1、考点考点1 1 孟德尔两对相对性状的杂交实验孟德尔两对相对性状的杂交实验 以下为教师用书专用 (2016浙江10月选考,20,2分)在模拟孟德尔杂交实验中,甲同学分别从如图所示烧杯中随机抓 取一个小球并记录字母组合;乙同学分别从如图所示烧杯中随机抓取一个小球并记录字母组 合。将抓取的小球分别放回原烧杯后,重复100次。 下列叙述正确的是( ) A.甲同学的实验模拟F2产生配子和受精作用 B.乙同学的实验模拟基因自由组合 C.乙同学抓取小球的组合类型中DR约占1/2 D.从中随机各抓取1个小球的组合类型有16种 答案答案 B 根据题意,甲同学的实验模拟F1产生配子和受精作用,A错误;乙同学的实验
2、模拟基因自 由组合,B正确;乙同学抓取小球的组合类型中DR约占1/4,C错误;从中随机各抓取1个小球的 组合类型有9种,D错误。 考点考点2 2 自由组合定律及应用自由组合定律及应用 1.(2020浙江7月选考,18,2分)若某哺乳动物毛发颜色由基因De(褐色)、Df(灰色)、d(白色)控制,其中 De和Df分别对d完全显性。毛发形状由基因H(卷毛)、h(直毛)控制。控制两种性状的等位基因均 位于常染色体上且独立遗传。基因型为DedHh和DfdHh的雌雄个体交配。下列说法正确的是 ( ) A.若De对Df共显性、H对h完全显性,则F1有6种表现型 B.若De对Df共显性、H对h不完全显性,则F
3、1有12种表现型 C.若De对Df不完全显性、H对h完全显性,则F1有9种表现型 D.若De对Df完全显性、H对h不完全显性,则F1有8种表现型 答案答案 B 完全显性是指具有相对性状的两个亲本杂交,所得的F1与显性亲本的表现完全一致的 现象。不完全显性是指具有相对性状的两个亲本杂交,所得的F1表现为双亲的中间类型的现象。 共显性是指具有相对性状的两个亲本杂交,所得的F1个体同时表现出双亲的性状。若De对Df共显 性, 则Ded和Dfd杂交子代有4种表现型;H对h完全显性,则Hh和Hh杂交子代有2种表现型,控制两种 性状的等位基因独立遗传,根据乘法原则,DedHh和DfdHh杂交子代有8种表现
4、型,A错误。若H对h不 完全显性,则Hh和Hh杂交子代有3种表现型,结合A项对De和Df的分析,可知DedHh和DfdHh杂交子 代有12种表现型,B正确。若De对Df不完全显性,则Ded和Dfd杂交子代有4种表现型;H对h完全显性, 则Hh和Hh杂交子代有2种表现型,DedHh和DfdHh杂交子代有8种表现型,C错误。若De对Df完全显 性, Ded和Dfd杂交子代有3种表现型;H对h不完全显性,则Hh和Hh杂交子代有3种表现型,DedHh和 DfdHh杂交子代有9种表现型,D错误。 2.(2020浙江7月选考,23,2分)某植物的野生型(AABBcc)有成分R,通过诱变等技术获得3个无成分
5、R 的稳定遗传突变体(甲、乙和丙)。突变体之间相互杂交,F1均无成分R。然后选其中一组杂交的F1 (AaBbCc)作为亲本,分别与3个突变体进行杂交,结果见表: 注:“有”表示有成分R,“无”表示无成分R 用杂交子代中有成分R植株与杂交子代中有成分R植株杂交,理论上其后代中有成分R植株所 占比例为 ( ) A.21/32 B.9/16 C.3/8 D.3/4 杂交编号 杂交组合 子代表现型(株数) F1甲 有(199),无(602) F1乙 有(101),无(699) F1丙 无(795) 答案答案 A 杂交中,F1甲的子代中有无=13,即A_B_cc占1/4,可推出甲的基因型为AAbbcc或
6、 aaBBcc,继而得到子代中有成分R植株的基因型为A_Bbcc(AABbccAaBbcc=11)或AaB_cc (AaBBccAaBbcc=11); 杂交中,由于F1乙的子代中有无=17,即A_B_cc占1/8,则可推出 乙的基因型为aabbcc,继而得到子代中有成分R植株的基因型为AaBbcc。那么,杂交子代中有成 分R植株与杂交子代中有成分R植株杂交,即A_BbccAaBbcc或AaB_ccAaBbcc。以前一杂交 组合计算,由BbBb得到B_为3/4,由A_Aa得到A_为7/8,所以其后代中有成分R植株所占比例为3/ 47/8=21/32,后一杂交组合同理,A正确。 3.(2017课标
