象叫电磁感应现象，选项正确，故不符合题意；D、丁：电流一定时，匝数越多，磁性越强，选项正确故D不符合题意故选B【分析】（1）奥斯特实验第一个揭示了电和磁之间的联系，说明了电流
7、周围存在磁场；（2）用右手握住螺线管，让四指弯向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的北极；（3）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象；（4）电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关6探究影响电磁铁磁性强弱的因素时，按图所示电路进行实验，观察到电磁铁甲吸引大头针的数目比电磁铁乙多，此实验说明影响电磁铁磁性强弱的因素是（ ） A.线圈的匝数B.电流的大小C.电流的方向D.电磁铁的极性【答案】A 【解析】【解答】解：由图知，甲、乙两线圈串联，所以通过甲、乙两线圈的电流相等；甲的线圈匝数明显比乙的线圈匝数多，实验观察到电磁铁甲吸引大头
8、针的数目比乙多；所以此实验说明电磁铁的磁性强弱与线圈匝数有关 故选A【分析】要解决此题，需要掌握电磁铁磁性强弱的因素知道电磁铁磁性的强弱与电流的大小和线圈的匝数有关；同时要掌握串联电路中的电流特点，知道串联电路中电流相等掌握转化法在此实验中的应用7如图是关于电磁现象的四个实验，下列说法正确的是（）A.图甲是研究发电机工作原理的实验装置B.图乙实验说明通电导体周围存在磁场C.图丙是探究磁铁磁性强弱的实验装置D.图丁是探究电磁感应现象的实验装置【答案】D 【解析】【解答】解：A、图中有电池，是电动机原理图，故A错误；B、图中有学生电源，这是磁场对电流的作用实验，结论是通电导体在磁场中受力，故B错误
9、；C、是奥斯特实验，说明通电导线周围存在磁场，故C错误；D、图中没有电池，是电磁感应现象实验，故D正确故选：D【分析】根据对电与磁几个重要实验装置图的认识来判断：（1）发电机原理图描述了线圈给外界的用电器供电；电动机原理图描述了电源给线圈供电；（2）电磁感应现象装置图没有电池；磁场对电流的作用装置图有电池8KTV丰富了人们的业余文化生活，唱歌时用的麦克风（动圈式话筒）如图所示，它的工作原理是：对着话简说话时，话简将声音转变为随声音变化的电流，然后经扬声器（喇叭）还原为声音。麦克风工作原理与下列装置的工作原理相同的是（）A.B.C.D.【答案】 C 【解析】【解答】对着话筒说话时，话筒将声音转变
10、为随声音变化的电流，即将声能转化为电能，是电磁感应现象；电磁感应现象是发电机的原理，C图符合题意，A、B、D不符合题意。故答案为：C。【分析】A、通电是电磁铁有磁性，断电时无磁性；B、奥斯特实验说明电流的周围有磁场；C、电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁磁场里做切割磁感线的运动时，导体中就会产生电流的现象；D、磁场对通电导体由力的作用。9下列由学校生活联想到的物理知识中，错误的是（） A.做操时排直队伍，利用了光沿直线传播原理B.电风扇转动，利用了电磁感应原理C.用力踢球，脚感到痛，是因为物体间力的作用是相互的D.湿衣服放在通风处干得快，是通过加快表面上的空气流速来加快蒸发的【答案】B 【
11、解析】【解答】解：A、做操时排直队伍，利用了光沿直线传播原理，故A正确，不合题意；B、电风扇转动，利用了通电导线在磁场中受力转动的原理，故B错误，符合题意；C、用力踢球，脚感到痛，是因为物体间力的作用是相互的，故C正确，不合题意；D、湿衣服放在通风处干得快，是通过加快液面上的空气流速来加快蒸发的，故D正确，不合题意故选B【分析】（1）光在均匀介质中直线传播；（2）电动机是利用了通电导线在磁场中受力转动的原理；（3）物体间力的作用是相互的；（4）影响蒸发的因素有温度、液体表面积、液体表面上方的空气流动10下列关于物理学史的叙述不正确的是（ ） A.托里拆利最早测定了大气压的数值B.法拉第通过实验
