1、宁波“十校”物理参考答案 第 1 页 共 4 页 宁波“十校”2023 届高三 3 月联考 宁波“十校”2023 届高三 3 月联考 物理参考答案物理参考答案 一、选择题选择题(本大题共 13 小题,每题 3 分,共 39 分。每小题列出的四个备选项中只有一个符合题目要求,不选、错选、多选均不得分)题号题号 1 2 3 4 5 6 答案答案 C B B D B C 7 8 9 10 11 12 13 A B D D C D B 二、选择题选择题(本题共 3 小题,每小题 2 分,共 6 分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得 3 分,选对但不全的得 2 分,有选错
2、的得 0 分)题号题号 14 15 答案答案 ABD BD 三、非选择题非选择题(本大题共 7 小题,共 55 分)16(1)BC(2 分)B(1 分)CD(2 分)(2)B(1 分)C(1 分)(1)3.699-3.701(1 分)m(1 分)24bda(1 分)不变(1 分)(2)需要(1 分)C(1 分)b(1 分)17(1)均匀 (2分)(2)封闭气体做等圧変化,当液体到达饮料管的最上端时,气体的温度最高,由盖-吕萨克定律知1221VVTT(1分)可得22113580.220300301.73580.1 20VTTKV+=+(2分)(答案为28.5C-28.7C也算正确)(3)气体对外
3、做功0.2WPVJ=(1分)由热力学第一定律知0.5UQWJ=(2分)18(1)24m/sPa=;(2)19m;(3)64.6J(1)滑块 P 在下滑到底端的过程中,由牛顿第二定律得 2sin37cos37PPPm gm gm a=(2 分)代入数据可得 24m/sa=(1 分)(2)滑块 P 下滑到底端时128m/svad=(1 分)滑块 P、Q 发生弹性正碰,碰撞过程中动量守恒,能量守恒,有 10PPPQQm vm vm v+=(1 分)宁波“十校”物理参考答案 第 2 页 共 4 页 2221111222PPPQQm vm vm v=+(1 分)代入数据可得4m/sPv=,12m/sQv
4、=滑块 P 与 Q 碰后,Q 经1st=滑上木板,则可知碰撞点离木板右端距离为12mQxv t=而 P 物体到达木板右端位置的时间为3sPxtv=此时 Q 物体刚好滑离木板,对 Q 物体受力分析,由牛顿第二定律2QQQm gm a=可得22.5m/sQa=对木板有21()2.5NPPm gmM g=+=即木板静止不动,则 Q 在静止的木板上做匀减速直线运动,故长木板的长度211119m2QQLv ta t=(1 分)(3)Q 与木板间产生的热量2147.5QgQmLJ=(1 分)P 在木板上运动时,由2PPPm gm a=及21()QPMm gMmgMa+=(1 分)解得22.5m/sPa=,
5、21m/sMa=则 P 与木板间的相对运动距离2162()7PPMvxmaa=+可得 P 与木板间产生的热量211207PgQmxJ=(1 分)故 P、Q 与木板间产生的总热量1290564.614QQQJJ=+=(1 分)19(1)1C (2)2J (3)3()4Ns+(4)-0.2m 0(1)可知电路总电阻0.22RRr=+=总 (1 分)由EIRt=总 通过导体棒得电量1Bl xqItCRR=总总 (1 分)(2)通过棒 ab 得电流随时间变化规律为10sin10()Blvit AR=总 (1 分)可得电流得有效值5 2IA=(1 分)故一个周期内 MN 边中产生得热量222IQRTJ=
6、(1 分)(3)由动量定理得sinFmImgtBIltmv =(1 分)其中BIltBlq=(1 分)解得()34FIN s=+(1 分)宁波“十校”物理参考答案 第 3 页 共 4 页(4)金属框受到得摩擦力()sin25 10sin10fMgBilt N=(1 分)由于导体棒 ab 做简谐运动,故可知sinFmgBilkx=且()0.2cos10 xt m=得510sin1020cos10Ftt=+(1 分)由于Ff=,可得00.2xm=或 (1 分)20(1)根据题意,带电粒子在整个区域中运动的轨迹如图所示 带电粒子在匀强电场中做类平抛运动,根据类平抛运动的规律可得,竖直方向的位移为 1
7、10.522()220qEdyatmv=(1 分)其中20002B qdB qdEvmm=、,代入可得0.25yd=(1 分)则粒子在第一象限离开电场的纵坐标为0.50.75ydyd=+=所以粒子在第一象限离开电场的坐标为(0.5d,0.75d)。(1 分)(2)粒子进入匀强磁场区域,速度偏转角度的正切值为0.25tan210.5dd=即带电粒子进入磁场时与 y 轴负方向的夹角为 45,粒子刚进入匀强磁场时的瞬时速度大小为002cos45vvv=(1 分)经过匀强磁场后,带电粒子恰好从第四象限水平离开匀强电场,说明粒子在磁场中的轨迹关于 x 轴对称,根据几何关系可知粒子在匀强磁场的轨迹半径为1
8、3 24rd=(1 分)根据洛伦兹力提供向心力,有211vBv qmr=(1 分)解得11mvrqB=联立可得1043BB=(1 分)(3)粒子在两段匀强电场中运动的时间为1000.52dmtvB q=粒子在匀强磁场中运动时,轨迹所对应的圆心角为 270,宁波“十校”物理参考答案 第 4 页 共 4 页 则有21029438mmtqBqB=(1 分)粒子从 B 到 C 和从 D 到 A 的运动时间为3003(1)22(23)dmtvqB=(1 分)带电粒子在匀强磁场中运动时间为40052563mmtqBqB=(1 分)所以粒子从A点出发到第一次回到A点的总时间为12340673324mtttttqB=+=+总 (1 分)