7、全国,6,6分)若某哺乳动物毛色由3对位于常染色体上的、独立分配的等位基因决 定,其中,A基因编码的酶可使黄色素转化为褐色素;B基因编码的酶可使该褐色素转化为黑色素;D 基因的表达产物能完全抑制A基因的表达;相应的隐性等位基因a、b、d的表达产物没有上述功 能。若用两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行杂交,F1均为黄色,F2中毛色表现型出现了黄 褐黑=5239的数量比,则杂交亲本的组合是( ) A.AABBDDaaBBdd,或AAbbDDaabbdd B.aaBBDDaabbdd,或AAbbDDaaBBDD C.aabbDDaabbdd,或AAbbDDaabbdd D.AAbbDDaaBBdd,
8、或AABBDDaabbdd 答案答案 D 本题通过问题探讨的形式考查对自由组合定律的分析与判断,属于对科学思维素养的 考查。根据题干中的信息可以确定这三对基因的关系,用如图表示: 黄色毛个体的基因型为aa_ _ _ _或者A_ _ _D_,褐色毛个体的基因型为 A_bbdd,黑色毛个体的基 因型为A_B_dd; 根据F2中表现型数量比为5239可得比例之和为52+3+9=64,即43 ,说明F1的基 因型中三对基因均为杂合,四个选项中只有D选项符合子代三对基因均杂合,D正确,A、B、C错 误。 4.(2016课标全国,6,6分)用某种高等植物的纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交,F1全部表现
9、为红花。若F1自交,得到的F2植株中,红花为272株,白花为212株;若用纯合白花植株的花粉给F1红花 植株授粉,得到的子代植株中,红花为101株,白花为302株。根据上述杂交实验结果推断,下列叙述 正确的是( ) A.F2中白花植株都是纯合体 B.F2中红花植株的基因型有2种 C.控制红花与白花的基因在一对同源染色体上 D.F2中白花植株的基因型种类比红花植株的多 答案答案 D 本题通过问题探讨的形式考查对自由组合特殊分离比的分析与推断,属于对科学思维 素养的考查。根据题意,由纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交,F1全部表现为红花,F1自交得到 的F2植株中红花白花97,可推知红花与白花由两
10、对独立遗传的等位基因控制(假设相关基因 用A、a和B、b表示),即两对等位基因位于两对同源染色体上,C错误;双显性(A_B_)基因型(4种)的 植株表现为红花,B错误;单显性(A_bb和aaB_)和双隐性(aabb)基因型的植株均表现为白花,所以F2 中白花植株有的为纯合体,有的为杂合体,A错误;F2中白花植株共有5种基因型,比红花植株(4种)基 因型种类多,D正确。 5.(2020课标全国,32,11分)控制某种植物叶形、叶色和能否抗霜霉病3个性状的基因分别用A /a、B/b、D/d表示,且位于3对同源染色体上。现有表现型不同的4种植株:板叶紫叶抗病(甲)、板 叶绿叶抗病(乙)、花叶绿叶感病
11、(丙)和花叶紫叶感病(丁)。甲和丙杂交,子代表现型均与甲相同; 乙和丁杂交,子代出现个体数相近的8种不同表现型。回答下列问题: (1)根据甲和丙的杂交结果,可知这3对相对性状的显性性状分别是 。 (2)根据甲和丙、乙和丁的杂交结果,可以推断甲、乙、丙和丁植株的基因型分别为 、 、 和 。 (3)若丙和丁杂交,则子代的表现型为 。 (4)选择某一未知基因型的植株X与乙进行杂交,统计子代个体性状。若发现叶形的分离比为3 1、叶色的分离比为11、能否抗病性状的分离比为11,则植株X的基因型为 。 答案答案 (1)板叶、紫叶、抗病 (2)AABBDD AabbDd aabbdd aaBbdd (3)花
12、叶绿叶感病、花 叶紫叶感病 (4)AaBbdd 解析解析 (1)甲(板叶紫叶抗病)和丙(花叶绿叶感病)进行杂交,子代表现型均与甲相同,可知甲、丙为 纯合子,根据具有相对性状的纯合亲本杂交,子一代表现出来的性状为显性性状可知,板叶、紫 叶、抗病为显性性状。(2)依据(1)可知,甲、丙植株的基因型分别是AABBDD、aabbdd。乙表现 为板叶绿叶抗病,基因型为A_bbD_,丁表现为花叶紫叶感病,基因型为aaB_dd;乙和丁杂交,子代出 现8种不同的表现型,根据具有一对等位基因的杂合子测交所得子代有两种表现型可知,乙、丁植 株的基因型分别为AabbDd、aaBbdd。(3)丙(aabbdd)和丁(
