1、 宁波市宁波市 20172017 学年第一学期期末考试学年第一学期期末考试 高一数学试卷高一数学试卷 第第卷（选择题卷（选择题 共共 6060 分）分） 一、选择题：本大题共一、选择题：本大题共 1010 小题，每小题小题，每小题 4 4 分，共分，共 4040 分分. .在每小题给出的四个选项中，只有一在每小题给出的四个选项中，只有一 项是符合题目要求的项是符合题目要求的. . 1. 若集合，则（ ） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】由交集的定义可得：， 进行补集运算可得：. 本题选择C选项. 2. 下列函数中，在定义域内单调递增的是（ ） A. B. C. D. 【答案】C 【
2、解析】注意考查所给函数的性质： A.在定义域内单调递减； B.在定义域内没有单调性； C.在定义域内单调递增； D.在定义域内没有单调性； 本题选择C选项. 3. 若幂函数的图像过点，则的值为（ ） A. 1 B. C. D. 3 【答案】D 【解析】由题意可得：， 则幂函数的解析式为：. 本题选择D选项. 4. 若角 的终边经过点，则（ ） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】由点P的坐标计算可得：，则： ，. 本题选择A选项. 点睛：点睛：利用三角函数的定义求一个角的三角函数值，需确定三个量：角的终边上任意一个异 于原点的点的横坐标x、 纵坐标y、 该点到原点的距离r.若题目中已知
3、角的终边在一条直线上， 此时注意在终边上任取一点有两种情况(点所在象限不同) 5. 在中，点 为边的中点，则向量（ ） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】由题意结合平面向量的运算法则可得： . 本题选择A选项. 6. 下列函数中，最小正周期为 ，且图像关于直线对称的是（ ） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】函数的最小正周期为 ，则，据此可得选项AC错误； 考查选项BD： 当时，满足题意； 当时，不满足题意； 本题选择B选项. 7. 函数的图像大致是（ ） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】令，则，函数为偶函数，排除AB选项； 当时，而，则， 排除选项C. 本题选
4、择D选项. 点睛：点睛：函数图象的识辨可从以下方面入手：(1)从函数的定义域，判断图象的左右位置；从函 数的值域，判断图象的上下位置(2)从函数的单调性，判断图象的变化趋势(3)从函数的 奇偶性，判断图象的对称性(4)从函数的特征点，排除不合要求的图象利用上述方法排除、 筛选选项 8. 已知函数为奇函数，为偶函数，且，则（ ） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】由题意可得： ， ， . 本题选择A选项. 9. 对于非零向量，定义运算“”：，其中为的夹角.设为非零向 量，则下列说法错误 的是（ ） A. B. C. 若，则 D. 【答案】B 【解析】利用排除法.由题中新定义的运算结合向
5、量的运算法则有： ，A选项正确； 若，则，结合可得：或，均有，C项正确； ，D选项正确； 本题选择B选项. 10. 已知，且，则（ ） A. B. 0 C. D. 【答案】C 【解析】， ， 构造函数，很明显函数在区间上单调递增， 则：， 据此可得：. 本题选择C选项. 第第卷（非选择题卷（非选择题 共共 110110 分）分） 二、填空题：本大题共二、填空题：本大题共 7 7 小题，多空题小题，多空题每小题每小题 6 6 分，单空题每小题分，单空题每小题 4 4 分，共分，共 3636 分分. . 11. 已知，则_（用表示） ，_ 【答案】 (1). (2). 3 【解析】由题意可得：，.
