1、2023年高考物理模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法正确的是（）A中子与质子结合成氘核时吸收能量B卢瑟福的粒子散射实验证明了原子核是由质子和中
2、子组成的C入射光照射到某金属表面发生光电效应，若仅减弱该光的强度，则不可能发生光电效应D根据玻尔理论，氢原子的电子由外层轨道跃迁到内层轨道，原子的能量减少，电子的动能增加2、在如图所示电路中，合上开关S，将滑动变阻器R2的滑动触点向b端移动，则三个电表A1、A2和V的示数I1、I2和U的变化情况是（）AI1增大，I2不变，U增大 BI1减小，I2不变，U减小CI1增大，I2减小，U增大 DI1减小，I2增大，U减小3、下列说法正确的是（）A在光电效应中，增加入射光的强度，饱和光电流不变B衰变现象说明电子是原子的组成部分C两个氘核的聚变反应方程式为D处于基态的氢原子吸收光子发生跃迁后动能增加4、
3、吴菊萍徒手勇救小妞妞，被誉为“最美妈妈”。若两岁的妞妞质量约为12kg，从十楼坠落，下落高度为28.8m，吴菊萍的手臂与妞妞的接触时间约为0.1s，已知重力加速度g=10m/s2，则她受到的冲击力约为A3000NB2880NC1440ND3220N5、光滑水平面上有长为的木板B，小物块A置于B的中点，A、B质量均为，二者间摩擦因数为，重力加速度为，A、B处于静止状态。某时刻给B一向右的瞬时冲量，为使A可以从B上掉下，冲量的最小值为（ ）ABCD6、下列说法正确的是（）A衰变所释放的电子是原子核外电子电离形成的B贝克勒尔通过实验发现了中子C原子从a能级状态跃迁到b能级状态时吸收波长为1的光子；原
4、子从b能级状态跃迁到c能级状态时发射波长为2的光子，已知12，那么原子从a能级状态跃迁到c能级状态时将要吸收波长为的光子D赫兹首次用实验证实了电磁波的存在二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，垂直于纸面向里的匀强磁场分布在正方形abcd区域内，O点是cd边的中点。一个带正电的粒子仅在磁场力作用下，从O点沿纸面以垂直于cd边的速度射入正方形内，经过时间t0刚好从c点射出磁场。现设法使该带电粒子从O点沿纸面以与od成30角的方向、大小不同的速率射入正方形内，则下列
5、说法中正确的是（ ）A若该带电粒子在磁场中经历的时间是，则它一定从ad边射 出磁场B若该带电粒子在磁场中经历的时间是，则它一定从cd边射出磁场C若该带电粒子在磁场中经历的时间是t0，则它一定从ab边射出磁场D若该带电粒子在磁场中经历的时间是，则它一定从bc边射出磁场8、关于一定量的气体，下列说法正确的是（）A气体做等温膨胀变化，其压强一定减小B气体的体积指的是该气体的分子所能到达的空间的体积，而不是该气体所有分子体积之和C气体分子热运动的剧烈程度减弱时，气体的压强一定减小D若气体处于完全失重的状态，气体的压强一定为零E.气体从外界吸收热量，其内能可能减小9、一位同学玩飞镖游戏，已知飞镖距圆盘为
6、L，对准圆盘上边缘的A点水平抛出，初速度为v0，飞镖抛出的同时，圆盘以垂直圆盘且过盘心O点的水平轴匀速转动。若飞镖恰好击中A点，下列说法正确的是()A从飞镖抛出到恰好击中A点，A点一定转动到最低点位置B从飞镖抛出到恰好击中A点的时间为C圆盘的半径为D圆盘转动的角速度为 (k1,2,3，)10、如图所示，水平面(未画出)内固定一绝缘轨道ABCD，直轨道AB与半径为R的圆弧轨道相切于B点，圆弧轨道的圆心为O，直径CD/AB。整个装置处于方向平行AB、电场强度大小为E的匀强电场中。一质量为m、电荷量为q的带正电小球从A点由静止释放后沿直轨道AB下滑。记A、B两点间的距离为d。一切摩擦不计。下列说法正