13、aaBbdd)进行杂交,控制叶形和能否抗病 的两对等位基因为隐性纯合,稳定遗传,丙和丁杂交相当于基因型为Bb和bb的个体杂交,故子代的 表现型为花叶紫叶感病、花叶绿叶感病。(4)乙的基因型为AabbDd,与植株X进行杂交:仅考虑叶 形,子代性状的分离比为31,符合杂合子自交实验结果,可推知X的基因型为Aa;考虑叶色和能否 抗病,子代性状的分离比均为11,符合杂合子测交实验结果,可推知植株X的基因型为Bb、dd;综 上可知植株X的基因型为AaBbdd。 6.(2020山东,23,16分)玉米是雌雄同株异花植物,利用玉米纯合雌雄同株品系M培育出雌株突变品 系,该突变品系的产生原因是2号染色体上的基
14、因Ts突变为ts,Ts对ts为完全显性。将抗玉米螟的基 因A转入该雌株品系中获得甲、乙两株具有玉米螟抗性的植株,但由于A基因插入的位置不同,甲 植株的株高表现正常,乙植株矮小。为研究A基因的插入位置及其产生的影响,进行了以下实验: (1)实验一中作为母本的是 ,实验二的F1中非抗螟植株的性别表现为 (填: “雌雄同株”“雌株”或“雌雄同株和雌株”)。 (2)选取实验一的F1抗螟植株自交,F2中抗螟雌雄同株抗螟雌株非抗螟雌雄同株约为21 1。由此可知,甲中转入的A基因与ts基因 (填:“是”或“不是”)位于同一条染色体上,F2 中抗螟雌株的基因型是 。若将F2中抗螟雌雄同株与抗螟雌株杂交,子代的
15、表现型及比 例为 。 (3)选取实验二的F1抗螟矮株自交,F2中抗螟矮株雌雄同株抗螟矮株雌株非抗螟正常株高雌雄 同株非抗螟正常株高雌株约为3131,由此可知,乙中转入的A基因 (填:“位 于”或“不位于”)2号染色体上,理由是 。F2中抗 实验一:品系M(TsTs)甲(Atsts)F1中抗螟非抗螟约为11 实验二:品系M(TsTs)乙(Atsts)F1中抗螟矮株非抗螟正常株高约为11 螟矮株所占比例低于预期值,说明A基因除导致植株矮小外,还对F1的繁殖造成影响,结合实验二的 结果推断这一影响最可能是 。F2抗螟矮株中ts基因的频率为 ,为了保存抗螟矮株雌株用于研究,种植F2抗螟矮株使其随机受粉
16、,并仅在雌株上收获籽粒,籽粒 种植后发育形成的植株中抗螟矮株雌株所占的比例为 。 答案答案 (1)甲 雌雄同株 (2)是 AAtsts 抗螟雌雄同株抗螟雌株=11 (3)不位于 抗螟性状与性别性状间是自由组合的,因此A基因不位于Ts、ts基因所在的2号染色体 上 含A基因的雄配子不育 1/2 1/6 解析解析 (1)实验一为品系M(TsTs雌雄同株)与甲(Atsts雌株)杂交,甲只能作母本。实验二为品系M (TsTs雌雄同株)乙(Atsts雌株),得到的后代为ATsts、Tsts,实验二的F1中非抗螟植株为雌雄同株。 (2)实验一F1抗螟植株自交,后代出现三种表现型,说明Ts、ts、A基因位于
17、一对同源染色体上,且有 抗螟雌株出现,说明A基因与ts基因连锁,故F1植株产生配子的种类及比例为TsAts=11,F2的基 因型(表现型)及比例为TsTs(非抗螟雌雄同株)ATsts(抗螟雌雄同株)AAtsts(抗螟雌株)约为1 21。F2中抗螟雌雄同株(ATsts)产生精子TsAts=11,抗螟雌株(AAtsts)只产生一种卵细胞 (Ats),抗螟雌雄同株(ATsts)与抗螟雌株(AAtsts)杂交,后代表现型及比例为抗螟雌雄同株(ATsts) 抗螟雌株(AAtsts)=11。(3)实验二的F1抗螟矮株自交,F2出现4种表现型,且比例约为3131, 说明抗螟性状与性别性状间自由组合,即抗螟基
18、因A不位于2号染色体上。实验二F1中抗螟矮株 (ATsts)自交,理论上后代抗螟矮株雌雄同株应占9/16,抗螟矮株雌株应占3/16,即F2中抗螟矮株所占 比例较理论值偏低,说明A基因对雌或雄配子的育性有影响,而实验二(抗螟植株乙只产生卵细胞)F1 抗螟与非抗螟比例正常,推断在抗螟矮株自交过程中,含A基因的花粉不育导致F2中抗螟植株所占 比例降低,即F1抗螟矮株产生的卵细胞为ATsAtsTsts=1111,而产生的可育精子为 Tsts=11。F2基因型及比例为ATsTsATstsAtstsTsTsTstststs=121121,F2 抗螟矮株中ts基因频率为1/2。种植F2抗螟矮株(ATsTsA