6、 12. 已知，且，则_，_ 【答案】 (1). (2). 2 【解析】由题意可得：,则. . 13. 已知函数 一部分图像如图所示，则_，函 数的图像可以由的图像向左平移至少_ 个单位得到 【答案】 (1). 2 (2). 【解析】由函数图象可得，函数的最小正周期为， 结合最小正周期公式有：； 令有：， 令可得：，函数的解析式为： 绘制函数的图象如图所示，观察可得函数的图像可以由的 图像向左平移至少 个单位得到. 14. 是定义在 上的偶函数，当时，且关于 的方程 在 上 有三个不同的实数根，则_，_ 【答案】 (1). 2 (2). 3 【解析】由偶函数的性质可得：， 关于 的方程 在 上
7、有三个不同的实数根， 方程的根为奇数个，结合为偶函数可知为方程的一个实数根， 而，则：. 15. 弧度制是数学上一种度量角的单位制，数学家欧拉在他的著作无穷小分析概论中提 出把圆的半径作为弧长的度量单位.已知一个扇形的弧长等于其半径长，则该扇形圆心角的弧 度数是_ 【答案】1 【解析】设扇形的弧长和半径长为，由弧度制的定义可得，该扇形圆心角的弧度数是. 16. 已知向量的夹角为 ，则_ 【答案】2 【解析】由题意可得：，则：， 则：. 17. 函数若存在，使得，则的最大值为 _ 【答案】 【解析】绘制函数的图象如图所示，观察可得：， 且：， 原问题等价于考查二次函数：在区间上的最大值， 函数的
8、对称轴， 则函数的最大值为：. 综上可得：的最大值为. 点睛：点睛：本题的实质是二次函数在给定区间上求最值.二次函数、二次方程与二次不等式统称 “三个二次”，它们常结合在一起，有关二次函数的问题，数形结合，密切联系图象是探求 解题思路的有效方法一般从：开口方向；对称轴位置；判别式；端点函数值符号 四个方面分析 三、解答题：本大题共三、解答题：本大题共 5 5 小题，共小题，共 7474 分分. .解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤. . 18. 已知集合，. （）若，求； （）若，且，求的取值范围. 【答案】()；(). 【解析】试题分析： ()当时，
9、.则. ()由题意可知，其中，而时，.求解不等式 结合题意可得. 试题解析： （）由题可得时，. . （），. 时，. ，. . 点睛：点睛：(1)已知两个集合之间的关系求参数时，要明确集合中的元素，对子集是否为空集进行 分类讨论，做到不漏解 (2)在解决两个数集关系问题时，避免出错的一个有效手段是合理运用数轴帮助分析与求解， 另外，在解含有参数的不等式(或方程)时，要对参数进行讨论 19. 已知函数. （）求函数的最小正周期； （）若，求函数的最大值以及取得最大值时 的值. 【答案】() ；().此时. 【解析】试题分析： ()由题意整理三角函数的解析式可得，结合最小正周期公式可得函数的 最
10、小正周期. ()由，可得，由正弦函数的性质结合()中函数的解析式可得当 即时函数取得最大值 2. 试题解析： （） . 函数的最小正周期. （），. 此时，. 20. 如图所示，四边形是边长为 2 的菱形，. （）求的值； （）若点 在线段及上运动，求的最大值. 【答案】()6；()18. 【解析】试题分析： ()以 为坐标原点，所在的直线为 轴，建立平面直角坐标系，由平面向量数量积的坐标 运算法则可得. ()由题意结合()中建立的平面直角坐标系可知，则 ，由线性规划的结论可知的最大值为 18. 试题解析： （）以 为坐标原点，所在的直线为 轴，建立平面直角坐标系， ，. （）， 设，. 所以
11、当点 在点 处时，的值最大，最大值为 18. 点睛：点睛：求两个向量的数量积有三种方法：利用定义；利用向量的坐标运算；利用数量积的几 何意义具体应用时可根据已知条件的特征来选择，同时要注意数量积运算律的应用 21. 已知，. （）求的值； （）是否存在，使得下列两个式子：；同时成立？ 若存在，求出的值；若不存在，请说明理由. 【答案】(1) ；(2)存在，满足两式成立的条件. 【解析】试题分析： ()由题意结合同角三角函数基本关系可得，然后利用两角和的余弦公 式可得 ()结合()的结论可知，则，满足题意时 ，则，是方程的两个根，结合二次方程的特点 计算可得存在，满足两式成立的条件. 试题解析：
12、 （）， ，. （），. ， ，. ，是方程的两个根. ，. ，.即存在，满足两式成立的条件. 22. 已知函数，. （）若为奇函数，求的值并判断的单调性（单调性不需证明） ； （）对任意，总存在唯一的，使得成立，求正实数 的取值 范围. 【答案】().在 上单调递增.(). 【解析】试题分析： ()函数为奇函数，则恒成立.据此可得.此时， 在 上单调递增. ()由题意可知，而.据此分类讨论： 当时有； 当时有； 当时不成立. 则正实数的取值范围是. 试题解析： （）为奇函数，恒成立. .此时，在 上单调递增. （）， . 当时，在上单调递增， 当时，在上单调递减，在上单调递增. ， 当时，在上单调递增，在上单调递减，在上单调递增. ，不成立. 综上可知，.