12、最早发现了电流周围存在磁场C.牛顿在伽利略等前人的基础上首先提出了惯性定律D.焦耳通过实验总结出电流通过导体产生热量的规律【答案】B 【解析】【解答】A、托里拆利最早通过实验测定了标准大气压的数值，A不符合题意；B、丹麦的物理学家奥斯特通过实验最早发现了电流周围存在磁场，揭示了电与磁之间的联系；法拉第发现了电磁感应现象，B符合题意；C、牛顿在伽利略等前人的基础上首先提出了牛顿第一定律，也叫惯性定律，C不符合题意；D、焦耳通过大量实验总结出焦耳定律，即电流通过导体产生热量的规律，D不符合题意；故答案为：B【分析】首先发现电流周围有磁场的科学家是丹麦的物理学家奥斯特.11下列关于磁现象说法中正确的
13、是（） A.磁感线越密集的地方磁场越弱B.发电机是利用电磁感应原理工作的C.地磁场的N极在地球的北极附近D.电磁铁磁性的强弱不能通过调节电流的大小来控制【答案】B 【解析】【解答】解：A、磁场中的磁感线密集的地方说明该处磁场强，磁感线稀疏的地方磁场弱，故A错误；B、发电机即通过线圈在磁场中做切割磁感线的运动，此时电路中会产生电流，是电磁感应现象，故B正确；C、地磁N极在地理南极附近，地磁S极在地理北极附近故C错误；D、电磁铁的磁性与线圈匝数和电流大小有关，所以电磁铁的磁性强弱可以通过改变电流大小来控制，故D错误故选B【分析】（1）在磁场中磁感线的疏密来表示磁场的强弱（2）闭合电路的一部分导体在
14、磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这叫电磁感应现象，其前提条件是施加运动，结果是产生电流（3）地球本身是一个巨大的磁体，地磁两极和地理两极不重合（4）电磁铁的磁性强弱与电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯有关12如图所示的环保型手电筒，筒内没有电池，使用时只要来回摇晃手电筒，使永磁体在线圈中来回运动，灯泡就能发光，下列几个实验与其原理相同的是（ ） A.B.C.D.【答案】C 【解析】【解答】解： 永磁体在线圈中来回运动，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光，所以手摇电筒的工作原理为电磁感应现象；A、图中为奥斯特实验，说明了通电导体周围存在磁场，与手摇电筒的工作原理无关，故A
15、错误B、此图的装置是通电螺线管，是用来研究通电螺线管周围的磁场，与手摇电筒的工作原理无关，故B错误C、图中闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中产生了感应电流（可以从电流表指针发生偏转来体现），这是电磁感应现象，与手摇电筒的工作原理相符合，故C正确C、此图反映了通电导体在磁场中受到力的作用，与手摇电筒的工作原理无关，故D错误故选C【分析】（1）手摇电筒是利用电磁感应现象制成的，磁铁在线圈中来回运动，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光（2）逐个分析下面四个选择项中各个设备的制成原理，将两者对应即可得到答案13关于电磁现象，下列说法正确的是（ ） A.铜制品很容易被磁化
16、B.电磁继电器中的铁芯，可以用永磁体代替C.发电机正常工作时，是将电能转化为机械能D.直流电动机的转向器，由两个彼此绝缘的金属半圆环组成【答案】D 【解析】【解答】解：A、铜制品不是磁性材料，不容易被磁化，而铁、钴、镍等制品很容易被磁化，故A错误； B、电磁继电器中的磁体，必须用铁芯，通过电流的通断控制磁性的有无，不能用永磁体，故B错误；C、发电机正常工作时，是将机械能转化为电能，故C错误；D、直流电动机的换向器是由两个彼此绝缘的金属半圆环组成的，故D正确故选：D【分析】（1）铁钴镍等磁性材料容易被磁化；（2）电磁铁是利用电流的磁效应制成的，电流的通断可以控制磁性的有无；电磁铁有电流有磁性，无