19、TstsAtsts=121)使其随机受粉,仅 收获雌株上的籽粒,说明(1/3)ATsTs、(2/3)ATsts作为父本,Atsts作为母本,因含基因A的花粉不育,故可 育花粉为Tsts=21,卵细胞为Atsts=11,故籽粒种植后发育形成的植株中抗螟矮株雌株 (Atsts)所占的比例为1/31/2=1/6。 7.(2019课标全国,32,11分)某实验室保存有野生型和一些突变型果蝇。果蝇的部分隐性突变基 因及其在染色体上的位置如图所示。回答下列问题。 (1)同学甲用翅外展粗糙眼果蝇与野生型(正常翅正常眼)纯合子果蝇进行杂交,F2中翅外展正常眼 个体出现的概率为 。图中所列基因中,不能与翅外展基
20、因进行自由组合的是 。 (2)同学乙用焦刚毛白眼雄蝇与野生型(直刚毛红眼)纯合子雌蝇进行杂交(正交),则子代雄蝇中焦 刚毛个体出现的概率为 ;若进行反交,子代中白眼个体出现的概率为 。 (3)为了验证遗传规律,同学丙让白眼黑檀体雄果蝇与野生型(红眼灰体)纯合子雌果蝇进行杂交得 到F1,F1相互交配得到F2。那么,在所得实验结果中,能够验证自由组合定律的F1表现型是 ,F2表现型及其分离比是 ;验 证伴性遗传时应分析的相对性状是 ,能够验证伴性遗传的F2表现型及其分离比是 。 答案答案 (1)3/16 紫眼基因 (2)0 1/2 (3)红眼灰体 红眼灰体红眼黑檀体白眼灰体白眼黑檀体=9331 红
21、眼/白眼 红眼 雌蝇红眼雄蝇白眼雄蝇=211 解析解析 (1)根据题意可知,翅外展相对于正常翅为隐性,粗糙眼相对于正常眼为隐性,控制这两对相 对性状的基因分别位于2号、3号染色体上,其遗传符合基因的自由组合定律。用翅外展粗糙眼果 蝇与野生型(正常翅正常眼)纯合子果蝇进行杂交,F1为双杂合的正常翅正常眼个体,F1雌雄个体杂 交,F2中翅外展正常眼个体出现的概率为1/43/4=3/16。根据图示,翅外展基因和紫眼基因均位于2 号染色体,二者不能进行自由组合。(2)由图可知,控制直刚毛/焦刚毛的基因和控制红眼/白眼的基 因均位于X染色体上,野生型(直刚毛红眼)纯合子为母本,焦刚毛白眼(双隐性)为父本
22、时,其子代的 雄性个体全部为直刚毛红眼,所以子代雄蝇中焦刚毛个体出现的概率为0;野生型(直刚毛红眼)为 父本,焦刚毛白眼为母本时,子代中雌性个体全部为直刚毛红眼,雄性个体全部为焦刚毛白眼,所以 子代中白眼个体出现的概率为1/2。(3)控制果蝇红眼/白眼的基因(W、w)在X染色体上,控制果蝇 灰体和黑檀体的基因(E、e)位于3号染色体上,二者可进行自由组合,白眼黑檀体雄果蝇(eeXwY)与 野生型(红眼灰体)纯合子雌果蝇(EEXWXW)杂交,F1的基因型为EeXWXw、EeXWY,雌雄均表现为红眼 灰体,F1相互交配,F2中红眼灰体红眼黑檀体白眼灰体白眼黑檀体=9331;验证伴性遗 传时应分析果
23、蝇的红眼/白眼这对相对性状,F2中红眼雌蝇红眼雄蝇白眼雄蝇=211。 8.(2019课标全国,32,12分)某种甘蓝的叶色有绿色和紫色。已知叶色受2对独立遗传的基因A/a 和B/b控制,只含隐性基因的个体表现隐性性状,其他基因型的个体均表现显性性状。某小组用绿 叶甘蓝和紫叶甘蓝进行了一系列实验。 实验:让绿叶甘蓝(甲)的植株进行自交,子代都是绿叶 实验:让甲植株与紫叶甘蓝(乙)植株杂交,子代个体中绿叶紫叶=13 回答下列问题。 (1)甘蓝叶色中隐性性状是 ,实验中甲植株的基因型为 。 (2)实验中乙植株的基因型为 ,子代中有 种基因型。 (3)用另一紫叶甘蓝(丙)植株与甲植株杂交,若杂交子代中
