1、河南省长葛市一中2023年物理高二第一学期期末质量检测试题考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、2016年8月16日，我国自主研制的世界首颗量子科学实验卫星“墨子号”被送入500km高的运行轨道上，现已投入使用.“墨子号”卫星在轨道上的运行速度( )A
2、.等于11.2km/sB.等于7.9km/sC.小于7.9km/sD.大于7.9km/s2、以下几种带电体所带的电量不可能的是A.3.210-19CB.6.410-19CC.8.010-20CD.1.9210-18C3、如图所示，无限长水平直导线中通有向右的恒定电流I，导线正上方沿竖直方向有一绝缘细线悬挂着的正方形线框线框中通有沿逆时针方向的恒定电流I，线框的边长为L，线框下边与直导线平行，且到直导线的距离也为L.已知在长直导线的磁场中距长直导线r处的磁感应强度大小为Bk (k为常量)，线框的质量为m，则剪断细线的瞬间，线框的加速度为()A.0B.gC.D.g4、关于万有引力，下列说法中正确的
3、是A.万有引力定律是卡文迪许提出的B.万有引力常量是牛顿通过实验测出的C.天文学家开普勒对他导师第谷观测的行星数据进行了多年研究，得出了万有引力定律D.月一地检验表明地面物体和月球受地球的引力，与太阳一行星间的引力遵从相同的规律5、如图所示，在矩形ABCD的AD边和BC边的中点M和N各放一个点电荷，它们分别带等量的正、负电荷E、F是AB边和CD边的中点，P、Q两点在MN的连线上，MP=QN对于E、F、P、Q四点，其中电场强度相同且电势相等的两点是 （ ）A.E和FB.P和QC.A和BD.C和D6、如图所示，正方形区域EFGH中有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带正电的粒子（不计重力）以一定的速度
4、从EF边的中点M沿既垂直于EF边又垂直于磁场的方向射入磁场，正好从EH边的中点N射出若该带电粒子的速度减小为原来的一半，其它条件不变，则这个粒子射出磁场的位置是A.E点B.N点C.H点D.F点二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，两平行的足够长的光滑倾斜导轨处于垂直于导轨所在斜面向上的匀强磁场中，导轨电阻不计，上端连接一阻值为R的电阻，导轨上一导体棒从静止开始下滑，在其运动状态达到稳定前，下列有关流过导体棒的电流i、导体棒受到的安培力F随时间t变化的关系图，通过导
5、体棒的电量q随位移x变化的关系图，导体棒上安培力的瞬时功率P随速度v变化的关系图中，可能正确的是（）A.B.C.D.8、如图所示，当滑动变阻器的滑片P向下端移动时，下列说法正确的是A.电阻R1消耗的功率增大B.电源的输出功率增大C.V1增大，V2增大，A减小D.V1减小，V2减小，A增大9、如图所示，L是一带铁芯的理想电感线圈，其直流电阻为零，电路中A和B是二个相同的灯泡，A灯泡串接一个理想二极管D，则（）A.开关S闭合瞬间，A灯不亮B.开关S闭合瞬间，B灯泡立即亮C.开关S断开瞬间，A灯泡闪亮一下后熄灭D.开关S断开瞬间，a点电势低于b点电势10、如图甲所示为一列沿x轴传播的简谐横波在t=0
6、时刻的波形图图乙表示该波传播的介质中x=2m处的a质点从t=0时刻起的振动图像下列说法正确的是A.波传播的速度为20m/sB.波沿x轴负方向传播C.t=0.25s时，质点a的位移沿y轴正方向D.t=0.25s时，x=4m处的b质点的加速度沿y轴负方向三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）工厂的天车上钢丝绳长l4m，用它来吊运100kg的机件天车v4m/s的速度水平前进，匀速行驶时钢丝绳的拉力为_N当天车突然刹车，机件刚开始摆动时，钢丝绳对机件的拉力大小为_N（g10m/s2）12（12分）在“测定金属的电阻率”的实验中：（1）用螺旋
7、测微器测量金属丝直径时，其示数如图1所示，则金属丝的直径为_（2）某同学设计了如图所示的电路测量该金属丝的电阻（阻值约）可选用的器材规格如下：电源E（电动势，内阻不计）；电流表A（，内阻约）；电流表G（，内阻为）；滑动变阻器（阻值，额定电流）；滑动变阻器（阻值，额定电流）；定值电阻；定值电阻；开关S和导线若干为了便于操作，并使测量尽量精确，定值电阻应选_，滑动变阻器R应选_某次测量时电流表G的读数为，安培表示数为，计算的准确值为_（计算结果保留3为有效数字）四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，水平