17、电流时无磁性铁芯需用软磁性材料制成，因为软磁性材料的磁性不能保留下来；（3）发电机是根据电磁感应现象工作的，工作过程中将机械能转化为电能；（4）换向器是由两个彼此绝缘的铜制半环组成的14如图所示，是某保密室的防盗报警电路，当有人闯入保密室时会使开关S闭合下列说法正确的是（ ） A.电磁继电器与发电机工作原理相同B.电磁继电器与电动机工作原理相同C.电磁铁工作时，上端为S极D.当有人闯入保密室时，b灯亮【答案】D 【解析】【解答】解： AB、电磁继电器是利用电流的磁效应工作的，发电机是利用电磁感应原理制成的，电动机是根据通电线圈在磁场中受力而转动工作的，故AB错误；C、根据安培定则可知，电磁铁工
18、作时，上端为N极，故C错误；D、当有人闯入保密室时会使开关S闭合，电磁铁有磁性，吸引衔铁，电灯b所在电路接通，b灯亮，故D正确故选D【分析】（1）电磁继电器是利用电流的磁效应工作的，发电机是利用电磁感应原理制成的，电动机是根据通电线圈在磁场中受力而转动；（2）根据安培定则判断电磁铁的NS极；（3）电磁继电器的工作原理，当控制电路接通时，电磁铁有磁性，衔铁被吸下；当控制电路断开时，电磁铁无磁性，衔铁在弹簧的作用下被拉起，结合实际情况进行分析15如图是直流电铃的工作原理图下列说法正确的是（ ） A.铃声可以在真空中传播B.铃声是由铃碗的振动产生的C.变阻器滑片向右移时，电磁铁的磁性增强D.绕制电磁
19、铁线圈时，线圈的匝数越少，磁性越强【答案】B 【解析】【解答】解：A、声音的传播需要介质，真空不能传声，故A错误； B、当闭合开关铁腕振动，铃声响起，铃声是由铃碗的振动产生的，故B正确；C、滑动变阻器的滑片向右滑动时，接入电路中的电阻增大，电流减小，电磁铁的磁性减弱，故C错误；D、当通过电磁铁的电流一定时，电磁铁线圈的匝数越少，磁性越弱，故D错误故选B【分析】（1）声音的传播靠介质；（2）声音是由物体的振动产生的；（3）改变电磁铁的磁性强弱，就要从改变电磁铁的线圈匝数或者改变通过电磁铁的电流大小入手而电磁铁固定，则其匝数固定只能从电流入手改变滑动变阻器接入的阻值可以改变电路中的电流；（4）影响
20、电磁铁磁性强弱的因素：电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯有铁芯时，电流越大，匝数越多，磁性越强16如图所示的几种电、磁现象中不正确的是（ ） A.B.C.D.【答案】 D 【解析】【解答】解：A、在磁体的外部，磁感线从磁体的北极出来，回到南极；所以A正确 B、通电导体周围存在的磁场，而且磁场的方向与电流的方向有关，故将一小磁针放在通电导体周围时，小磁针会发生偏转，而且偏转方向的方向与电流的方向有关，故B正确C、由于带电体上带的是正电荷，当与金属球靠近时，会发生电荷的转移，故与金属球相连的箔片也会带上正电荷；再根据同种电荷相互排斥的原理可以判断箔片将会张开，故C也正确D、只有导体做切割磁感线运动时
21、，才会产生感应电流，而图中导体运动时没有切割磁感线，所以不能产生感应电流，使电表偏转；故D错误故选D【分析】A、需要掌握磁感线的方向，知道在磁体的外部，磁感线从磁体的北极出来回到南极；B、根据电流的磁效应：通电导体周围存在的磁场，而且磁场的方向与电流的方向有关即可来判断B选项的正误；C、根据验电器的工作原理：同种电荷相互排斥即可判定C选项的正误；D、产生感应电流的条件：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动；据此即可判断D的正误17如图所示，闭合开关后，将滑动变阻器的滑片向右滑动的过程中，下列说法正确的是（ ）A.电流表示数变小B.电磁铁的磁性减弱C.电路总电阻变小D.弹簧测力计示数变大