7、确的是（ ）A小球到达C点时的速度最大，且此时电场力的功率最大B若d=2R，则小球通过C点时对轨道的压力大小为7qEC若d=R，则小球恰好能通过D点D无论如何调整d的值都不可能使小球从D点脱离轨道后恰好落到B处三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）图甲为一个简单的多用电表的电路图，其中电源的电动势E=1.5V、内阻r=1.0，电流表内阻Rg=10、满偏电流Ig=10mA。该多用电表表盘如图乙所示，下排刻度均匀，C为上排刻度线的中间刻度。(1)选择开关接“1”，指针指在图乙所示位置时示数为_（结果保留三位有效数字）。(2)如果选择开关
8、接“3”，图甲中电阻R2=240，则此状态下多用电表为量程_的电压表。(3)如果选择开关接“2”，该多用电表可用来测电阻，C刻度应标为_。(4)如果选择开关接“2”，红、黑表笔短接，调节R1的阻值使电表指针刚好满偏，再测量某一电阻，指针指在图乙所示位置，则该电阻的测量阻值为_（保留两位有效数字）。(5)如果将该多用电表的电池换成一个电动势为1.5V、内阻为1.2的电池，正确调零后测量某电阻的阻值，其测量结果_（选填“偏大”、“偏小”或“准确”）。12（12分）小明想要粗略验证机械能守恒定律。把小钢球从竖直墙某位置由静止释放，用数码相机的频闪照相功能拍摄照片如图所示。已知设置的频闪频率为f，当地
9、重力加速度为g。(1)要验证小钢球下落过程中机械能守恒，小明需要测量以下哪些物理量_（填选项前的字母）。A墙砖的厚度d B小球的直径D C小球的质量m(2)照片中A位置_（“是”或“不是”）释放小球的位置。(3)如果表达式_（用题设条件中给出的物理量表示）在误差允许的范围内成立，可验证小钢球下落过程中机械能守恒。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，将一个折射率为的透明长方体放在空气中，矩形ABCD是它的一个截面，一单色细光束入射到P点，AP之间的距离为d，入射角为，AP间的距离为d=30cm，光速
10、为c=3.0108m/s，求： ()若要使光束进入长方体后正好能射至D点上，光线在PD之间传播的时间； ()若要使光束在AD面上发生全反射，角的范围。14（16分）在光滑绝缘的水平面上，存在平行于水平面向右的匀强电场，电场强度为E，水平面上放置两个静止、且均可看作质点的小球A和B，两小球质量均为m，A球带电荷量为，B球不带电，A、B连线与电场线平行，开始时两球相距L，在电场力作用下，A球与B球发生对心弹性碰撞设碰撞过程中，A、B两球间无电量转移(1)第一次碰撞结束瞬间A、B两球的速度各为多大?(2)从开始到即将发生第二次碰撞这段过程中电场力做了多少功?(3)从开始到即将发生第二次碰撞这段过程中
11、，若要求A在运动过程中对桌面始终无压力且刚好不离开水平桌面(v=0时刻除外)，可以在水平面内加一与电场正交的磁场请写出磁场B与时间t的函数关系15（12分）如图所示，两平行的光滑金属导轨固定在竖直平面内，导轨间距为L、足够长且电阻忽略不计，条形匀强磁场的宽度为d，磁感应强度大小为B、方向与导轨平面垂直。长度为2d的绝缘杆将导体棒和正方形的单匝导线框连接在一起组成装置，总质量为m，置于导轨上。导体棒与金属导轨总是处于接触状态，并在其中通以大小恒为I的电流（由外接恒流源产生，图中未画出）。线框的边长为d（），电阻为R，下边与磁场区域上边界重合。将装置由静止释放，导体棒恰好运动到磁场区域下边界处返回
12、，导体棒在整个运动过程中始终与导轨垂直，重力加速度为g。试求：(1)装置从释放到开始返回的过程中，线框中产生的焦耳热Q；(2)经过足够长时间后，线框上边与磁场区域下边界的最大距离xm。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A中子与质子结合成氘核的过程中有质量亏损，释放能量，故A错误；B卢瑟福的粒子散射实验揭示了原子的核式结构模型，故B错误；C根据光电效应方程知入射光的频率不变，若仅减弱该光的强度，则仍一定能发生光电效应，故C错误；D电子由外层轨道跃迁到内层轨道时，放出光子，总能量减小；根据可知半径越小，动能