24、紫叶和绿叶的分离比为11,则丙植株所 有可能的基因型是 ;若杂交子代均为紫叶,则丙植株所有可能的基因型是 ;若杂交子代均为紫叶,且让该子代自交,自交子代中紫叶与绿叶的 分离比为151,则丙植株的基因型为 。 答案答案 (1)绿色 aabb (2)AaBb 4 (3)Aabb、aaBb AABB、AAbb、aaBB、AaBB、AABb AABB 解析解析 (1)(2)由实验绿叶甲自交,子代都是绿叶,可推知甲为纯合子;由实验绿叶甲与紫叶乙杂 交,子代中绿叶紫叶=13,可推知绿叶为隐性性状,只含隐性基因的个体表现为隐性性状,甲的 基因型为aabb,乙的基因型为AaBb。甲、乙杂交子代中有22=4(种
25、)基因型。(3)根据题意可知:紫 叶植株共有Aabb、aaBb、AABB、AAbb、aaBB、AaBB、AABb、AaBb 8种基因型,绿叶植株基 因型为aabb。当紫叶(Aabb或aaBb)与绿叶杂交时,杂交子代中紫叶绿叶=11;当紫叶(AABB或 AAbb或aaBB或AaBB或AABb)与绿叶杂交时,子代均为紫叶,其中紫叶(AABB)与绿叶(aabb)杂交 时,F1均为AaBb,F1自交,F2中紫叶绿叶=151。 9.(2018课标全国,31,10分)某小组利用某二倍体自花传粉植物进行两组杂交实验,杂交涉及的四 对相对性状分别是红果(红)与黄果(黄)、子房二室(二)与多室(多)、圆形果(圆
26、)与长形果(长)、单 一花序(单)与复状花序(复)。实验数据如表。 回答下列问题: (1)根据表中数据可得出的结论:控制甲组两对相对性状的基因位于 上,依据是 ;控制乙组两对相对性状的基因位于 (填“一对”或“两 对”)同源染色体上,依据是 。 (2)某同学若用“长复”分别与乙组的两个F1进行杂交,结合表中数据分析,其子代的统计结果不符 合 的比例。 组别 杂交组合 F1表现型 F2表现型及个体数 甲 红二黄多 红二 450红二、160红多、150黄二、50黄多 红多黄二 红二 460红二、150红多、160黄二、50黄多 乙 圆单长复 圆单 660圆单、90圆复、90长单、160长复 圆复长
27、单 圆单 510圆单、240圆复、240长单、10长复 答案答案 (1)非同源染色体 F2中两对相对性状表现型的分离比符合9331 一对 F2中每对 相对性状表现型的分离比都符合31,而两对相对性状表现型的分离比不符合9331 (2) 1111 解析解析 (1)甲组杂交组合的F2性状分离符合9331的比例,说明控制甲组的两对相对性状的基 因位于非同源染色体上。而乙组杂交组合F2中圆形果长形果=31;单一花序复状花序=31, 每对相对性状表现型的分离比都符合31,而两对相对性状的分离比不符合9331,说明控制 乙组两对相对性状的基因位于一对同源染色体上。(2)因控制乙组两对相对性状的基因位于一对
28、 同源染色体上,故利用“长复”对乙组F1测交的结果不符合1111的比例。 10.(2018浙江11月选考,31,7分)某种昆虫的正常翅与裂翅、红眼与紫红眼分别由基因B(b)、D(d) 控制。为研究其遗传机制,选取裂翅紫红眼雌、雄个体随机交配,得到的F1表现型及数目见表。 (1)红眼与紫红眼中,隐性性状是 ,判断的依据是 。亲本裂翅紫红眼雌性个体的基因型为 。 (2)F1的基因型共有 种。F1正常翅紫红眼雌性个体的体细胞内基因D的数目最多时有 个。F1出现4种表现型的原因是 。 (3)若从F1中选取裂翅紫红眼雌性个体和裂翅红眼雄性个体交配。理论上,其子代中杂合子的比例 为 。 裂翅紫红眼 裂翅红
29、眼 正常翅紫红眼 正常翅红眼 雌性个体(只) 102 48 52 25 雄性个体(只) 98 52 48 25 答案答案 (1)红眼 紫红眼与紫红眼交配,F1出现了红眼 BbDd (2)4 2 减数分裂过程中,非同源染色体上非等位基因自由组合 (3)5/6 解析解析 (1)由题意可知,裂翅雌、雄个体随机交配,F1出现正常翅,则正常翅为隐性性状;裂翅紫红眼 雌、雄个体随机交配,F1中雌雄表现型及比例相近,说明基因B(b)、D(d)均位于常染色体上;F1中裂 翅正常翅=21,紫红眼红眼=21,说明BB或DD的个体均无法存活。因此,亲本裂翅紫红眼 个体的基因型为BbDd。(2)分析可知,BB或DD的