22、【答案】 D 【解析】【解答】根据电路图，滑片向右滑动时，电阻减小，C不符合题意；则电流表示数变大，A不符合题意；电流变大时，电磁铁的磁性增强，B不符合题意；磁性增强的电磁铁对铁球的吸引力变大，弹簧测力计示数变大，D符合题意。 故答案为：D. 【分析】根据滑片的移动分析电阻变化、电流变化，电磁铁的磁性和电流有关，根据磁性的变化分析测力计拉力的变化。18如图所示，在电磁铁正上方用弹簧挂着一条形磁铁，开关闭合后，当滑片P从a端向b端滑动过程中，会出现的现象是（）A.电流表示数变小，弹簧长度变短B.电流表示数变小，弹簧长度变长C.电流表示数变大，弹簧长度变长D.电流表示数变大，弹簧长度变短【答案】D
23、 【解析】【分析】由右手螺旋定则可得出螺线管上端磁极，则由磁极间的相互作用可知电磁铁与条形磁铁的作用；根据滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，由欧姆定律可得出电流的变化，进而可知通电螺线管磁场强弱的变化，则可知条形磁极的受力变化，由力的合成可知弹簧长度的变化【解答】电流由下方流入，则由右手螺旋定则可知，螺线管上端为N极；因同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，两磁铁同名相对，故相互排斥；当滑片P从a端向b端滑动过程中，滑动变阻器接入电阻减小，由欧姆定律可得，电路中电流变大，则条形磁铁受向上的力增强；条形磁铁受重力、拉力及向上的磁场力，向下的重力与向上的弹簧的弹力及磁场力之和相等，因重力不变，
24、磁场力增强，故弹簧的弹力减小，故弹簧长度变短故选D【点评】本题巧妙地将力学问题及电磁场的知识相互联系，综合性考查了欧姆定律、影响通电螺线管磁性强弱的因素及弹簧的弹力，对学生的审题能力及分析能力要求较高，是道好题19下列关于电和磁的说法正确的（） A.最早发现电流周围存在磁场的科学家是法拉第B.磁体外部的磁感线总是从S极出发，回到N极C.电动机是利用电磁感应现象制成的D.发电机是利用电磁感应现象制成的【答案】D 【解析】【解答】解：A、最早发现电流周围存在磁场的科学家是奥斯特，故A错误；B、磁体外部磁感线从N极出来回到S极，故B错误；C、电动机是根据通电线圈在磁场中受力转动原理制成，故C错误；D
25、、发电机是根据电磁感应原理制成的，故D正确；故选D【分析】根据对电与磁的基础知识、结合电与磁重要试验的理解对下面的各个选项依次判断即可20以下关于电与磁四幅图片的描述正确的是（）A.甲图：它是探究电磁感应现象的装置图B.乙图：向左调节滑动变阻器的滑片，电磁铁吸引大头针的数目变少C.丙图：将开关闭合，小磁针的N极向右转动D.丁图：电磁继电器是利用电流的热效应来工作的【答案】C 【解析】【解答】解：A、此题中有电源，是探究磁场对通电导体是否有力的作用的实验故A错误B、电磁铁中磁性强弱与电流的强弱、线圈匝数有关，即向左调节滑动变阻器的滑片，电阻变小，电流变大，故电磁铁吸引大头针的数目变多，故B错误；C、将开关闭合，据安培定则可知，螺线管右侧为N极，左侧为S极，根据同名磁极相互排斥，故小磁针的N极向右转动，故C正确；D、电磁继电器是利用电流的磁效应来工作的，故D错误；故选C【分析】（1）闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动，导体中有感应电流产生（2）电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈的匝数有关（3）据安培定则分析判断即可解决（4）电磁继电器是利用电流的磁效应工作的
