浙江省宁波市十校2023届高三3月二模物理试卷+答案.pdf

1、宁波“十校”物理参考答案 第 1 页 共 4 页 宁波“十校”2023 届高三 3 月联考 宁波“十校”2023 届高三 3 月联考 物理参考答案物理参考答案 一、选择题选择题（本大题共 13 小题，每题 3 分，共 39 分。每小题列出的四个备选项中只有一个符合题目要求，不选、错选、多选均不得分）题号题号 1 2 3 4 5 6 答案答案 C B B D B C 7 8 9 10 11 12 13 A B D D C D B 二、选择题选择题（本题共 3 小题，每小题 2 分，共 6 分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得 3 分，选对但不全的得 2 分，有选错

2、的得 0 分）题号题号 14 15 答案答案 ABD BD 三、非选择题非选择题（本大题共 7 小题，共 55 分）16（1）BC（2 分）B（1 分）CD（2 分）（2）B（1 分）C（1 分）（1）3.699-3.701（1 分）m（1 分）24bda（1 分）不变（1 分）（2）需要（1 分）C（1 分）b（1 分）17（1）均匀 （2分）（2）封闭气体做等圧変化，当液体到达饮料管的最上端时，气体的温度最高，由盖-吕萨克定律知1221VVTT（1分）可得22113580.220300301.73580.1 20VTTKV+=+（2分）（答案为28.5C-28.7C也算正确）（3）气体对外

3、做功0.2WPVJ=（1分）由热力学第一定律知0.5UQWJ=（2分）18（1）24m/sPa=；（2）19m；（3）64.6J（1）滑块 P 在下滑到底端的过程中，由牛顿第二定律得 2sin37cos37PPPm gm gm a=（2 分）代入数据可得 24m/sa=（1 分）（2）滑块 P 下滑到底端时128m/svad=（1 分）滑块 P、Q 发生弹性正碰，碰撞过程中动量守恒，能量守恒，有 10PPPQQm vm vm v+=（1 分）宁波“十校”物理参考答案 第 2 页 共 4 页 2221111222PPPQQm vm vm v=+（1 分）代入数据可得4m/sPv=，12m/sQv

4、=滑块 P 与 Q 碰后，Q 经1st=滑上木板，则可知碰撞点离木板右端距离为12mQxv t=而 P 物体到达木板右端位置的时间为3sPxtv=此时 Q 物体刚好滑离木板，对 Q 物体受力分析，由牛顿第二定律2QQQm gm a=可得22.5m/sQa=对木板有21()2.5NPPm gmM g=+=即木板静止不动，则 Q 在静止的木板上做匀减速直线运动，故长木板的长度211119m2QQLv ta t=（1 分）（3）Q 与木板间产生的热量2147.5QgQmLJ=（1 分）P 在木板上运动时，由2PPPm gm a=及21()QPMm gMmgMa+=（1 分）解得22.5m/sPa=，

5、21m/sMa=则 P 与木板间的相对运动距离2162()7PPMvxmaa=+可得 P 与木板间产生的热量211207PgQmxJ=（1 分）故 P、Q 与木板间产生的总热量1290564.614QQQJJ=+=（1 分）19（1）1C （2）2J （3）3()4Ns+（4）-0.2m 0（1）可知电路总电阻0.22RRr=+=总 （1 分）由EIRt=总 通过导体棒得电量1Bl xqItCRR=总总 （1 分）（2）通过棒 ab 得电流随时间变化规律为10sin10()Blvit AR=总 （1 分）可得电流得有效值5 2IA=（1 分）故一个周期内 MN 边中产生得热量222IQRTJ=

6、（1 分）（3）由动量定理得sinFmImgtBIltmv =（1 分）其中BIltBlq=（1 分）解得()34FIN s=+（1 分）宁波“十校”物理参考答案 第 3 页 共 4 页（4）金属框受到得摩擦力()sin25 10sin10fMgBilt N=（1 分）由于导体棒 ab 做简谐运动，故可知sinFmgBilkx=且()0.2cos10 xt m=得510sin1020cos10Ftt=+（1 分）由于Ff=，可得00.2xm=或 （1 分）20（1）根据题意，带电粒子在整个区域中运动的轨迹如图所示 带电粒子在匀强电场中做类平抛运动，根据类平抛运动的规律可得，竖直方向的位移为 1

7、10.522()220qEdyatmv=（1 分）其中20002B qdB qdEvmm=、，代入可得0.25yd=（1 分）则粒子在第一象限离开电场的纵坐标为0.50.75ydyd=+=所以粒子在第一象限离开电场的坐标为（0.5d，0.75d）。（1 分）（2）粒子进入匀强磁场区域，速度偏转角度的正切值为0.25tan210.5dd=即带电粒子进入磁场时与 y 轴负方向的夹角为 45，粒子刚进入匀强磁场时的瞬时速度大小为002cos45vvv=（1 分）经过匀强磁场后，带电粒子恰好从第四象限水平离开匀强电场，说明粒子在磁场中的轨迹关于 x 轴对称，根据几何关系可知粒子在匀强磁场的轨迹半径为1

8、3 24rd=（1 分）根据洛伦兹力提供向心力，有211vBv qmr=（1 分）解得11mvrqB=联立可得1043BB=（1 分）（3）粒子在两段匀强电场中运动的时间为1000.52dmtvB q=粒子在匀强磁场中运动时，轨迹所对应的圆心角为 270，宁波“十校”物理参考答案 第 4 页 共 4 页 则有21029438mmtqBqB=（1 分）粒子从 B 到 C 和从 D 到 A 的运动时间为3003(1)22(23)dmtvqB=（1 分）带电粒子在匀强磁场中运动时间为40052563mmtqBqB=（1 分）所以粒子从A点出发到第一次回到A点的总时间为12340673324mtttttqB=+=+总 （1 分）