30、个体无法存活,因此F1的基因型只有4种,即Bb- Dd、Bbdd、bbDd、bbdd。F1正常翅紫红眼雌性个体(bbDd)的体细胞在分裂间期进行DNA复制, 故细胞内最多含有2个基因D。F1出现4种表现型的原因是减数分裂过程中,非同源染色体上非等 位基因自由组合。(3)F1中裂翅紫红眼雌性个体的基因型为BbDd,裂翅红眼雄性个体的基因型为 Bbdd,雌雄个体交配BbBb1BB(死亡)2Bb1bb,Dddd1Dd1dd,存活的子代中纯合子的 比例为1/31/2=1/6,则杂合子的比例为1-1/6=5/6。 11.(2016课标全国,32,12分)某种植物的果皮有毛和无毛、果肉黄色和白色为两对相对
31、性状,各 由一对等位基因控制(前者用D、d表示,后者用F、f表示),且独立遗传。利用该种植物三种不同基 因型的个体(有毛白肉A、无毛黄肉B、无毛黄肉C)进行杂交,实验结果如图: 有毛白肉A无毛黄肉B 无毛黄肉B无毛黄肉C 有毛黄肉有毛白肉为11 全部为无毛黄肉 实验1 实验2 有毛白肉A无毛黄肉C 全部为有毛黄肉 实验3 回答下列问题: (1)果皮有毛和无毛这对相对性状中的显性性状为 ,果肉黄色和白色这对相对性状中 的显性性状为 。 (2)有毛白肉A、无毛黄肉B和无毛黄肉C的基因型依次为 。 (3)若无毛黄肉B自交,理论上,下一代的表现型及比例为 。 (4)若实验3中的子代自交,理论上,下一代
32、的表现型及比例为 。 (5)实验2中得到的子代无毛黄肉的基因型有 。 答案答案 (12分) (1)有毛 黄肉 (2)DDff、ddFf、ddFF (3)无毛黄肉无毛白肉=31 (4)有毛黄肉有毛白肉无毛黄肉无毛白肉=9331 (5)ddFF、ddFf 解析解析 本题通过问题探讨的形式考查对性状遗传的分析与推断,属于对科学思维素养的考查。(1) 通过实验1和实验3可知,有毛与无毛杂交后代均为有毛,可知有毛为显性性状。通过实验3可知,白 肉与黄肉杂交,后代均为黄肉,可断定黄肉为显性性状。(2)通过实验1有毛A与无毛B杂交后代全 为有毛可知:A为DD,B为dd。由C个体无毛可知C为dd;通过实验3白
33、肉A和黄肉C杂交后代全为黄 肉可知,A为ff,C为FF;通过实验1白肉A和黄肉B杂交后代黄肉白肉=11,可知B为Ff,所以A的基 因型为DDff,B的基因型为ddFf,C的基因型为ddFF。(3)B的基因型为ddFf,自交后代无毛黄肉无 毛白肉=31。(4)实验3亲本的基因型为DDff与ddFF,子代基因型为DdFf,根据自由组合定律,子代 自交后代表现型及比例为:有毛黄肉有毛白肉无毛黄肉无毛白肉=9331。(5)实验2亲 本的基因型为ddFf与ddFF,它们杂交后代无毛黄肉的基因型为ddFF、ddFf。 12.(2018浙江4月选考,28,2分)为研究某种植物3种营养成分(A、B和C)含量的
34、遗传机制,先采用 CRISPR/Cas9基因编辑技术,对野生型进行基因敲除突变实验,经分子鉴定获得3个突变植株(M1、 M2和M3)。其自交一代结果见表,表中高或低指营养成分含量高或低。 植株(表现型) 自交一代植株数目(表现型) 野生型(A低B低C高) 150(A低B低C高) M1(A低B低C高) 60(A高B低C低)181(A低B低C高) 79(A低B低C低) M2(A低B低C高) 122(A高B低C低)91(A低B高C低)272(A低B低C高) M3(A低B低C高) 59(A低B高C低)179(A低B低C高)80(A低B低C低) 以下为教师用书专用 A.从M1自交一代中取纯合的(A高B低
35、C低)植株,与M2基因型相同的植株杂交,理论上其杂交一代 中只出现(A高B低C低)和(A低B低C高)两种表现型,且比例一定是11 B.从M2自交一代中取纯合的(A低B高C低)植株,与M3基因型相同的植株杂交,理论上其杂交一代 中,纯合基因型个体数杂合基因型个体数一定是11 C.M3在产生花粉的减数分裂过程中,某对同源染色体有一小段没有配对,说明其中一个同源染色 体上一定是由基因敲除缺失了一个片段 D.可从突变植株自交一代中取A高植株与B高植株杂交,从后代中选取A和B两种成分均高的植株, 再与C高植株杂交,从杂交后代中能选到A、B和C三种成分均高的植株 下列叙述正确的是( ) 答案答案 A 本题