8、放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m，a、b间的电场强度为E=5.0105N/C，b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=4.810-25kg、电荷量为q=1.610-18C的带正电的粒子(不计重力)，从贴近a板的左端以v0 =1.0106m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到b板的Q处（图中未画出）求P、Q之间的距离L14（16分）ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BC部分是半径为R的圆环，轨道的水平部分与半圆环相切A为水平轨
9、道上的一点，而且AB=R=0.2m，把一质量m=0.1kg，带电量为q=+C的小球，放在A点由静止释放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到达C点的速度大小(2)小球在C点时，轨道受到的压力大小15（12分）如图，两根间距为L0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E3V、内阻r1的电源，导轨平面与水平面间的夹角37金属杆ab垂直导轨放置，质量m0.2kg导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中当R01时，金属杆ab刚好处于静止状态，取g10m/s2，sin370.6，cos370.8（1）求磁感应强度B的大小；（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜
10、面向上，求金属杆的加速度参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】万有引力提供向心力可知：，所以，半径越大，速度越小，即“高轨低速”，是第一宇宙速度，即近地轨道的环绕速度，轨道比近地轨道高，速度小于，故C正确点睛：“墨子号”是地球的卫星，运行速度一定小于第二宇宙速度，即小于，卫星高的运行轨道上，根据“高轨低速大周期”速度可知小于2、C【解析】最小的电荷量是1.61019C，我们把这个最小的电荷量叫做元电荷，任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍A.3.210-19C是1.61019C的整数倍，故A不符合题
11、意；B.6.410-19C是1.61019C的整数倍，故B不符合题意；C.8.010-20C不是1.61019C的整数倍，故C符合题意；D.1.9210-18C是1.61019C的整数倍，故D不符合题意3、D【解析】线框下边受到的安培力的大小为方向向下；线框上边受到的安培力大小方向向上；根据牛顿第二定律可得F1+mg-F2=ma解得：A0，与结论不相符，选项A错误；Bg，与结论不相符，选项B错误；C，与结论不相符，选项C错误；Dg，与结论相符，选项D正确；故选D。4、D【解析】A万有引力定律是牛顿提出的，故A错误；B万有引力常量卡文迪许通过实验测出的，故B错误；C德国天文学家开普勒对他导师第谷
12、观测的行星数据进行多年研究，得出了开普勒三大定律，故C错误；D月-地检验表明地面物体和月球受地球的引力，与太阳行星间的引力遵从相同的规律，故D正确。故选D。5、A【解析】A等量异种电荷的电场线分布情况如图所示图中电场线从正电荷出发，等势面为不规则的圆圈，在两个异种电荷的中垂线上是等势面，E、F两点关于连线对称，电场强度大小和方向都相同，A正确；B在两个异种电荷的连线上，电场线从正电荷指向负电荷，沿着电场线电势越来越低，故P、Q电势不等，B错误；C题目图中位置A与位置B两位置关于两电荷连线不对称，由A选项的分析图可知，其场强方向不同，C错误；DC和D两位置位于两电荷连线同一侧，结合图像可知，场强
13、方向不同，D错误。故选A。6、A【解析】带电粒子垂直磁场方向进入磁场后，在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力；根据洛伦兹力提供向心力和轨迹上两点的连线的中垂线都通过圆心找到圆心，确定半径；改变速度后，根据洛伦兹力提供向心力求出新的半径，再次根据洛伦兹力提供向心力找出圆心，画出轨迹【详解】第一次从点M进入磁场，从点N射出，故M、N是轨迹上的两个点，连线的中垂线通过圆心，经过M点时，洛伦兹力提供向心力，判断出洛伦兹力的方向是平行纸面向上并指向C点，故得到C即为圆心，半径R等于线段CM的长度，即正方向边长的一半；洛伦兹力提供向心力，有，解得：，该带电粒子的速度减小为原来的一半后，半径减小为