13、越大，故D正确。故选D。2、D【解析】试题分析：理清电路，确定电压表测得什么电压，电流表测得什么电流，抓住电动势和内阻不变，采用局部整体局部的方法，利用闭合电路欧姆定律进行分析触点向b端移动过程中连入电路的电阻减小，即总电阻减小，干路电流即总电流增大，所以根据可知路端电压减小，即U减小， 在干路，通过它的电流增大，所以两端的电压增大，而，所以减小，即并联电路两端的电压减小，所以的电流减小，而，所以增大，D正确3、C【解析】A根据光子假设，当入射光的强度增加时，单位时间内通过金属表面的光子数增多，单位时间内从金属表面逸出的光电子增多，饱和光电流随之增大，选项A错误；B衰变释放的电子是原子核内的中
14、子转化来的，选项B错误；C两个氘核的聚变反应方程式为，选项C正确；D处于基态的氢原子吸收光子后向高能级跃迁，轨道半径增大，根据可知，速度随轨道半径的增大而减小，所以动能减小，选项D错误。故选C。4、A【解析】对妞妞下降过程有得规定向上为正向，由动量定理得代入数据求得A 3000N与分析相符，故A正确；B 2880N与分析不符，故B错误；C 1440N与分析不符，故C错误；D 3220N与分析不符，故D错误；故选：A。5、B【解析】设B获得冲量后瞬间速度为，物块掉下来的临界条件是A刚好到达边缘时两者共速，根据动量守恒根据能量守恒解得：根据动量定理，冲量最小值故B正确，ACD错误。故选：B。6、D
15、【解析】A衰变的本质是原子核内的一个中子释放一个电子变为质子，故A错误；B根据物理学史可知，查德威克通过粒子轰击铍核的实验，发现了中子的存在，故B错误；C光子的能量，由题，则，从a能级状态跃迁到b能级状态时吸收波长为1的光子，原子从b能级状态跃迁到c能级状态时发射波长为2的光子，根据玻尔理论，a能级的能量值大于c能级的能量值所以原子从a能级状态跃迁到c能级状态时将要辐射波长为的光子，故C错误；D根据物理学史可知，赫兹首次用实验证实了电磁波的存在，故D正确。故选：D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但
16、不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】由题，带电粒子以垂直于cd边的速度射入正方形内，经过时间t0刚好从c点射出磁场，则知带电粒子的运动周期为T=2t0A当带电粒子的轨迹与ad边相切时，轨迹的圆心角为60，粒子运动的时间为在所有从ad边射出的粒子中最长时间为，该带电粒子在磁场中经历的时间是，则它一定不会从ad边射出磁场，故A错误；B 若该带电粒子在磁场中经历的时间是则粒子轨迹的圆心角为速度的偏向角也为，根据几何知识得知，粒子射出磁场时与磁场边界的夹角为30，必定从cd射出磁场，故B正确；C 若该带电粒子在磁场中经历的时间是则得到轨迹的圆心角为，而粒子从ab边射出磁场时最大的偏向角等于故
17、不一定从ab边射出磁场，故C错误；D 若该带电粒子在磁场中经历的时间是则得到轨迹的圆心角为则它一定从bc边射出磁场，故D正确。故选：BD。8、ABE【解析】A由理想气体状态方程可得，气体在等温膨胀过程，温度不变，体积与压强成反比，体积增大，压强一定减小，故A正确；B气体的体积指的是该气体的分子所能到达的空间的体积，故B正确；C温度高气体分子热运动就剧烈，所以只要能减弱气体分子热运动的剧烈程度，气体的温度可以降低，但是压强不一定越低，故C错误；D在完全失重的情况下，分子运动不停息，气体对容器壁的压强不为零，故D错误；E气体从外界吸收热量，但如果同时对外做功，根据热力学第一定律，则内能可能减小，故