36、以对突变体植物实验分析结果为背景,考查学生获得信息、分析问题、解决问题 的能力,属于对科学思维素养中运用模型与建构、批判性思维等方法解决问题的考查。由3个突 变植株(M1、M2和M3)的表现型与野生型的表现型相同可知三种突变均为隐性突变,从突变植株 自交一代植株的表现型比例来看,均是双杂合子自交后代9331表现型比例的变形,可以推出 M1、M2、M3均为双杂合子,各对基因之间遵循基因自由组合定律。因此野生型的基因型为 AABBCC,由野生型基因型为AABBCC及表现型A低B低C高推出,A、B、C三种基因间的关系如 图: M1、M2和M3的基因型可能为AaBbCC、AABbCc、AaBBCc,由
37、表中数据可知:M1自交子一代A 高B低C低A低B低C高A低B低C低394;M2自交子一代A高B低C低A低B高C低A低 B低C高439;M3自交子一代A低B高C低A低B低C高A低B低C低394。可以用假 说演绎法验证M1、M2、M3的基因型,若突变体基因型为AaBbCC,则自交一代为9A_B_CC(A 低B低C高)3A_bbCC(A高B低C低)3aaB_CC(A低B低C低)1aabbCC(A低B低C低),与M1自交 子一代结果相同,因此M1基因型为AaBbCC;若突变体基因型为AABbCc,则自交子一代为9AAB_C _(A低B低C高)3AAB_cc(A低B高C低)3AAbbC_(A高B低C低)
38、1AAbbcc(A高B低C低),与M2 自交子一代结果相同,因此M2基因型为AABbCc;若突变体基因型为AaBBCc,则自交子一代为9A_ BBC_(A低B低C高)3A_BBcc(A低B高C低)3aaBBC_(A低B低C低)1aaBBcc(A低B低C低),与 M3自交子一代结果相同,因此M3基因型为AaBBCc。M1子代中纯合的(A高B低C低)植株基因型 为AAbbCC,与M2基因型相同的植株即AABbCc杂交,子代表现型分别为AABbC_(A低B低C高) AAbbC_(A高B低C低)=11,故A正确;M2子代中纯合的(A低B高C低)植株基因型为AABBcc,与M 3基因型相同的植株即AaB
39、BCc杂交,子代基因型分别为AABBCc、AABBcc、AaBBCc、AaBBcc, 其中,纯合基因型个体数杂合基因型个体数=13,故B错误;采用CRISPR/Cas9基因编辑技术对 野生型进行基因敲除,其原理是先将双链DNA断裂,后在DNA自我修复过程中随机插入、缺失或 替换几个甚至几十个碱基,这种变异本质上还是基因突变,而M3在产生花粉的减数分裂过程中,某 对同源染色体有一小段没有配对,很可能是其中一个同源染色体发生了染色体结构变异如缺失、 重复等而导致的,而不是因为基因敲除,故C错误;营养物质A含量高的基因型为A_bb_,营养物质B 含量高的基因型为A_B_cc,营养物质C含量高的基因型
40、为A_B_C_,不可能培养出营养物质A、B两 种成分均高的植株,更不可能培养出营养物质A、B和C三种成分均高的植株,故D错误。 解题关键解题关键 想解决此类问题必须掌握以下几点:根据突变体与野生型的表现型、基因型对比判断出 三种突变体基因间的遗传关系;熟练应用“假说演绎法”对9331变形情况进行验证。 13.(2017浙江11月选考,24,2分)豌豆子叶的黄色对绿色为显性,种子的圆粒对皱粒为显性,且两对性 状独立遗传。以1株黄色圆粒和1株绿色皱粒的豌豆作为亲本,杂交得到F1,其自交得到的F2中黄色 圆粒黄色皱粒绿色圆粒绿色皱粒=93155,则黄色圆粒的亲本产生的配子种类有 ( ) A.1种 B
41、.2种 C.3种 D.4种 答案答案 B 本题以豌豆两对相对性状的杂交实验为背景,考查拆分法在遗传计算中的应用,体现了 科学思维素养中的分析与推断要素。设豌豆子叶的黄色(A)对绿色(a)为显性,种子的圆粒(B)对皱 粒(b)为显性,且两对性状独立遗传。根据题干信息,F1自交得到的F2中黄色圆粒黄色皱粒绿色 圆粒绿色皱粒=93155,可知F2中豌豆子叶黄色绿色=35,种子圆粒皱粒=31,由此 可推出F1中控制圆粒和皱粒的基因型为Bb,而控制F1子叶颜色的基因型既有Aa也有aa,再进一步推 出亲本中黄色圆粒亲本的基因型为AaBB,其可产生两种配子,B正确。 14.(2017浙江4月选考,28,2分