14、一半；故圆心移到线段CM的中点，轨迹如图；故本题选A【点睛】本题关键在于找出圆心、确定轨迹、求出半径，同时要结合洛伦兹力提供向心力进行分析计算二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A对导体棒由牛顿第二定律有即电流为电流与速度成正比，由于速度越来越大，加速度越来越小，所以电流越来越大，电流变化得越来越慢，故A正确；B安培力为安培力与速度成正比，由于速度越来越大且变化得越来越慢，则安培力增大且变化得越来越慢，故B错误；C电荷量为则电荷量与位移成正比，故C正确；D
15、安培力功率为则功率与速度的平方成正比，故D错误。故选AC。8、AD【解析】当滑动变阻器的滑片P向下移动时，R3连入电路的阻值变小，故外电路的总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律，知总电流变大，路端电压U=E-Ir变小，所以V1示数减小，电源的内电压和R1的电压均增大，所以并联部分电压减小，即V2示数减小根据欧姆定律可知，通过R2的电流减小，而总电流增大，所以通过滑动变阻器的电流增大，即A示数增大故C错误，D正确；因为干路电流变大，根据 知电阻R1消耗的功率增大，故A正确；因为不知道内、外电阻的大小关系，所以电源的输出功率的变化情况无法确定，故B错误；故选AD.9、CD【解析】AB闭合瞬间线圈相当于
16、断路，二极管为反向电流，则此时AB灯都不亮，故AB错误；C稳定后，线圈相当于导线，所以B灯亮，A灯不亮，开关S断开瞬间，线圈中电流减小，则产生自感电动势，由楞次定律可知，b端相当于电源正极，此时二极管为正向电流，线圈也二极管，灯A组成回路，则A灯泡闪亮一下后熄灭，且a点电势低于b点电势，故CD正确。故选CD。10、AD【解析】本题要在乙图上读出a质点在t=0时刻的速度方向，在甲图上判断出波的传播度方向；由甲图读出波长，由乙图读出周期，即求出波速和频率；【详解】由乙图知，质点的振动周期为T=0.2s，由甲图知，波长=4m，则波速为：故A正确；由乙图知，t=0时刻，质点a向下运动，根据甲图可知，该
17、波沿x轴正方向传播，故B错误；由乙图知，质点的振动周期为T=0.2s，所以质点a在t=0.25s的时刻的振动情况与t=0.05s时刻的振动情况相同，即处于负的最大位移处，所以a的位移沿y轴负方向故C错误；由图甲可知，a质点和b质点的平衡位置相距半个波长，振动情况总是相反，所以在振动过程中任意时刻的位移都相反，所以质点b处于正的最大位移处，加速度沿y轴负方向故D正确故选AD.【点睛】本题关键要把握两种图象的联系，能根据振动图象读出质点的速度方向，在波动图象上判断出波的传播方向三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 .1000N； .1400
18、N【解析】天车匀速行驶时，以机件件为研究对象，根据平衡条件得钢丝的拉力为：F1mg10010N1000N；由题意知，天车突然停车的瞬间，机件开始做圆周运动，其所受合力提供向心力，即：解得：12、 . . . .【解析】（1）固定刻度读数为，则此金属丝的直径为（2）根据闭合电路欧姆定律电路和电流表最小读数，可求出电路中需要的最大电阻为：，由于待测电阻电阻为，所以滑动变阻器应用根据串分压原理，故定值电阻根据电阻定律，由：【点睛】根据闭合电路欧姆定律电路和电流表最小读数，可求出电路中需要的最大电阻，根据欧姆定律再进行求解；用伏安法测量电阻，首先要考虑安全，其次准确，最后操作方便四、计算题：本题共3小
19、题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、8cm【解析】粒子a板左端运动到P处，由动能定理得代入有关数据，解得，代入数据得=30粒子在磁场中做匀速圆周运动，圆心为O，半径为r，如图由几何关系得联立求得代入数据解得14、 (1) (2)3N【解析】(1)设小球在C点的速度大小是vC，则对于小球由AC的过程中，由动能定理得：解得：(2)小球在C点时受力分析如图由牛顿第二定律得：解得：由牛顿第三定律可知，小球对轨道压力：NC=NC=3N15、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上【解析】（1）当R0=1时，根据闭合电路的欧姆定律求解电流强度，由平衡条件求解磁感应强度；（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，根据牛顿第二定律求解加速度大小【详解】（1）当R01时，根据闭合电路的欧姆定律可得根据左手定则可知安培力方向水平向右；由平衡条件有：BILcosmgsin解得B2T；（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，大小不变；根据牛顿第二定律可得：BILmgsinma解得：a1.5m/s2，方向沿斜面向上【点睛】本题主要是考查安培力作用下的导体棒的平衡问题，解答此类问题要明确导体棒的受力情况，结合平衡条件列方程解答