18、E正确。故选ABE。9、ABC【解析】A从飞镖抛出到恰好击中A点，A点转到了最低点位置，故A正确；B飞镖水平抛出，在水平方向做匀速直线运动，因此t故B正确；C飞镖击中A点时，A恰好在最下方，有1rgt1解得r故C正确；D飞镖击中A点，则A点转过的角度满足t1k(k0、1、1)故(k0、1、1)故D错误。故选ABC。10、BD【解析】A小球到达C点时，其所受电场力的方向与速度方向垂直，电场力的功率为零，故A错误；B当d=2R时，根据动能定理有小球通过C点时有解得N=7qE根据牛顿第三定律可知，此时小球对轨道的压力大小为7qE，故B正确；C若小球恰好能通过D点，则有又由动能定理有解得故C错误；D当
19、小球恰好能通过D点时，小球从D点离开的速度最小。小球离开D点后做类平抛运动，有解得由于xR故小球从D点脱离轨道后不可能落到B处，故D正确。故选BD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、7.46mA 2.5V 150 51 准确 【解析】(1)1选择开关接“1”时测电流，电表表盘下面刻度的最小分度值为0.2mA，指针在两最小刻度之间进行估读，故其示数为说明：估读方法符合最新高考评分标准。(2)2根据串联电路有分压作用可知，当电表满偏时有所以开关接“3”时为量程2.5V的电压表。(3)3欧姆表的内阻由于欧姆表的中值电阻等于欧姆表内阻，故C处
20、刻度为150。(4)4根据闭合电路欧姆定律有其中，解得(5)5因为电源内阻的变化，可以通过调零电阻阻值的变化来抵消，所以调零后测量某电阻阻值的测量结果是准确的。12、A 不是 【解析】（1）1此题为粗略验证机械能守恒，对于小球直径没有必要测量，表达式左右两边都有质量，所以质量没有必要测量，只需要测量墙砖的厚度（2）2图片上可以看出，所以A点不是释放小球的位置（3）3由匀变速直线运动规律周期和频率关系其中若机械能守恒，则a=g即满足四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (i)；(ii) 3060【解析】(i)由几何关
21、系 (ii)要使光束进入长方体后能射至AD面上，设最小折射角为，如图甲所示，根据几何关系有根据折射定律有解得角的最小值为=30如图乙，要使光束在AD面上发生全反射，则要使射至AD面上的入射角满足关系式:sinsinC解得60因此角的范围为3060.14、 (1) (2) (3) ( )【解析】（1）A球的加速度，碰前A的速度；碰前B的速度设碰后A、B球速度分别为、，两球发生碰撞时，由动量守恒和能量守恒定律有：，所以B碰撞后交换速度：，（2）设A球开始运动时为计时零点，即，A、B球发生第一次、第二次的碰撞时刻分别为、；由匀变速速度公式有：第一次碰后，经时间A、B两球发生第二次碰撞，设碰前瞬间A、
22、B两球速度分别为和，由位移关系有：，得到：；由功能关系可得：（另解：两个过程A球发生的位移分别为、，由匀变速规律推论，根据电场力做功公式有：）（3）对A球由平衡条件得到：，从A开始运动到发生第一次碰撞：从第一次碰撞到发生第二次碰撞：点睛：本题是电场相关知识与动量守恒定律的综合，虽然A球受电场力，但碰撞的内力远大于内力，则碰撞前后动量仍然守恒由于两球的质量相等则弹性碰撞后交换速度那么A球第一次碰后从速度为零继续做匀加速直线运动，直到发生第二次碰撞题设过程只是发生第二次碰撞之前的相关过程，有涉及第二次以后碰撞，当然问题变得简单些15、 (1)；(2)【解析】(1)因为导体棒恰好运动到磁场区域下边界处返回，所以导体棒所受安培力方向竖直向上，根据左手定则可知导体棒通有电流的方向水平向右；安培力大小为设装置由静止释放到导体棒运动到磁场下边界的过程中，作用在线框上的安培力做功为W，由动能定理得且解得(2)线框每进磁场一次都要消耗机械能转化为焦耳热，所以经过足够长时间后，线框在磁场下边界与最大距离xm之间往复运动，由动能定理得解得