42、)若利用根瘤农杆菌转基因技术将抗虫基因和抗除草剂基因转入大 豆,获得若干转基因植株(T0代),从中选择抗虫抗除草剂的单株S1、S2和S3,分别进行自交获得T1代,T 1代性状表现如图所示。已知目的基因能1次或多次插入并整合到受体细胞染色体上,下列叙述正 确的是( ) A.抗虫对不抗虫表现为完全显性,抗除草剂对不抗除草剂表现为不完全显性 B.根瘤农杆菌Ti质粒携带的抗虫和抗除草剂基因分别插到了S2的2条非同源染色体上,并正常表达 C.若给S1后代T1植株喷施适量的除草剂,让存活植株自交,得到的自交一代群体中不抗虫抗除草剂 的基因型频率为1/2 D.若取S3后代T1纯合抗虫不抗除草剂与纯合不抗虫抗
43、除草剂单株杂交,得到的子二代中抗虫抗除 草剂的纯合子占1/9 答案答案 C 本题通过转基因大豆的自交实验,考查了个体基因型的探究和基因连锁遗传,体现了科 学思维素养中的演绎与推理要素。据图分析,抗除草剂对不抗除草剂表现为完全显性,A错误;若抗 虫基因和抗除草剂基因分别插到了S2的2条非同源染色体上并成功表达,则S2自交后代会出现不抗 虫不抗除草剂的个体,而实际并未出现这样的后代,B错误;若给S1后代T1植株喷施适量除草剂,存活 的抗虫抗除草剂植株不抗虫抗除草剂植株=21,抗虫抗除草剂植株自交后代中不抗虫抗除草 剂植株的比例为2/31/4=1/6,不抗虫抗除草剂植株自交后代全为不抗虫抗除草剂植株
44、,占1/3,因此, 后代不抗虫抗除草剂植株的基因型频率=1/6+1/3=1/2,C正确;S3后代T1纯合的抗虫不抗除草剂与纯 合的不抗虫抗除草剂单株杂交,子二代中抗虫抗除草剂的纯合子占1/16,D错误。 15.(2016浙江4月选考,28,2分)某自花受粉植物的花色有红色和白色,花色取决于细胞中的花色素, 花色素合成的主要过程如图所示。设花色由2对等位基因A和a、B和b控制。取白花植株(甲)与白 花植株(乙)杂交,F1全为红色,F1自交得F2,F2中出现红色和白色。 苯丙氨酸 花色素前体物花色素 基因A酶1 酶2基因B 下列叙述正确的是( ) A.植株甲能产生2种不同基因型的配子 B.若亲代白
45、花植株中基因a或b发生突变,则该植株一定开红花 C.用酶1的抑制剂喷施红花植株后出现白花,该植株的基因型仍然不变 D.若基因B发生突变导致终止密码子提前出现,则基因B不编码氨基酸,植株开白花 答案答案 C 本题通过某植物花色遗传,考查了基因互作,体现了对科学思维素养的分析与推断要 素。由题意可知,基因型为A_B_时,植株开红花,基因型为A_bb、aaB_时,植株开白花,根据白花植 株(甲)与白花植株(乙)杂交,F1全为红色,得出甲和乙都为纯合子,只能产生1种基因型的配子,A错 误;若亲代白花植株中基因a或b发生突变,其不一定突变成对应的显性基因,该植株不一定开红花, B错误;用酶1的抑制剂喷施
46、红花植株后出现白花,该植株的基因型仍然不变,C正确;若基因B发生 突变导致终止密码子提前出现,则基因B可能编码出较短的多肽,D错误。 16.(2019江苏单科,32,9分)杜洛克猪毛色受独立遗传的两对等位基因控制,毛色有红毛、棕毛和白 毛三种,对应的基因组成如表。请回答下列问题: (1)棕毛猪的基因型有 种。 (2)已知两头纯合的棕毛猪杂交得到的F1均表现为红毛,F1雌雄交配产生F2。 该杂交实验的亲本基因型为 。 F1测交,后代表现型及对应比例为 。 F2中纯合个体相互交配,能产生棕毛子代的基因型组合有 种(不考虑正反交)。 F2的棕毛个体中纯合体的比例为 。F2中棕毛个体相互交配,子代白毛
47、个体的比例为 。 (3)若另一对染色体上有一对基因I、i,I基因对A和B基因的表达都有抑制作用,i基因不抑制,如I_A _B_表现为白毛。基因型为IiAaBb的个体雌雄交配,子代中红毛个体的比例为 ,白毛个体 的比例为 。 毛色 红毛 棕毛 白毛 基因组成 A_B_ A_bb、aaB_ aabb 答案答案 (9分)(1)4 (2)AAbb和aaBB 红毛棕毛白毛=121 4 1/3 1/9 (3)9/6 4 49/64 解析解析 本题主要考查了基因型的基础判断和自由组合现象的概率计算,体现了科学思维素养中的 分析与推断要素。(1)棕毛猪的基因型有4种,分别是AAbb、Aabb、aaBB、aaBb。(2)两头纯合 的棕毛猪杂交得到的F1均为红毛猪,说明亲本的基因型为AAbb、aaBB。F1的基因型为AaBb,F1 测交,后代基因型及对应比例为AaBbAabbaaBbaabb=1
